《高考物理二輪復習 題型一 選擇題課件》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《高考物理二輪復習 題型一 選擇題課件（47頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、題型一題型一 選擇題選擇題-2-題型分析增分策略自2013年開始,物理高考新課標全國卷選擇題明確分成單項選擇題和多項選擇題,這一變化使得物理選擇題的答題難度有所降低。單項選擇題只有一個選項正確,其他選項要么不符合題意,要么是錯誤的,答對率相對較高。多項選擇題有兩個或兩個以上的選項正確,只有將符合題意的答案全部選出才能得全分,少選和漏選僅得少量分數(shù),多選和錯選則不得分,能在較大的知識范圍內(nèi),實現(xiàn)對基礎知識、基本技能和基本思想方法的考查,因而難度較大,也是失分較多的一個題型。-3-一、解答選擇題一般要從以下三個方面入手1.審題干。在審題干時要注意以下三點:首先,明確選擇的方向,即題干要求是正向選擇

2、還是逆向選擇。正向選擇一般用“什么是”“包括什么”“產(chǎn)生以上現(xiàn)象的原因”“這表明”等表述;逆向選擇一般用“錯誤的是”“不正確”“不是”等表述。其次,明確題干的要求,即找出關鍵詞句題眼。再次,明確題干規(guī)定的限制條件,即通過分析題干的限制條件,明確選項設定的具體范圍、層次、角度和側面。2.審選項。對所有備選選項進行認真分析和判斷,運用解答選擇題的方法和技巧(下文將有論述),將有科學性錯誤、表述錯誤或計算結果錯誤的選項排除。題型分析增分策略-4-3.審題干和選項的關系。這是做好選擇題的一個重要方面。常見的選擇題中題干和選項的關系有以下幾種情形:(1)選項本身正確,但與題干沒有關系,這種情況下該選項不

3、選。(2)選項本身正確,且與題干有關系,但選項與題干之間是并列關系,或選項包含題干,或題干與選項的因果關系顛倒,這種情況下的選項不選。(3)選項并不是教材的原文,但意思與教材中的知識點相同或近似,或是題干所含知識的深層次表達和解釋,或是對某一正確選項的進一步解釋和說明,這種情況下的選項可選。(4)單個選項只是教材中知識的一部分,不完整,但幾個選項組在一起即表達了一個完整的知識點,這種情況下的選項一般可選。題型分析增分策略-5-二、解答“單項選擇題”最常用的方法有排除法、優(yōu)選法、比較分析法1.排除法:包括排謬、排對、排異、排重等?！芭胖嚒笔前衙黠@錯誤的選項排除(如果題干要求選錯的就把正確的排除)

4、;“排對”是把選項中一致、互相重復或能互相推出、選其一必能多選的成對選項排除;“排異”是把與題意無關的選項排除;“排重”是把與題干意思重復的選項排除。2.優(yōu)選法:就是利用所學的物理知識,通過分析或計算把明顯符合題意的選項選出。3.比較分析法:就是把結果放在一起加以比較、分析、判斷,選出正確選項。例如從求解物理量的單位,或求解物理量隨某些已知量變化的趨勢,或求解物理量在某些特殊條件下的結果等方面進行比較分析,并與預期結果、實驗結論等進行比較,從而判斷選項的合理性或正確性。題型分析增分策略-6-一二三五六四七八九十十一十二 答案解析解析關閉 答案解析關閉技巧點撥本題考查了物理學思想和方法,物理中出

5、現(xiàn)的主要思想和方法有理想模型法、微元法、等效替代法、極限法等。一二三五六四七八九十十一十二-8-拓展訓練1在物理學建立、發(fā)展的過程中,許多物理學家的科學發(fā)現(xiàn)推動了人類歷史的進步。關于科學家和他們的貢獻,下列說法正確的是()A.古希臘學者亞里士多德認為物體下落的快慢由它們的重量決定,伽利略在他的兩種新科學的對話中利用邏輯推斷,使亞里士多德的理論陷入了困境B.伽利略發(fā)現(xiàn)了行星運動的規(guī)律,并通過實驗測量了引力常量C.英國物理學家卡文迪許利用“卡文迪許扭秤”首先較準確地測定了靜電力常量D.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應,并總結出電磁感應定律一二三五六四七八九十十一十二-8- 答案解析解析關閉開普勒發(fā)現(xiàn)了行星

