《2021年全國高考乙卷數(shù)學（理）試題-[附答案]》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2021年全國高考乙卷數(shù)學（理）試題-[附答案]（34頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、內(nèi)裝訂線內(nèi)裝訂線學校:_姓名：_班級：_考號：_外裝訂線2021年全國高考乙卷數(shù)學（理）試題題號一二三總分得分注意事項：1答題前填寫好自己的姓名、班級、考號等信息2請將答案正確填寫在答題卡上評卷人得分一、單選題1設(shè)，則（）ABCD2已知集合，則（）ABCD3已知命題命題，則下列命題中為真命題的是（）ABCD4設(shè)函數(shù)，則下列函數(shù)中為奇函數(shù)的是（）ABCD5在正方體中，P為的中點，則直線與所成的角為（）ABCD6將5名北京冬奧會志愿者分配到花樣滑冰、短道速滑、冰球和冰壺4個項目進行培訓(xùn)，每名志愿者只分配到1個項目，每個項目至少分配1名志愿者，則不同的分配方案共有（）A60種B120種C240種D4

2、80種7把函數(shù)圖像上所有點的橫坐標縮短到原來的倍，縱坐標不變，再把所得曲線向右平移個單位長度，得到函數(shù)的圖像，則（）ABCD8在區(qū)間與中各隨機取1個數(shù)，則兩數(shù)之和大于的概率為（）ABCD9魏晉時劉徽撰寫的海島算經(jīng)是有關(guān)測量的數(shù)學著作，其中第一題是測海島的高如圖，點，在水平線上，和是兩個垂直于水平面且等高的測量標桿的高度，稱為“表高”，稱為“表距”，和都稱為“表目距”，與的差稱為“表目距的差”則海島的高（）A表高B表高C表距D表距10設(shè)，若為函數(shù)的極大值點，則（）ABCD11設(shè)是橢圓的上頂點，若上的任意一點都滿足，則的離心率的取值范圍是（）ABCD12設(shè)，則（）ABCD評卷人得分二、填空題13已

3、知雙曲線的一條漸近線為，則C的焦距為_14已知向量，若，則_15記的內(nèi)角A，B，C的對邊分別為a，b，c，面積為，則_16以圖為正視圖，在圖中選兩個分別作為側(cè)視圖和俯視圖，組成某個三棱錐的三視圖，則所選側(cè)視圖和俯視圖的編號依次為_（寫出符合要求的一組答案即可）評卷人得分三、解答題17某廠研制了一種生產(chǎn)高精產(chǎn)品的設(shè)備，為檢驗新設(shè)備生產(chǎn)產(chǎn)品的某項指標有無提高，用一臺舊設(shè)備和一臺新設(shè)備各生產(chǎn)了10件產(chǎn)品，得到各件產(chǎn)品該項指標數(shù)據(jù)如下：舊設(shè)備9.810.310.010.29.99.810.010.110.29.7新設(shè)備10.110.410.110.010.110.310.610.510.410.5舊設(shè)

4、備和新設(shè)備生產(chǎn)產(chǎn)品的該項指標的樣本平均數(shù)分別記為和，樣本方差分別記為和（1）求，；（2）判斷新設(shè)備生產(chǎn)產(chǎn)品的該項指標的均值較舊設(shè)備是否有顯著提高（如果，則認為新設(shè)備生產(chǎn)產(chǎn)品的該項指標的均值較舊設(shè)備有顯著提高，否則不認為有顯著提高）18如圖，四棱錐的底面是矩形，底面，為的中點，且（1）求；（2）求二面角的正弦值19記為數(shù)列的前n項和，為數(shù)列的前n項積，已知（1）證明：數(shù)列是等差數(shù)列;（2）求的通項公式20設(shè)函數(shù)，已知是函數(shù)的極值點（1）求a；（2）設(shè)函數(shù)證明:21已知拋物線的焦點為，且與圓上點的距離的最小值為（1）求；（2）若點在上，是的兩條切線，是切點，求面積的最大值22在直角坐標系中，的圓心

