《新編高考數(shù)學一輪復習學案訓練課件： 專題探究課4 立體幾何中的高考熱點問題 理 北師大版》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《新編高考數(shù)學一輪復習學案訓練課件： 專題探究課4 立體幾何中的高考熱點問題 理 北師大版（10頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、 四)立體幾何中的高考熱點問題(對應學生用書第127頁)命題解讀立體幾何是高考的重要內(nèi)容，從近五年全國卷高考試題來看，立體幾何每年必考一道解答題，難度中等，主要采用“論證與計算”相結合的模式，即首先利用定義、定理、公理等證明空間的線線、線面、面面平行或垂直，再利用空間向量進行空間角的計算，考查的熱點是平行與垂直的證明、二面角的計算，平面圖形的翻折，探索存在性問題，突出三大能力：空間想象能力、運算能力、邏輯推理能力與兩大數(shù)學思想：轉(zhuǎn)化化歸思想、數(shù)形結合思想的考查空間點、線、面間的位置關系空間線線、線面、面面平行、垂直關系常與平面圖形的有關性質(zhì)及體積的計算等知識交匯考查，考查學生的空間想象能力和推

2、理論證能力以及轉(zhuǎn)化與化歸思想，一般以解答題的形式出現(xiàn)，難度中等用向量法證明平行、垂直、求空間角，通過建立空間直角坐標系，利用空間向量的坐標運算來實現(xiàn)，實質(zhì)是把幾何問題代數(shù)化，注意問題：(1)恰當建系，建系要直觀；坐標簡單易求，在圖上標出坐標軸，特別注意有時要證明三條軸兩兩垂直(扣分點)(2)關鍵點，向量的坐標要求對，把用到的點的坐標一個一個寫在步驟里(3)計算要認真細心，特別是|n|，n1、n2的運算(4)弄清各空間角與向量夾角的關系如圖1所示，在三棱柱ABCA1B1C1中，側棱垂直于底面，ABBC，AA1AC2，BC1，E，F(xiàn)分別是A1C1，BC的中點圖1(1)求證：平面ABE平面B1BCC

3、1；(2)求證：C1F平面ABE；(3)求三棱錐EABC的體積解(1)證明：在三棱柱ABCA1B1C1中，BB1底面ABC，所以BB1AB.又因為ABBC，BB1BCB，所以AB平面B1BCC1.又AB平面ABE，所以平面ABE平面B1BCC1.(1)(2)(2)證明：法一：如圖(1)，取AB中點G，連接EG，F(xiàn)G.因為G，F(xiàn)分別是AB，BC的中點，所以FGAC，且FGAC因為ACA1C1，且ACA1C1，所以FGEC1，且FGEC1.所以四邊形FGEC1為平行四邊形，所以C1FEG.又因為EG平面ABE，C1F平面ABE，所以C1F平面ABE.法二：如圖(2)，取AC的中點H，連接C1H，F(xiàn)

4、H.因為H，F(xiàn)分別是AC，BC的中點，所以HFAB.又因為E，H分別是A1C1，AC的中點，所以EC1AH，所以四邊形EAHC1為平行四邊形，所以C1HAE，又C1HHFH，AEABA，所以平面ABE平面C1HF.又C1F平面C1HF，所以C1F平面ABE.(3)因為AA1AC2，BC1，ABBC，所以AB.所以三棱錐EABC的體積VSABCAA112.規(guī)律方法1.(1)證明面面垂直，將“面面垂直”問題轉(zhuǎn)化為“線面垂直”問題，再將“線面垂直”問題轉(zhuǎn)化為“線線垂直”問題.(2)證明C1F平面ABE：利用判定定理，關鍵是在平面ABE中找(作)出直線EG，且滿足C1FEG.利用面面平行的性質(zhì)定理證明

5、線面平行，則先要確定一個平面C1HF滿足面面平行，實施線面平行、面面平行的轉(zhuǎn)化.2.計算幾何體的體積時，能直接用公式時，關鍵是確定幾何體的高，而不能直接用公式時，注意進行體積的轉(zhuǎn)化.跟蹤訓練如圖2所示，在底面是矩形的四棱錐PABCD中，PA底面ABCD，E，F(xiàn)分別是PC，PD的中點，PAAB1，BC2.圖2(1)求證：EF平面PAB；(2)求證：平面PAD平面PDC 【導學號：79140259】證明以A為原點，AB，AD，AP所在直線分別為x軸，y軸，z軸，建立空間直角坐標系如圖所示，則A(0,0,0)，B(1,0,0)，C(1,2,0)，D(0,2,0)，P(0,0,1)，所以E，F(xiàn)，(0,