6、運動的規(guī)律,B項錯誤;卡文迪許利用扭秤測定了萬有引力常量,C項錯誤;奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應,法拉第總結出電磁感應定律,D項錯誤;亞里士多德認為物體下落的快慢由重量決定,伽利略利用邏輯推斷使他的結論出現(xiàn)了矛盾,A項正確。 答案解析關閉A-9-二、受力分析、物體的平衡例2(多選)如圖所示,橫截面為直角三角形的斜劈A,底面靠在粗糙的豎直墻面上。力F指向球心水平作用在光滑球B上,系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)。當力F增大時,系統(tǒng)還保持靜止,則下列說法正確的是()A.A所受合外力增大B.A對豎直墻壁的壓力增大C.B對地面的壓力保持不變D.墻面對A的摩擦力可能變?yōu)榱阋欢辶钠甙司攀皇?答案解析解析關閉斜劈A

7、始終處于靜止狀態(tài),可知A所受合力始終為零,選項A錯誤;以斜劈A和球B整體為研究對象,易知豎直墻壁對A的彈力隨F的增大而增大,選項B正確;以球B為研究對象可知斜劈A對球B的彈力增大,因而地面對B的支持力增大,B對地面的壓力也增大,選項C錯誤;由于初始狀態(tài)豎直墻壁對斜劈的摩擦力的方向未知,因而F增大時,墻面對A的摩擦力可能變?yōu)榱?選項D正確。 答案解析關閉BD-10-技巧點撥(1)處理平衡問題的基本思路:確定平衡狀態(tài)(加速度為0)選定研究對象受力分析建立平衡方程求解得結論。(2)當物體僅受三個共點力作用而平衡時,可靈活選取正交分解法、合成法、解直角三角形法、相似三角形法、圖解法求解。(3)當物體受

8、四個及以上共點力的作用而平衡時,一般采用正交分解法求解。(4)在連結體問題中,分析外界對系統(tǒng)的作用力時用整體法;分析系統(tǒng)內(nèi)物體間的作用力時用隔離法。隔離物體進行受力分析時,一般先從受力最簡單的物體入手。一二三五六四七八九十十一十二-11-一二三五六四七八九十十一十二 答案解析解析關閉 答案解析關閉-12-三、直線運動和牛頓運動定律例3(2015江西贛州聯(lián)考)如圖所示,質(zhì)量相等的物體A、B處于靜止狀態(tài),此時物體B剛好與地面接觸?，F(xiàn)剪斷繩子OA,下列說法正確的是()A.剪斷繩子的瞬間,物體A的加速度為g,物體B的加速度為0B.彈簧恢復原長時,物體A的速度最大C.從剪斷繩子到彈簧壓縮到最短,物體B對

9、地面壓力均勻增大D.剪斷繩子后,彈簧,物體A、B和地球組成的系統(tǒng)機械能守恒一二三五六四七八九十十一十二 答案解析解析關閉剪斷懸繩前,B受到重力和彈簧的彈力,彈力F=mg。剪斷瞬間,A的合力為F合=mg+F=2mg,根據(jù)牛頓第二定律,得a=2g,故A錯誤;物體A在彈力和重力的作用下,向下做加速運動,當彈力的方向向上且與重力相等時,加速度為零,速度最大,此時彈簧不處于原長狀態(tài),故B錯誤;剪斷繩子的瞬間,彈簧的彈力大小為mg,而在A下落的過程中,當A下落至彈簧恢復原長時物體B所受地面的支持力由零逐漸增大到mg,物體A繼續(xù)做加速運動,接著物體A將要壓縮彈簧,當彈簧彈力等于重力時,此時物體A所受合力為0

10、,A具有最大向下速度,由于A的慣性,物體A將繼續(xù)壓縮彈簧,使彈簧彈力大于A的重力使A做減速運動至停止,當A運動到最低點時,彈簧彈力將大于A物體的重力,根據(jù)作用力與反作用力可知,此時B對地面的壓力將達到最大值,故此過程中B所受地面的彈力逐漸增大,但不是均勻增大,故C錯誤;剪斷繩子后,系統(tǒng)只有重力和彈簧彈力做功,系統(tǒng)機械能守恒,故D正確。 答案解析關閉D-13-技巧點撥根據(jù)牛頓第二定律可知,物體的加速度a與其所受合外力F有瞬時對應關系,每一瞬時的加速度只取決于這一瞬時的合力。利用牛頓第二定律求解瞬時問題,要注意兩種不同的物理模型:一是剛性繩、桿或接觸面,若剪斷或脫離后,其中的彈力立即消失或仍接觸但