5、為，半徑為1（1）寫出的一個參數(shù)方程;（2）過點作的兩條切線以坐標原點為極點，x軸正半軸為極軸建立極坐標系，求這兩條切線的極坐標方程23已知函數(shù)（1）當時，求不等式的解集;（2）若，求a的取值范圍試卷第5頁，共5頁參考答案：1C【解析】【分析】設(shè)，利用共軛復(fù)數(shù)的定義以及復(fù)數(shù)的加減法可得出關(guān)于、的等式，解出這兩個未知數(shù)的值，即可得出復(fù)數(shù).【詳解】設(shè)，則，則，所以，解得，因此，.故選：C.2C【解析】【分析】分析可得，由此可得出結(jié)論.【詳解】任取，則，其中，所以，故，因此，.故選：C.3A【解析】【分析】由正弦函數(shù)的有界性確定命題的真假性，由指數(shù)函數(shù)的知識確定命題的真假性，由此確定正確選項.【詳解

6、】由于，所以命題為真命題；由于在上為增函數(shù)，所以，所以命題為真命題；所以為真命題，、為假命題.故選：A4B【解析】【分析】分別求出選項的函數(shù)解析式，再利用奇函數(shù)的定義即可.【詳解】由題意可得，對于A，不是奇函數(shù)；對于B，是奇函數(shù)；對于C，定義域不關(guān)于原點對稱，不是奇函數(shù)；對于D，定義域不關(guān)于原點對稱，不是奇函數(shù).故選：B【點睛】本題主要考查奇函數(shù)定義，考查學生對概念的理解，是一道容易題.5D【解析】【分析】平移直線至，將直線與所成的角轉(zhuǎn)化為與所成的角，解三角形即可.【詳解】如圖，連接，因為，所以或其補角為直線與所成的角，因為平面，所以，又，所以平面，所以，設(shè)正方體棱長為2，則，所以.故選：D6

7、C【解析】【分析】先確定有一個項目中分配2名志愿者，其余各項目中分配1名志愿者，然后利用組合，排列，乘法原理求得.【詳解】根據(jù)題意，有一個項目中分配2名志愿者，其余各項目中分配1名志愿者，可以先從5名志愿者中任選2人，組成一個小組，有種選法；然后連同其余三人，看成四個元素，四個項目看成四個不同的位置，四個不同的元素在四個不同的位置的排列方法數(shù)有4！種，根據(jù)乘法原理，完成這件事，共有種不同的分配方案，故選：C.【點睛】本題考查排列組合的應(yīng)用問題，屬基礎(chǔ)題，關(guān)鍵是首先確定人數(shù)的分配情況，然后利用先選后排思想求解.7B【解析】【分析】解法一：從函數(shù)的圖象出發(fā)，按照已知的變換順序，逐次變換，得到，即得

8、，再利用換元思想求得的解析表達式；解法二：從函數(shù)出發(fā)，逆向?qū)嵤└鞑阶儞Q，利用平移伸縮變換法則得到的解析表達式.【詳解】解法一：函數(shù)圖象上所有點的橫坐標縮短到原來的倍，縱坐標不變，得到的圖象，再把所得曲線向右平移個單位長度，應(yīng)當?shù)玫降膱D象，根據(jù)已知得到了函數(shù)的圖象，所以，令,則,所以,所以；解法二：由已知的函數(shù)逆向變換，第一步：向左平移個單位長度，得到的圖象，第二步：圖象上所有點的橫坐標伸長到原來的2倍，縱坐標不變，得到的圖象，即為的圖象，所以.故選：B.8B【解析】【分析】設(shè)從區(qū)間中隨機取出的數(shù)分別為，則實驗的所有結(jié)果構(gòu)成區(qū)域為，設(shè)事件表示兩數(shù)之和大于，則構(gòu)成的區(qū)域為，分別求出對應(yīng)的區(qū)域面積，

9、根據(jù)幾何概型的的概率公式即可解出【詳解】如圖所示：設(shè)從區(qū)間中隨機取出的數(shù)分別為，則實驗的所有結(jié)果構(gòu)成區(qū)域為，其面積為設(shè)事件表示兩數(shù)之和大于，則構(gòu)成的區(qū)域為，即圖中的陰影部分，其面積為，所以故選：B.【點睛】本題主要考查利用線性規(guī)劃解決幾何概型中的面積問題，解題關(guān)鍵是準確求出事件對應(yīng)的區(qū)域面積，即可順利解出9A【解析】【分析】利用平面相似的有關(guān)知識以及合分比性質(zhì)即可解出【詳解】如圖所示：由平面相似可知，而 ，所以，而 ，即 故選：A.【點睛】本題解題關(guān)鍵是通過相似建立比例式，圍繞所求目標進行轉(zhuǎn)化即可解出10D【解析】【分析】先考慮函數(shù)的零點情況，注意零點左右附近函數(shù)值是否變號，結(jié)合極大值點的性質(zhì)

