11、解析 (x－)6展開式的通項為Tr＋1＝Cx6－r(－1)r·()r·x－2r＝Cx6－3r(－1)r·()r.
令6－3r＝0，得r＝2.
故C()2＝60，解得a＝4.
5．－
解析 n為正偶數(shù)，且第4項二項式系數(shù)最大，故展開式共7項，
n＝6，第4項系數(shù)為C3＝－.
課堂活動區(qū)
例1 解題導引 (1)通項Tr＋1＝Can－rbr是(a＋b)n的展開式的第r＋1項，而不是第r項；二項式系數(shù)與項的系數(shù)是完全不同的兩個概念，二項式系數(shù)是指C，r＝0,1,2，…，n，與a，b的值無關；而項的系數(shù)是指該項中除變量外的常數(shù)部分．
(2)求二項展開式中的有理項，一般是根據(jù)通項公式所得到
12、的項，其所有的未知數(shù)的指數(shù)恰好都是整數(shù)的項．解這種類型的問題必須合并通項公式中同一字母的指數(shù)，根據(jù)具體要求，令其屬于整數(shù)，再根據(jù)數(shù)的整除性來求解．若求二項展開式中的整式項，則其通項公式中同一字母的指數(shù)應是非負整數(shù)，求解方式與求有理項的方式一致．
解 (1)通項公式為Tr＋1＝Cxrx－
＝Crx，
因為第6項為常數(shù)項，所以r＝5時，有＝0，
即n＝10.
(2)令＝2，得r＝(n－6)＝×(10－6)＝2，
∴所求的系數(shù)為C2＝.
(3)根據(jù)通項公式，由題意得
令＝k (k∈Z)，則10－2r＝3k，
即r＝5－k，∵r∈N，∴k應為偶數(shù)．
∴k可取2,0，－2，即r可取2
13、,5,8.
所以第3項，第6項與第9項為有理項，它們分別為
C2x2，C5，C8x－2.
變式遷移1 6
解析 展開式的通項Tr＋1＝C·x20－r·(y)r
＝C·x20－r·yr·3.
由0≤r≤20，∈Z得r＝0,4,8,12,16,20.
所以系數(shù)為有理數(shù)的項共有6項．
例2 解題導引 (1)在有關組合數(shù)的求和問題中，經(jīng)常用到形如C＝C＝C，C＝C，kC＝nC等式子的變形技巧；
(2)利用二項式定理解決整除問題時，關鍵是進行合理地變形構造二項式．求余數(shù)問題時，應明確被除式f(x)、除式g(x)[g(x)≠0]、商式q(x)與余式的關系及余式的范圍．
(1)證明 方法
14、一 設S＝C＋2C＋3C＋…＋(n－1)·C＋nC， ①
∴S＝nC＋(n－1)C＋(n－2)C＋…＋2C＋C
＝nC＋(n－1)C＋(n－2)C＋…＋2C＋C， ②
①＋②得2S＝n(C＋C＋C＋…＋C＋C)＝n·2n.
∴S＝n·2n－1.原式得證．
方法二 ∵C＝·
＝＝C，∴kC＝nC.
∴左邊＝nC＋nC＋…＋nC
＝n(C＋C＋…＋C)
＝n·2n－1＝右邊．
(2)解 S＝C＋C＋…＋C＝227－1
＝89－1＝(9－1)9－1
＝C×99－C×98＋…＋C×9－C－1
＝9(C×98－C×97＋…＋C)－2
＝9(C×98－C×97＋…＋C－
15、1)＋7，
顯然上式括號內的數(shù)是正整數(shù)．
故S被9除的余數(shù)為7.
變式遷移2 解 (1＋x)2n＝C＋Cx＋Cx2＋Cx3＋…＋Cx2n.
令x＝1得C＋C＋…＋C＋C＝22n；
再令x＝－1得C－C＋C－…＋(－1)rC＋…－C＋C＝0.
兩式相加，再用C＝1，
得C＋C＋…＋C＝－1＝22n－1－1.
例3 解題導引 (1)求二項式系數(shù)最大的項：如果n是偶數(shù)，則中間一項[第項]的二項式系數(shù)最大；如果n是奇數(shù)，則中間兩項[第項與第項]的二項式系數(shù)相等且最大；
(2)求展開式系數(shù)最大的項：如求(a＋bx)n(a，b∈R)的展開式中系數(shù)最大的項，一般是采用待定系數(shù)法．設展開式各
16、項系數(shù)分別為A1，A2，…，An＋1，且第r＋1項系數(shù)最大，應用
解出r來，即得系數(shù)最大的項．
解 (1)令x＝1，則二項式各項系數(shù)的和為
f(1)＝(1＋3)n＝4n，
又展開式中各項的二項式系數(shù)之和為2n.