11、可以發(fā)生突變,不需要恢復改變形變的時間;二是彈簧或橡皮繩,這些物體的形變量大,故在瞬間問題中,其彈力的大小往往可以看成是不變的。處理此類問題的方法是先確定物體運動狀態(tài)變化之前,物體所受各個力的情況;然后,確定物體運動狀態(tài)發(fā)生變化后,物體所受各個力中,哪些力發(fā)生了變化,哪些力沒有變化;再根據(jù)變化前后的受力情況,求物體的加速度。一二三五六四七八九十十一十二-14-拓展訓練3(2015江西重點中學六校聯(lián)考)如圖所示,豎直放置在水平面上的輕質(zhì)彈簧上放著質(zhì)量為2 kg的物體A,處于靜止狀態(tài)。若將一個質(zhì)量為3 kg的物體B豎直輕放在A上的一瞬間,則B對A的壓力大小為(g取10 m/s2)()A.30 NB

12、.0C.15 N D.12 N一二三五六四七八九十十一十二 答案解析解析關閉 答案解析關閉-15-四、曲線運動、運動的合成與分解例4(2015山西四校聯(lián)考)如圖所示,從傾角為的足夠長的斜面頂端P以速度v0拋出一個小球,落在斜面上某處Q點,小球落在斜面上的速度與斜面的夾角為。若把初速度變?yōu)?v0,小球仍落在斜面上,則以下說法正確的是()A.夾角將變大B.夾角與初速度大小無關C.小球在空中的運動時間不變D.PQ間距是原來間距的3倍一二三五六四七八九十十一十二 答案解析解析關閉 答案解析關閉-16-技巧點撥與斜面相關的平拋運動,斜面傾角的正切值跟水平速度和豎直速度有聯(lián)系,也跟水平位移和豎直位移有聯(lián)系

13、,畫出運動的軌跡后,只要抓住傾角正切值這個切入點,作出位移或者速度的平行四邊形,思路就會豁然開朗,問題自然迎刃而解。此外,要理解并牢記關于平拋運動的以下幾個常用推論。推論1:做平拋(或類平拋)運動的物體在任一時刻、任一位置處,若其末速度方向與水平方向的夾角為,位移與水平方向的夾角為,則tan =2tan 。推論2:做平拋(或類平拋)運動的物體任意時刻的瞬時速度的反向延長線一定通過此時水平位移的中點。推論3:從同一斜面上以不同初速度水平拋出的物體落在斜面上時速度方向與斜面的夾角恒定不變。推論4:斜上拋物體自拋出至最高點的過程恰為一個平拋運動的逆運動,據(jù)此可快速求解斜拋問題。一二三五六四七八九十十

14、一十二-17-一二三五六四七八九十十一十二 答案解析解析關閉 答案解析關閉-18-五、萬有引力定律的應用與航天例5(2015江西六校聯(lián)考)天文學家發(fā)現(xiàn)一顆與地球類似的太陽系外行星,這顆行星距離地球約20億光年,公轉周期約為37年,這顆名叫Gliese581g的行星位于天秤座星群,它的半徑大約是地球的2.0倍,重力加速度與地球相近。則下列說法正確的是()A.該行星的公轉速度比地球小B.該行星的質(zhì)量約為地球質(zhì)量的2.61倍C.要在該行星表面發(fā)射人造衛(wèi)星,發(fā)射速度至少要達到7.9 km/sD.在地球上發(fā)射航天器到達該星球,航天飛機的發(fā)射速度至少要達到第三宇宙速度一二三五六四七八九十十一十二 答案解析