10、，對進行分類討論，畫出圖象，即可得到所滿足的關(guān)系，由此確定正確選項.【詳解】若，則為單調(diào)函數(shù)，無極值點，不符合題意，故.有和兩個不同零點，且在左右附近是不變號，在左右附近是變號的.依題意，為函數(shù)的極大值點，在左右附近都是小于零的.當時，由，畫出的圖象如下圖所示：由圖可知，故.當時，由時，畫出的圖象如下圖所示：由圖可知，故.綜上所述，成立.故選：D【點睛】本小題主要考查三次函數(shù)的圖象與性質(zhì)，利用數(shù)形結(jié)合的數(shù)學思想方法可以快速解答.11C【解析】【分析】設(shè)，由，根據(jù)兩點間的距離公式表示出 ，分類討論求出的最大值，再構(gòu)建齊次不等式，解出即可【詳解】設(shè)，由，因為 ，所以，因為，當，即 時，即 ，符合題

11、意，由可得，即 ；當，即時， ，即，化簡得， ，顯然該不等式不成立故選：C【點睛】本題解題關(guān)鍵是如何求出的最大值，利用二次函數(shù)求指定區(qū)間上的最值，要根據(jù)定義域討論函數(shù)的單調(diào)性從而確定最值12B【解析】【分析】利用對數(shù)的運算和對數(shù)函數(shù)的單調(diào)性不難對a,b的大小作出判定，對于a與c，b與c的大小關(guān)系，將0.01換成x,分別構(gòu)造函數(shù),，利用導(dǎo)數(shù)分析其在0的右側(cè)包括0.01的較小范圍內(nèi)的單調(diào)性，結(jié)合f(0)=0,g(0)=0即可得出a與c，b與c的大小關(guān)系.【詳解】,所以;下面比較與的大小關(guān)系.記,則,，由于所以當0x0時,所以,即函數(shù)在0,+)上單調(diào)遞減，所以,即,即bc;綜上，,故選：B.【點睛】

12、本題考查比較大小問題，難度較大，關(guān)鍵難點是將各個值中的共同的量用變量替換，構(gòu)造函數(shù)，利用導(dǎo)數(shù)研究相應(yīng)函數(shù)的單調(diào)性，進而比較大小，這樣的問題，憑借近似估計計算往往是無法解決的.134【解析】【分析】將漸近線方程化成斜截式，得出的關(guān)系，再結(jié)合雙曲線中對應(yīng)關(guān)系，聯(lián)立求解，再由關(guān)系式求得，即可求解.【詳解】由漸近線方程化簡得，即，同時平方得，又雙曲線中，故，解得（舍去），故焦距.故答案為：4.【點睛】本題為基礎(chǔ)題，考查由漸近線求解雙曲線中參數(shù)，焦距，正確計算并聯(lián)立關(guān)系式求解是關(guān)鍵.14【解析】【分析】根據(jù)平面向量數(shù)量積的坐標表示以及向量的線性運算列出方程，即可解出【詳解】因為，所以由可得，解得故答案為

13、：【點睛】本題解題關(guān)鍵是熟記平面向量數(shù)量積的坐標表示，設(shè)，注意與平面向量平行的坐標表示區(qū)分15【解析】【分析】由三角形面積公式可得，再結(jié)合余弦定理即可得解.【詳解】由題意，所以，所以，解得（負值舍去）.故答案為：.16（答案不唯一）【解析】【分析】由題意結(jié)合所給的圖形確定一組三視圖的組合即可.【詳解】選擇側(cè)視圖為，俯視圖為，如圖所示，長方體中，分別為棱的中點，則正視圖，側(cè)視圖，俯視圖對應(yīng)的幾何體為三棱錐.故答案為：.【點睛】三視圖問題解決的關(guān)鍵之處是由三視圖確定直觀圖的形狀以及直觀圖中線面的位置關(guān)系和數(shù)量關(guān)系.17（1）；（2）新設(shè)備生產(chǎn)產(chǎn)品的該項指標的均值較舊設(shè)備有顯著提高.【解析】【分析】