6、0,1)，(0,2,0)，(1,0,0)，(1,0,0)(1)因為，所以，即EFAB.又AB平面PAB，EF平面PAB，所以EF平面PAB.(2)因為(0,0,1)(1,0,0)0，(0,2,0)(1,0,0)0，所以，即APDC，ADDC又因為APADA，AP平面PAD，AD平面PAD，所以DC平面PAD.因為DC平面PDC，所以平面PAD平面PDC立體幾何中的探索性問題此類試題一般以解答題形式呈現(xiàn)，常涉及線面平行與垂直位置關系的探索或空間角的計算問題，是高考命題的熱點，一般有兩種考查形式：(1)根據(jù)條件作出判斷，再進一步論證；(2)利用空間向量，先假設存在點的坐標，再根據(jù)條件判斷該點的坐標

7、是否存在(20xx北京高考)如圖3，在四棱錐PABCD中，平面PAD平面ABCD，PAPD，PAPD，ABAD，AB1，AD2，ACCD.圖3(1)求證：PD平面PAB；(2)求直線PB與平面PCD所成角的正弦值；(3)在棱PA上是否存在點M，使得BM平面PCD？若存在，求的值；若不存在，說明理由解(1)證明：因為平面PAD平面ABCD，ABAD，所以AB平面PAD，所以ABPD.又因為PAPD，所以PD平面PAB.(2)取AD的中點O，連接PO，CO.因為PAPD，所以POAD.又因為PO平面PAD，平面PAD平面ABCD，所以PO平面ABCD.因為CO平面ABCD，所以POCO.因為ACC

8、D，所以COAD.如圖，建立空間直角坐標系Oxyz.由題意得，A(0,1,0)，B(1,1,0)，C(2,0,0)，D(0，1,0)，P(0,0,1)設平面PCD的法向量為n(x，y，z)，則即令z2，則x1，y2.所以n(1，2,2)又(1,1，1)，所以cosn，.所以直線PB與平面PCD所成角的正弦值為.(3)設M是棱PA上一點，則存在0,1使得.因此點M(0,1，)，(1，)因為BM平面PCD，所以要使BM平面PCD當且僅當n0，即(1，)(1，2,2)0.解得.所以在棱PA上存在點M使得BM平面PCD，此時.規(guī)律方法解立體幾何中探索性問題的方法(1)通常假設題中的數(shù)學對象存在(或結論

9、成立)，然后在這個前提下進行邏輯推理；(2)若能推導出與條件吻合的數(shù)據(jù)或事實，說明假設成立，即存在，并可進一步證明；(3)若推導出與條件或?qū)嶋H情況相矛盾的結論，則說明假設不成立，即不存在.易錯警示：探索線段上是否存在點時，注意三點共線條件的應用.跟蹤訓練(20xx湖南五市十校聯(lián)考)如圖4，在四棱錐PABCD中，PA平面ABCD，ADBC，ADCD，且ADCD2，BC4，PA2.圖4(1)求證：ABPC；(2)在線段PD上，是否存在一點M，使得二面角MACD的大小為45，如果存在，求BM與平面MAC夾角的正弦值，如果不存在，請說明理由解(1)證明：如圖，由已知得四邊形ABCD是直角梯形，由ADC

10、D2，BC4，可得ABC是等腰直角三角形，即ABAC，因為PA平面ABCD，所以PAAB，又PAACA，所以AB平面PAC，所以ABPC(2)法一：(作圖法)過點M作MNAD交AD于點N，則MNPA，因為PA平面ABCD，所以MN平面ABCD.過點M作MGAC交AC于點G，連接NG，則MGN是二面角MACD的平面角若MGN45，則NGMN，又ANNGMN，所以MN1，所以MNPA，所以M是PD的中點在三棱錐MABC中，可得VMABCSABCMN，設點B到平面MAC的距離是h，則VBMACSMACh，所以SABCMNSMACh，解得h2.在RtBMN中，可得BM3.設BM與平面MAC的夾角為，則