15、解析關閉 答案解析關閉-19-技巧點撥應用萬有引力定律分析天體問題的一般思路是萬有引力提供向心力。應重點掌握天體質(zhì)量和密度的計算方法:設中心天體質(zhì)量為M,半徑為R,密度為,表面重力加速度為g,該天體的衛(wèi)星周期為T,軌道半徑為r,則:一二三五六四七八九十十一十二-20-一二三五六四七八九十十一十二 答案解析解析關閉 答案解析關閉-21-六、功能關系的應用例6如圖所示,一豎直絕緣輕彈簧的下端固定在地面上,上端連接一帶正電小球P,小球所處的空間存在著方向豎直向上的勻強電場,小球平衡時,彈簧恰好處于原長狀態(tài)?，F(xiàn)給小球一豎直向上的初速度,小球最高能運動到M點。在小球從開始運動至最高點時,以下說法正確的是

16、()A.小球電勢能的減少量等于小球重力勢能的增加量B.小球機械能的改變量等于電場力做的功C.小球動能的減少量等于電場力和重力做功的代數(shù)和D.彈簧彈性勢能的增加量小于小球動能的減少量一二三五六四七八九十十一十二 答案解析解析關閉小球處于平衡位置時,彈簧處于原長狀態(tài),所以重力與電場力為平衡力,因此小球向上運動過程中,電場力做的功等于克服重力所做的功,故電勢能的減少量等于重力勢能的增加量,選項A正確;小球運動過程中,重力勢能、電勢能、彈性勢能與動能之和守恒,因此該過程中小球動能減少量等于彈性勢能的增加量,選項C、D錯誤;由功能關系可知,小球機械能的改變量等于彈力和電場力所做功,選項B錯誤。 答案解析

17、關閉A-22-技巧點撥運用功能關系分析問題的基本思路:(1)選定研究對象或系統(tǒng),弄清物理過程;(2)分析受力情況,看有什么力做功,弄清楚系統(tǒng)內(nèi)有多少種形式的能參與轉化;(3)仔細分析系統(tǒng)內(nèi)各種能量的變化情況,某種形式的能量減少,一定存在其他形式的能量增加,且減少量與增加量一定相等;某個物體的能量減少,一定存在其他物體的能量增加,且減少量與增加量相等。據(jù)此列出關系式:E減=E增,并聯(lián)立其他條件或關系式求解。一二三五六四七八九十十一十二-23-拓展訓練6(多選)(2015江西五校聯(lián)考)在地面附近,存在著一個有界電場,其邊界MN將空間分成上下兩個區(qū)域、,區(qū)域中有豎直向上的勻強電場。在區(qū)域中離邊界某一

18、高度由靜止釋放一個質(zhì)量為m的帶電小球A,如圖甲所示,小球運動的v-t圖象如圖乙所示,不計空氣阻力,則()A.小球受到的重力與電場力之比為35B.在t=5 s時,小球經(jīng)過邊界MNC.在小球向下運動的整個過程中,重力做的功大于電場力做的功D.在14 s過程中,小球的機械能先減小后增大一二三五六四七八九十十一十二 答案解析解析關閉 答案解析關閉-24-七、對電場基本性質(zhì)的理解例7(2015湖南長沙月考)假設空間某一靜電場的電勢隨x變化情況如圖所示,根據(jù)圖中信息可以確定下列說法中正確的是()A.空間各點電場強度的方向均與x軸垂直B.電荷沿x軸從O移到x1的過程中,一定不受電場力的作用C.正電荷沿x軸從

19、x2移到x3的過程中,電場力做正功,電勢能減小D.負電荷沿x軸從x4移到x5的過程中,電場力做負功,電勢能增加一二三五六四七八九十十一十二 答案解析解析關閉由題圖看出,x軸上各點電勢不全相等,x軸不是一條等勢線,所以空間各點電場強度的方向不全與x軸垂直,A錯誤;沿x軸從O移到x1,各點電勢相等,任意兩點間電勢差為零,移動電荷電場力做功為零,但電場力不一定為零,也可能電場力與x軸垂直,B錯誤;正電荷沿x軸從x2移到x3的過程中,電勢升高,電荷的電勢能增大,電場力做負功,C錯誤;負電荷沿x軸從x4移到x5的過程中,電勢降低,電荷的電勢能增加,電場力做負功,D正確。 答案解析關閉D-25-技巧點撥(