14、（1）根據(jù)平均數(shù)和方差的計算方法，計算出平均數(shù)和方差.（2）根據(jù)題目所給判斷依據(jù)，結(jié)合（1）的結(jié)論進行判斷.【詳解】（1），.（2）依題意，所以新設(shè)備生產(chǎn)產(chǎn)品的該項指標的均值較舊設(shè)備有顯著提高.18（1）；（2）【解析】【分析】（1）以點為坐標原點，、所在直線分別為、軸建立空間直角坐標系，設(shè)，由已知條件得出，求出的值，即可得出的長；（2）求出平面、的法向量，利用空間向量法結(jié)合同角三角函數(shù)的基本關(guān)系可求得結(jié)果.【詳解】（1）方法一：空間坐標系+空間向量法平面，四邊形為矩形，不妨以點為坐標原點，、所在直線分別為、軸建立如下圖所示的空間直角坐標系，設(shè)，則、，則，則，解得，故；方法二【最優(yōu)解】：幾何法

15、+相似三角形法如圖，連結(jié)因為底面，且底面，所以又因為，所以平面又平面，所以從而因為，所以所以，于是所以所以 方法三：幾何法+三角形面積法如圖，聯(lián)結(jié)交于點N由方法二知在矩形中，有，所以，即令，因為M為的中點，則，由，得，解得，所以（2）方法一【最優(yōu)解】：空間坐標系+空間向量法設(shè)平面的法向量為，則，由，取，可得，設(shè)平面的法向量為，由，取，可得，所以，因此，二面角的正弦值為.方法二：構(gòu)造長方體法+等體積法如圖，構(gòu)造長方體，聯(lián)結(jié)，交點記為H，由于，所以平面過H作的垂線，垂足記為G聯(lián)結(jié)，由三垂線定理可知，故為二面角的平面角易證四邊形是邊長為的正方形，聯(lián)結(jié)，由等積法解得在中，由勾股定理求得所以，即二面角的

16、正弦值為【整體點評】（1）方法一利用空坐標系和空間向量的坐標運算求解；方法二利用線面垂直的判定定理，結(jié)合三角形相似進行計算求解，運算簡潔，為最優(yōu)解；方法三主要是在幾何證明的基礎(chǔ)上，利用三角形等面積方法求得.（2）方法一，利用空間坐標系和空間向量方法計算求解二面角問題是常用的方法，思路清晰，運算簡潔，為最優(yōu)解；方法二采用構(gòu)造長方體方法+等體積轉(zhuǎn)化法，技巧性較強，需注意進行嚴格的論證.19（1）證明見解析；（2）.【解析】【分析】（1）由已知得,且，取,得,由題意得,消積得到項的遞推關(guān)系,進而證明數(shù)列是等差數(shù)列;（2）由（1）可得的表達式,由此得到的表達式,然后利用和與項的關(guān)系求得.【詳解】（1）

17、方法一：由已知得,且，,取,由得,由于為數(shù)列的前n項積，所以,所以，所以,由于所以，即,其中所以數(shù)列是以為首項，以為公差等差數(shù)列;方法二【最優(yōu)解】： 由已知條件知于是由得又，由得令，由，得所以數(shù)列是以為首項，為公差的等差數(shù)列方法三：由，得，且，又因為，所以，所以在中，當時，故數(shù)列是以為首項，為公差的等差數(shù)列方法四：數(shù)學歸納法由已知，得，猜想數(shù)列是以為首項，為公差的等差數(shù)列，且下面用數(shù)學歸納法證明當時顯然成立假設(shè)當時成立，即那么當時，綜上，猜想對任意的都成立即數(shù)列是以為首項，為公差的等差數(shù)列（2）方法一：由（1）可得，數(shù)列是以為首項，以為公差的等差數(shù)列，,當n=1時，,當n2時,顯然對于n=1不

18、成立,.【整體點評】（1）方法一從得，然后利用的定義，得到數(shù)列的遞推關(guān)系，進而替換相除消項得到相鄰兩項的關(guān)系，從而證得結(jié)論；方法二先從的定義，替換相除得到，再結(jié)合得到，從而證得結(jié)論，為最優(yōu)解；方法三由，得，由的定義得，進而作差證得結(jié)論；方法四利用歸納猜想得到數(shù)列，然后利用數(shù)學歸納法證得結(jié)論（2）由（1）的結(jié)論得到，求得的表達式,然后利用和與項的關(guān)系求得的通項公式；20（1）；（2）證明見詳解【解析】【分析】（1）由題意求出，由極值點處導(dǎo)數(shù)為0即可求解出參數(shù)；（2）由（1）得，且，分類討論和，可等價轉(zhuǎn)化為要證，即證在和上恒成立，結(jié)合導(dǎo)數(shù)和換元法即可求解【詳解】（1）由，又是函數(shù)的極值點，所以，解