11、sin .法二：(向量法)建立如圖所示的空間直角坐標系，則 A(0,0,0)，C(2，2，0)，D(0,2，0)，P(0,0,2)，B(2，2，0)，(0,2，2)，(2，2，0)設t (0t1)，則點M的坐標為(0,2t,22t)，所以(0,2t,22t)設平面MAC的法向量是n(x，y，z)，則得，則可取n.又m(0,0,1)是平面ACD的一個法向量，所以|cosm，n|cos 45，解得t，即點M是線段PD的中點此時平面MAC的一個法向量可取n0(1，1，)，(2，3，1)設BM與平面MAC所成的角為，則sin |cosn0，|.平面圖形的翻折問題(答題模板)將平面圖形折疊成空間幾何體，

12、并以此為載體考查點、線、面間的位置關系及有關幾何量的計算是近年高考的熱點，注重考查空間想象能力、知識遷移能力和轉(zhuǎn)化思想試題以解答題為主要呈現(xiàn)形式，中檔難度(本小題滿分12分)(20xx全國卷)如圖5，菱形ABCD的對角線AC與BD交于點O，AB5，AC6，點E，F(xiàn)分別在AD，CD上，AECF，EF交BD于點H.將DEF沿EF折到DEF的位置，OD.圖5(1)證明：DH平面ABCD；(2)求二面角BDAC的正弦值審題指導題眼挖掘關鍵信息由菱形ABCD及AECF，可知DH是等腰三角形DEF底邊上的高線，而DHEF是翻折不變量，再逆用勾股定理可得DHOH，從而得出結論利用(1)的結果，可得相交于一點

13、且兩兩垂直的三條直線，為建立空間直角坐標系，利用向量法求解二面角的正弦值創(chuàng)造了條件規(guī)范解答(1)證明：由已知得ACBD，ADCD.又由AECF得，故ACEF.因為EFHD，從而EFDH.2分由AB5，AC6得DOBO4.由EFAC得.所以OH1，DHDH3.于是DH2OH2321210DO2，故DHOH.又DHEF，而OHEFH，所以DH平面ABCD.5分(2)如圖，以H為坐標原點，的方向為x軸正方向，建立空間直角坐標系Hxyz，則H(0,0,0)，A(3，1,0)，B(0，5,0)，C(3，1,0)，D(0,0,3)，(3，4,0)，(6,0,0)，(3,1,3)設m(x1，y1，z1)是平

14、面ABD的法向量，則即所以可取m(4,3，5).8分設n(x2，y2，z2)是平面ACD的法向量，則即所以可取n(0，3,1)于是cosm，n.sinm，n.因此二面角BDAC的正弦值是.12分閱卷者說易錯點防范措施弄不清翻折變量與不變量可動手操作、加強訓練、及時總結，明確在同一平面內(nèi)的性質(zhì)不發(fā)生變化，不在同一平面上的性質(zhì)可能會發(fā)生變化規(guī)律方法對于翻折問題，應明確：在同一個平面上的性質(zhì)不發(fā)生變化，不在同一個平面上的性質(zhì)可能會發(fā)生變化.解決這類問題就是要據(jù)此研究翻折以后的空間圖形中的線面關系和幾何量的度量值，這是解決翻折問題的主要方法.跟蹤訓練(20xx合肥二檢)如圖6(1)所示，矩形ABCD中

15、，AB1，AD2，點E為AD中點，沿BE將ABE折起至PBE，如圖6(2)所示，點P在平面BCDE上的射影O落在BE上. 【導學號：79140260】(1)(2)圖6(1)求證：BPCE；(2)求二面角BPCD的余弦值解(1)證明：點P在平面BCDE上的射影O落在BE上，PO平面BCDE，CE平面BCDE，POCE.易知BECE，BEPOO，CE平面PBE，而BP平面PBE，BPCE.(2)以O為坐標原點，以過點O且平行于CD的直線為x軸，過點O且平行于BC的直線為y軸，PO所在直線為z軸，建立如圖所示的空間直角坐標系則B，C，D，P，(1,0,0)，(0,2,0)設平面PCD的法向量為n1(x1，y1，z1)，則即令z1，可得n1.設平面PBC的法向量為n2(x2，y2，z2)，則即令z2，可得n2(2,0，)，cosn1，n2.二面角BPCD為鈍二面角，二面角BPCD的余弦值為.