20、1)電荷在電場中運動時,電場力做功將引起電勢能與其他形式的能發(fā)生轉化,電荷的機械能不再守恒。(2)搞清幾個功能關系:重力做功等于重力勢能的變化,電場力做功等于電勢能的變化,彈簧彈力做功等于彈性勢能的變化,合外力做功等于動能的變化。(3)無論能量如何變化,總是滿足能量守恒定律。一二三五六四七八九十十一十二-26-一二三五六四七八九十十一十二 答案解析解析關閉 答案解析關閉-27-八、對磁場知識的理解例8(多選)(2015浙江十二校高三一模)如圖所示,臺秤上放一光滑平板,其左邊固定一擋板,一輕質(zhì)彈簧將擋板和一條形磁鐵連接起來,此時臺秤有一定的讀數(shù)。現(xiàn)在磁鐵上方中心偏右位置固定一通電導線,當通以一定

21、的電流后,臺秤的示數(shù)增加,同時彈簧縮短(彈簧始終處于彈性限度內(nèi)),則下列說法正確的是()A.磁鐵右端為N極,左端為S極,導線中的電流方向垂直紙面向內(nèi)B.磁鐵右端為N極,左端為S極,導線中的電流方向垂直紙面向外C.磁鐵右端為S極,左端為N極,導線中的電流方向垂直紙面向內(nèi)D.磁鐵右端為S極,左端為N極,導線中的電流方向垂直紙面向外一二三五六四七八九十十一十二 答案解析解析關閉若磁鐵右端為N極,磁鐵的磁感線在它的外部是從N極到S極,因為長直導線在磁鐵的中心偏右位置,所以此處的磁感線是斜向左上的,若電流的方向垂直于紙面向里,根據(jù)左手定則,導線受磁鐵給的安培力方向是斜向右上,長直導線是固定不動的,根據(jù)物

22、體間力的作用是相互的,導線給磁鐵的反作用力方向就是斜向左下的;將這個力在水平和豎直方向分解可知,光滑平板對磁鐵支持力增大,由于水平向左產(chǎn)生分力,所以彈簧長度將變短,故A正確,B錯誤;同理,若磁鐵右端為S極,磁鐵的磁感線在它的外部是從N極到S極,因為長直導線在磁鐵的中心偏右位置,所以此處的磁感線是斜向右下的,若電流的方向垂直于紙面向外,根據(jù)左手定則,導線受磁鐵給的安培力方向是斜向右上,長直導線是固定不動的,根據(jù)物體間力的作用是相互的,導線給磁鐵的反作用力方向就是斜向左下的,將這個力在水平和豎直方向分解可知,光滑平板對磁鐵支持力增大,彈簧長度將變短,故C錯誤,D正確。 答案解析關閉AD-28-技巧

23、點撥分析安培力的方法:(1)首先把立體圖畫成易于分析的平面圖或截面圖。(2)根據(jù)左手定則確定安培力的方向,如果題目涉及研究通電導線對磁鐵的作用力,可先研究其反作用力,即磁鐵對導線的作用力。(3)結合通電導體受力分析、運動情況等列方程、解決問題。一二三五六四七八九十十一十二-29-一二三五六四七八九十十一十二 答案解析解析關閉 答案解析關閉-30-例9(2015全國理綜)兩相鄰勻強磁場區(qū)域的磁感應強度大小不同、方向平行。一速度方向與磁感應強度方向垂直的帶電粒子(不計重力),從較強磁場區(qū)域進入到較弱磁場區(qū)域后,粒子的()A.軌道半徑減小,角速度增大B.軌道半徑減小,角速度減小C.軌道半徑增大,角速

24、度增大D.軌道半徑增大,角速度減小一二三五六四七八九十十一十二 答案解析解析關閉 答案解析關閉-31-技巧點撥解決帶電粒子在磁場中運動問題要明確粒子的電性、磁場方向、磁感應強度B的大小變化情況等,從而確定帶電粒子的受力、軌跡、半徑及周期的變化情況。一二三五六四七八九十十一十二-32-拓展訓練9(2015山西四校聯(lián)考)如圖所示圓形區(qū)域內(nèi),有垂直于紙面方向的勻強磁場,一束質(zhì)量和電荷量都相同的帶電粒子,以不同的速率,沿著相同的方向,對準圓心O射入勻強磁場,又都從該磁場中射出,這些粒子在磁場中的運動時間有的較長,有的較短。若帶電粒子在磁場中只受磁場力的作用,則在磁場中運動時間越長的帶電粒子()A.速率