19、得；（2）方法一：轉(zhuǎn)化為有分母的函數(shù)由（）知，其定義域為要證，即證，即證（）當時，即證令，因為，所以在區(qū)間內(nèi)為增函數(shù)，所以（）當時，即證，由（）分析知在區(qū)間內(nèi)為減函數(shù)，所以綜合（）（）有方法二【最優(yōu)解】：轉(zhuǎn)化為無分母函數(shù)由（1）得，且，當 時，要證， ，即證，化簡得；同理，當時，要證， ，即證，化簡得；令，再令，則，令，當時，單減，故；當時，單增，故；綜上所述，在恒成立. 方法三 ：利用導(dǎo)數(shù)不等式中的常見結(jié)論證明令，因為，所以在區(qū)間內(nèi)是增函數(shù)，在區(qū)間內(nèi)是減函數(shù)，所以，即（當且僅當時取等號）故當且時，且，即，所以（）當時，所以，即，所以（）當時，同理可證得綜合（）（）得，當且時，即【整體點評】（

20、2）方法一利用不等式的性質(zhì)分類轉(zhuǎn)化分式不等式：當時，轉(zhuǎn)化為證明，當時，轉(zhuǎn)化為證明，然后構(gòu)造函數(shù)，利用導(dǎo)數(shù)研究單調(diào)性，進而證得；方法二利用不等式的性質(zhì)分類討論分別轉(zhuǎn)化為整式不等式：當時，成立和當時，成立，然后換元構(gòu)造，利用導(dǎo)數(shù)研究單調(diào)性進而證得，通性通法，運算簡潔，為最優(yōu)解；方法三先構(gòu)造函數(shù)，利用導(dǎo)數(shù)分析單調(diào)性，證得常見常用結(jié)論（當且僅當時取等號）然后換元得到，分類討論，利用不等式的基本性質(zhì)證得要證得不等式，有一定的巧合性.21（1）；（2）.【解析】【分析】（1）根據(jù)圓的幾何性質(zhì)可得出關(guān)于的等式，即可解出的值；（2）設(shè)點、，利用導(dǎo)數(shù)求出直線、，進一步可求得直線的方程，將直線的方程與拋物線的方程

21、聯(lián)立，求出以及點到直線的距離，利用三角形的面積公式結(jié)合二次函數(shù)的基本性質(zhì)可求得面積的最大值.【詳解】（1）方法一：利用二次函數(shù)性質(zhì)求最小值由題意知，設(shè)圓M上的點，則所以從而有因為，所以當時，又，解之得，因此 方法二【最優(yōu)解】：利用圓的幾何意義求最小值拋物線的焦點為，所以，與圓上點的距離的最小值為，解得；（2）方法一：切點弦方程+韋達定義判別式求弦長求面積法拋物線的方程為，即，對該函數(shù)求導(dǎo)得，設(shè)點、，直線的方程為，即，即，同理可知，直線的方程為，由于點為這兩條直線的公共點，則，所以，點A、的坐標滿足方程，所以，直線的方程為，聯(lián)立，可得，由韋達定理可得，所以，點到直線的距離為，所以，由已知可得，所

22、以，當時，的面積取最大值.方法二：【最優(yōu)解】：切點弦法+分割轉(zhuǎn)化求面積+三角換元求最值 同方法一得到過P作y軸的平行線交于Q，則P點在圓M上，則故當時的面積最大，最大值為方法三：直接設(shè)直線AB方程法設(shè)切點A，B的坐標分別為，設(shè)，聯(lián)立和拋物線C的方程得整理得判別式，即，且拋物線C的方程為，即，有則，整理得，同理可得聯(lián)立方程可得點P的坐標為，即將點P的坐標代入圓M的方程，得，整理得由弦長公式得點P到直線的距離為所以，其中，即當時，【整體點評】（1）方法一利用兩點間距離公式求得關(guān)于圓M上的點的坐標的表達式，進一步轉(zhuǎn)化為關(guān)于的表達式，利用二次函數(shù)的性質(zhì)得到最小值，進而求得的值；方法二，利用圓的性質(zhì)，與