由題意知，4n－2n＝992.
∴(2n)2－2n－992＝0，∴(2n＋31)(2n－32)＝0，
∴2n＝－31(舍)，或2n＝32，∴n＝5.
由于n＝5為奇數(shù)，所以展開式中二項式系數(shù)最大的項為中間兩項，它們分別是
T3＝C3(3x2)2＝90x6，
T4＝C2(3x2)3＝270x.
(2)展開式的通項公式為Tr＋1＝C3r·x(5＋2r)．
假設Tr＋
17、1項系數(shù)最大，則有
∴
∴∴≤r≤，∵r∈N，∴r＝4.
故展開式中系數(shù)最大的項為T5＝405x.
變式遷移3 11,12,13
(1)解析 分三種情況：①若僅T7系數(shù)最大，則共有13項，n＝12；②若T7與T6系數(shù)相等且最大，則共有12項，n＝11；③若T7與T8系數(shù)相等且最大，則共有14項，n＝13，所以n的值可能等于11,12,13.
(2)解 (ⅰ)∵C＋C＝2C，∴n2－21n＋98＝0.
∴n＝7或n＝14，當n＝7時，展開式中二項式系數(shù)最大的項是T4和T5.
∴T4的系數(shù)為C423＝，
T5的系數(shù)為C324＝70，
當n＝14時，展開式中二項式系數(shù)的最大的項是
18、T8.
∴T8的系數(shù)為C727＝3 432.
(ⅱ)∵C＋C＋C＝79，∴n2＋n－156＝0.
∴n＝12或n＝－13(舍去)．
設Tk＋1項的系數(shù)最大，
∵12＝12(1＋4x)12，
∴∴9.4≤k≤10.4.
∴k＝10.
∴展開式中系數(shù)最大的項為T11，
T11＝12C410x10＝16 896x10.
課后練習區(qū)
1．5 2.－2 3.7 4.21
5．－121
解析 (1－x)5中x3的系數(shù)為－C＝－10，(1－x)6中x3的系數(shù)為－C＝－20，(1－x)7中x3的系數(shù)為－C＝－35，(1－x)8中x3的系數(shù)為－C＝－56.所以原式中x3的系數(shù)為－10－
19、20－35－56＝－121.
6．17
解析 二項展開式的通項為Tr＋1＝Cx18－r(－)r＝(－1)r()rCx18－.
令18－＝15，解得r＝2.
∴含x15的項的系數(shù)為(－1)2()2C＝17.
7．－
解析 Tr＋1＝Cx6－rr·x－r
＝rC·x6－2r，
令6－2r＝0，得r＝3.
∴常數(shù)項為T3＋1＝3C＝－.
8．4 351
解析 10＝10
＝C(1＋x)10＋C(1＋x)9＋C(1＋x)8＋C(1＋x)7＋C(1＋x)6＋…，
從第五項C(1＋x)6起，后面各項不再出現(xiàn)常數(shù)項，前四項的常數(shù)項分別是C×C，C×C，C×C，C×C.
故原三項展
20、開式中常數(shù)項為
CC＋CC＋CC＋CC＝4 351.
9．解 (1)①令x＝1，
得a0＋a1＋a2＋a3＋a4＝(3－1)4＝16. (3分)
②令x＝－1得，
a0－a1＋a2－a3＋a4＝(－3－1)4＝256，
而由(1)知a0＋a1＋a2＋a3＋a4＝(3－1)4＝16，
兩式相加，得a0＋a2＋a4＝136. (6分)
③令x＝0得a0＝(0－1)4＝1，
得a1＋a2＋a3＋a4＝a0＋a1＋a2＋a3＋a4－a0
＝16－1＝15. (9分)
(2)證明 ∵32n＋2－8n－9＝32·32n－8n－9
＝9·9n－8n－9＝9(8＋1)n－8
21、n－9
＝9(C8n＋C8n－1＋…＋C·8＋C·1)－8n－9
(12分)
＝9(8n＋C8n－1＋…＋C82)＋9·8n＋9－8n－9
＝9×82×(8n－2＋C·8n－3＋…＋C)＋64n
＝64[9(8n－2＋C8n－3＋…＋C)＋n]，
顯然括號內是正整數(shù)，
∴原式能被64整除． (14分)
10．證明 因為n
＝C＋C·＋C·2＋C·3＋…＋C·n＝1＋1＋·＋·＋…＋·…. (4分)
所以2≤n
<2＋＋＋…＋ (7分)
<2＋＋＋…＋
＝2＋＋＋…＋
＝3－<3， (10分)
僅當n＝1時，n＝2； (12分)
22、
當n≥2時，2
新編高考數(shù)學理一輪資源庫 第11章學案2