25、一定越小B.速率一定越大C.在磁場中通過的路程一定越長D.在磁場中的周期一定越大一二三五六四七八九十十一十二 答案解析解析關閉 答案解析關閉-33-例10(多選)(2015江蘇南京、鹽城二模)如圖所示電路,在滑動變阻器的滑片向左滑動的過程中,理想電壓表、電流表的示數(shù)將發(fā)生變化,電壓表V1、V2示數(shù)變化量的絕對值分別為U1、U2,已知電阻R大于電源內(nèi)阻r,則()A.電流表A的示數(shù)增大B.電壓表V2的示數(shù)增大C.電壓表V1的示數(shù)增大D.U1大于U2九、直流電路的動態(tài)分析一二三五六四七八九十十一十二 答案解析解析關閉 答案解析關閉-34-一二三五六四七八九十十一十二-35-拓展訓練10(2015河南

26、洛陽統(tǒng)考)如圖所示,圖中的三個電表均為理想電表,當滑動變阻器滑片P向左端緩慢移動時,下面說法中正確的是()A.電壓表V1的讀數(shù)減小,電流表A的讀數(shù)增大B.電壓表V1的讀數(shù)增大,電壓表V2的讀數(shù)增大C.電阻RP消耗的功率增大,電容器C所帶電荷量增加D.電壓表V2的讀數(shù)減小,電流表A的讀數(shù)減小一二三五六四七八九十十一十二 答案解析解析關閉當滑動變阻器滑片P向左端緩慢移動時,RP阻值變大,電路的電流減小,電流表A讀數(shù)減小,則電壓表V1讀數(shù)變大,A錯誤;由于通過R2的電流減小,故電壓表V2讀數(shù)減小,B錯誤,D正確;電壓表V1讀數(shù)變大,即電容器兩端的電壓變大,所帶電荷量增加;由于不知RP與各個電阻的大小

27、關系,故不能判斷RP的功率變化,C錯誤。 答案解析關閉D-36-十、交變電流與遠距離輸電例11(多選)(2014云南昆明二模)如圖所示的電路中,T為一降壓式自耦調(diào)壓變壓器。開始時燈泡L正常發(fā)光,現(xiàn)在電源電壓U略降低,為使燈L仍能正常發(fā)光,可采用的措施是()A.將自耦調(diào)壓變壓器的滑片P適當上滑B.將自耦調(diào)壓變壓器的滑片P適當下滑C.適當增大滑動變阻器R2的阻值D.適當減小滑動變阻器R2的阻值一二三五六四七八九十十一十二 答案解析解析關閉 答案解析關閉-37-技巧點撥(1)在變壓器的描述中,沒有特別說明的情況下,原、副線圈中的電壓、電流均指有效值,電壓表、電流表測的是有效值。(2)注意變壓器原、副

28、線圈的決定關系:U1決定U2,I2決定I1,P2決定P1。(3)遠距離輸電線路中有升壓變壓器和降壓變壓器,注意畫出輸電線路示意圖,找出線路中各物理量之間的關系。一二三五六四七八九十十一十二-38-一二三五六四七八九十十一十二 答案解析解析關閉 答案解析關閉-39-一二三五六四七八九十十一十二 答案解析解析關閉 答案解析關閉-40-一二三五六四七八九十十一十二-41-一二三五六四七八九十十一十二 答案解析解析關閉兩桿從導軌頂端進入磁場過程中,均只有重力做功,故進入磁場時速度大小相等,金屬桿a進入磁場后勻速運動,b進入磁場后,a離開磁場,金屬桿b受力與金屬桿a受力情況相同,故也做勻速運動,A項錯誤

29、,B項正確;兩桿勻速穿過磁場,減少的重力勢能轉化為回路的電熱,即Q=2mglsin 30=mgl,C項正確,D項錯誤。 答案解析關閉BC-42-十二、物理圖象例13入冬以來,全國多地多次發(fā)生霧霾天氣,能見度不足100 m。在這樣的惡劣天氣中,甲、乙兩汽車在一條平直的單行道上,乙在前、甲在后同向行駛。某時刻兩車司機同時聽到前方有事故發(fā)生的警笛提示,同時開始剎車,結果兩輛車發(fā)生了碰撞。圖示為兩輛車剎車后若不相撞的v-t圖象,由此可知若相撞()A.兩輛車剎車時相距的距離一定等于112.5 mB.兩輛車剎車時相距的距離一定小于90 mC.兩輛車一定是在剎車后的20 s之內(nèi)的某時刻發(fā)生相撞的D.兩輛車一