23、圓上點的距離的最小值，簡潔明快，為最優(yōu)解；（2）方法一設(shè)點、，利用導(dǎo)數(shù)求得兩切線方程，由切點弦方程思想得到直線的坐標滿足方程，然手與拋物線方程聯(lián)立，由韋達定理可得，利用弦長公式求得的長，進而得到面積關(guān)于坐標的表達式，利用圓的方程轉(zhuǎn)化得到關(guān)于的二次函數(shù)最值問題；方法二，同方法一得到，過P作y軸的平行線交于Q，則由求得面積關(guān)于坐標的表達式，并利用三角函數(shù)換元求得面積最大值，方法靈活，計算簡潔，為最優(yōu)解；方法三直接設(shè)直線，聯(lián)立直線和拋物線方程，利用韋達定理判別式得到，且利用點在圓上，求得的關(guān)系，然后利用導(dǎo)數(shù)求得兩切線方程，解方程組求得P的坐標，進而利用弦長公式和點到直線距離公式求得面積關(guān)于的函數(shù)表達

24、式，然后利用二次函數(shù)的性質(zhì)求得最大值；22（1），（為參數(shù)）；（2）和【解析】【分析】（1）直接利用圓心及半徑可得的圓的參數(shù)方程；（2）先求得過（4，1）的圓的切線方程，再利用極坐標與直角坐標互化公式化簡即可.【詳解】（1）由題意，的普通方程為，所以的參數(shù)方程為，（為參數(shù)）（2）方法一：直角坐標系方法當直線的斜率不存在時，直線方程為，此時圓心到直線的距離為，故舍去當切線斜率存在時，設(shè)其方程為，即故，即，解得所以切線方程為或兩條切線的極坐標方程分別為和即和方法二【最優(yōu)解】：定義求斜率法如圖所示，過點F作的兩條切線，切點分別為A，B在中，又軸，所以兩條切線的斜率分別和故切線的方程為，這兩條切線的極

25、坐標方程為和即和【整體點評】（2）方法一：直角坐標系中直線與圓相切的條件求得切線方程，再轉(zhuǎn)化為極坐標方程，方法二：直接根據(jù)傾斜角求得切線的斜率，得到切線的直角坐標方程，然后轉(zhuǎn)化為極坐標方程,在本題中巧妙的利用已知圓和點的特殊性求解，計算尤其簡潔，為最優(yōu)解.23（1）.（2）.【解析】【分析】（1）利用絕對值的幾何意義求得不等式的解集.（2）利用絕對值不等式化簡，由此求得的取值范圍.【詳解】（1）方法一：絕對值的幾何意義法當時，表示數(shù)軸上的點到和的距離之和，則表示數(shù)軸上的點到和的距離之和不小于，當或時所對應(yīng)的數(shù)軸上的點到所對應(yīng)的點距離之和等于6，數(shù)軸上到所對應(yīng)的點距離之和等于大于等于6得到所對應(yīng)

26、的坐標的范圍是或，所以的解集為.方法二【最優(yōu)解】：零點分段求解法當時，當時，解得；當時，無解；當時，解得綜上，的解集為（2）方法一：絕對值不等式的性質(zhì)法求最小值依題意，即恒成立，當且僅當時取等號，,故，所以或，解得.所以的取值范圍是.方法二【最優(yōu)解】：絕對值的幾何意義法求最小值由是數(shù)軸上數(shù)x表示的點到數(shù)a表示的點的距離，得，故，下同解法一.方法三：分類討論+分段函數(shù)法 當時，則，此時，無解當時，則，此時，由得，綜上，a的取值范圍為方法四：函數(shù)圖象法解不等式由方法一求得后，構(gòu)造兩個函數(shù)和，即和，如圖，兩個函數(shù)的圖像有且僅有一個交點，由圖易知，則【整體點評】（1）解絕對值不等式的方法有幾何意義法，零點分段法方法一采用幾何意義方法，適用于絕對值部分的系數(shù)為1的情況，方法二使用零點分段求解法，適用于更廣泛的情況，為最優(yōu)解；（2）方法一，利用絕對值不等式的性質(zhì)求得，利用不等式恒成立的意義得到關(guān)于的不等式，然后利用絕對值的意義轉(zhuǎn)化求解；方法二與方法一不同的是利用絕對值的幾何意義求得的最小值，最有簡潔快速，為最優(yōu)解法方法三利用零點分區(qū)間轉(zhuǎn)化為分段函數(shù)利用函數(shù)單調(diào)性求最小值，要注意函數(shù)中的各絕對值的零點的大小關(guān)系，采用分類討論方法，使用與更廣泛的情況；方法四與方法一的不同在于得到函數(shù)的最小值后，構(gòu)造關(guān)于的函數(shù)，利用數(shù)形結(jié)合思想求解關(guān)于的不等式.答案第29頁，共29頁