30、定是在剎車后的20 s以后的某時刻發(fā)生相撞的一二三五六四七八九十十一十二 答案解析解析關閉兩車速度相等是兩車是否碰撞的臨界條件。t=20 s時,由v-t圖象可知甲車的位移為300 m,乙車的位移為200 m,因而兩車若相撞,剎車前的距離應小于100 m,選項A、B錯誤;若兩車相撞,一定是在剎車后的20 s內(nèi)的某時刻發(fā)生的,選項C正確,D錯誤。 答案解析關閉C-43-技巧點撥解決運動圖象類問題要抓住五個關鍵點:坐標軸所代表的物理意義,如有必要首先寫出兩坐標軸物理意義關系的表達式。斜率的意義(v-t圖象表示加速度)。截距的意義(表示初始速度、時間等)。面積的意義,對v-t圖象來說,面積代表位移,橫

31、軸上方的“面積”為正,下方為負。交點的意義。根據(jù)v-t圖象所表達的意義,結合牛頓第二定律,根據(jù)物體受力和加速度的大小、方向的瞬時關系得出結論。一二三五六四七八九十十一十二-44-拓展訓練13某跳傘運動訓練研究所,讓一名跳傘運動員從懸停在高空的直升機中跳下,研究人員利用運動員隨身攜帶的儀器記錄下了他的運動情況,通過分析數(shù)據(jù),畫出了運動員從跳離飛機到落地的過程中在空中沿豎直方向運動的v-t圖象如圖所示,則對于運動員的運動情況,下列說法正確的是()A.015 s末都做加速度逐漸減小的加速運動B.010 s末做自由落體運動,15 s末開始做勻速直線運動C.10 s末打開降落傘,以后做勻減速運動至15

32、s末D.10 s末15 s末加速度方向豎直向上,加速度的大小在逐漸減小一二三五六四七八九十十一十二 答案解析解析關閉在010 s內(nèi)做加速度減小的加速運動,不是自由落體運動,B錯誤;而在1015 s內(nèi),運動員做減速運動,A錯誤;在10 s末打開降落傘,以后做加速度減小的減速運動,C錯誤;由于做減速運動,因此加速度方向向上,而速度方向向下,D正確。 答案解析關閉D-45-例14(2015貴州八校聯(lián)考)如圖等腰三角形內(nèi)分布有垂直于紙面向外的勻強磁場,它的頂點在x軸上且底邊長為4L,高為L,底邊與x軸平行。紙面內(nèi)一邊長為L的正方形導線框以恒定速度沿x軸正方向穿過磁場區(qū)域,t=0時刻導線框恰好位于圖中所

33、示的位置。以順時針方向為導線框中電流的正方向,在下面四幅圖中能夠正確表示電流位移(i-x)關系的是()一二三五六四七八九十十一十二 答案解析解析關閉根據(jù)楞次定律,物體的位移在0L間,導體棒切割磁感線的有效長度逐漸增大,感應電流為順時針正方向;物體的位移在L2L間時,導線框兩條邊都在磁場中切割磁感線,產(chǎn)生的感應電流方向相反,導體棒有效長度的差值是一個定值,C項錯誤;物體的位移在2L3L間,當導線框運動到磁場的正中央位置時,兩邊切割磁場的有效長度相等,感應電流方向相反,此刻感應電流為零,所以B、D項錯誤,A項正確。 答案解析關閉A-46-技巧點撥法拉第電磁感應中的圖象問題的解題關鍵是確定切割磁感線的長度及其隨時間的變化情況,從而確定電流(電動勢)隨時間的變化情況。一二三五六四七八九十十一十二-47-一二三五六四七八九十十一十二 答案解析解析關閉線框在磁場中的有效切割長度是導線在豎直方向上的投影長度。根據(jù)題意,從0到2t0的過程中電流大小由0逐漸增大為i0,再逐漸減小到0,方向逆時針;從2t0到3t0的過程中電流大小由2i0逐漸增大為3i0,方向順時針;從3t0到4t0的過程中電流大小由i0逐漸增大為2i0,且在4t0時電流大小為2i0,方向逆時針,所以選項D正確,選項A、B、C錯誤。 答案解析關閉D