《高三數(shù)學(xué)第24練 導(dǎo)數(shù)綜合練》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《高三數(shù)學(xué)第24練 導(dǎo)數(shù)綜合練（6頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、 第24練 導(dǎo)數(shù) 訓(xùn)練目標(biāo) (1)利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的常見(jiàn)題型；(2)解題步驟的規(guī)范訓(xùn)練． 訓(xùn)練題型 (1)利用導(dǎo)數(shù)求切線問(wèn)題；(2)導(dǎo)數(shù)與單調(diào)性；(3)導(dǎo)數(shù)與極值、最值． 解題策略 (1)求曲線切線的關(guān)鍵是確定切點(diǎn)；(2)討論函數(shù)的單調(diào)性、極值、最值可通過(guò)研究導(dǎo)數(shù)的符號(hào)用列表法解決；(3)證明不等式、不等式恒成立或有解、函數(shù)零點(diǎn)問(wèn)題都可以轉(zhuǎn)化為函數(shù)極值、最值問(wèn)題. 一、選擇題 1．若f(x)＝x2＋2f(x)dx，則f(x)dx等于(　　) A．－1 B．－ C. D．1 2．(20xx·新余模擬)如圖是函數(shù)f(x)＝x2＋ax＋b的部分圖象，則函數(shù)g(x)＝

2、lnx＋f′(x)的零點(diǎn)所在的區(qū)間是(　　) A. B．(1,2) C. D．(2,3) 3．(20xx·濰坊模擬)已知函數(shù)f(x)＝x2＋sin，f′(x)為f(x)的導(dǎo)函數(shù)，則f′(x)的圖象是(　　) 4．(20xx·福建“四地六?！甭?lián)考)已知曲線f(x)＝x3－x2＋ax－1存在兩條斜率為3的切線，且切點(diǎn)的橫坐標(biāo)都大于零，則實(shí)數(shù)a的取值范圍為(　　) A．(3，＋∞) B. C. D．(0,3) 5．(20xx·沈陽(yáng)質(zhì)檢)已知定義域?yàn)镽的奇函數(shù)y＝f(x)的導(dǎo)函數(shù)為y＝f′(x)，當(dāng)x≠0時(shí)，f′(x)＋>0，若a＝f，b＝－2f(－2)，c＝ln·f(ln)

3、，則a，b，c的大小關(guān)系是(　　) A．a(chǎn)0，則實(shí)數(shù)a的取值范圍為_(kāi)_______． 9．已知函數(shù)f(x)＝g(x)＝f(x)＋2k，若函數(shù)g(x)恰有兩個(gè)不同的零點(diǎn)，則實(shí)數(shù)k的取

4、值范圍為_(kāi)_______________． 三、解答題 10．已知函數(shù)f(x)＝ln. (1)求曲線y＝f(x)在點(diǎn)(0，f(0))處的切線方程； (2)求證：當(dāng)x∈(0,1)時(shí)，f(x)>2； (3)設(shè)實(shí)數(shù)k使得f(x)>k對(duì)x∈(0,1)恒成立，求k的最大值． 答案精析 1．B　[∵f(x)＝x2＋2f(x)dx， ∴f(x)dx＝[x3＋2xf(x)dx]＝＋2f(x)dx， ∴f(x)dx＝-.] 2．C　[由函數(shù)f(x)＝x2＋ax＋b的部分圖象，得0

5、x)在其定義域內(nèi)單調(diào)遞增，g＝ln＋1＋a<0， g(1)＝ln 1＋2＋a＝2＋a>0， 所以函數(shù)g(x)＝ln x＋f′(x)的零點(diǎn)所在的區(qū)間是.故選C.] 3．A　[因?yàn)閒(x)＝x2＋sin＝x2＋cosx，所以f′(x)＝x－sin x， 其為奇函數(shù)，且f′<0.故選A.] 4．B　[f(x)＝x3－x2＋ax－1的導(dǎo)數(shù)為f′(x)＝2x2－2x＋a.由題意可得2x2－2x＋a＝3， 即2x2－2x＋a－3＝0有兩個(gè)不相等的正實(shí)數(shù)根， 則Δ＝4－8(a－3)>0，x1＋x2＝1>0，x1x2＝(a－3)>0，解得3

6、∴h′(x)＝f(x)＋xf′(x)． ∵y＝f(x)是定義在R上的奇函數(shù)， ∴h(x)是定義在R上的偶函數(shù)． 當(dāng)x>0時(shí)，h′(x)＝f(x)＋xf′(x)>0， ∴函數(shù)h(x)在(0，＋∞)上單調(diào)遞增． ∵a＝f＝h， b＝－2f(－2)＝2f(2)＝h(2)， c＝ln·f＝h＝h(－ln 2)＝h(ln 2)． 又∵2>ln 2>，∴b>c>a.故選A.] 6．0 解析　函數(shù)的定義域?yàn)?0，＋∞)． 令y＝f(x)，f′(x)＝＝. 令f′(x)＝0，解得x＝1或x＝e2. f′(x)與f(x)隨x的變化情況如下表： x (0,1) 1 (1，e2)

7、 e2 (e2，＋∞) f′(x) － 0 ＋ 0 － f(x) ? 0 ? ? 故當(dāng)x＝1時(shí)，函數(shù)y＝取到極小值0. 7．30 解析　由題意知，毛利潤(rùn)＝銷售收入－進(jìn)貨支出， 設(shè)該商品的毛利潤(rùn)為L(zhǎng)(p)，則 L(p)＝pQ－20Q＝Q(p－20) ＝(8 300－170p－p2)(p－20) ＝－p3－150p2＋11 700p－166 000， 所以L′(p)＝－3p2－300p＋11 700. 令L′(p)＝0， 解得p＝30或p＝－130(舍去)． 此時(shí)，L(30)＝23 000. 因?yàn)樵趐＝30附近的左側(cè)L′(p)>0，右側(cè)L′(p)

8、<0. 所以L(30)是極大值，根據(jù)實(shí)際問(wèn)題的意義知，L(30)是最大值． 8．(－∞，] 解析　e2x－(a－3)ex＋4－3a>0?(ex＋3)a0)， 令h(t)＝＝t＋(t>0)， h′(t)＝1－， 因?yàn)閠>0，所以h′(t)>0， 即當(dāng)t>0時(shí)，h(t)>h(0)＝， 所以a≤， 即實(shí)數(shù)a的取值范圍為(－∞，]． 9.∪ 解析　由y＝(2x－x2)ex(x≤0)求導(dǎo)，得y′＝(2－x2)ex，故y＝(2x－x2)ex(x≤0)在(－，0]上單調(diào)遞增，在(－∞，－)上單調(diào)遞減，且當(dāng)x<0時(shí)，恒有y＝(

9、2x－x2)ex<0. 又y＝－x2＋4x＋3(x>0)在(0,2)上單調(diào)遞增，在(2，＋∞)上單調(diào)遞減，所以可作出函數(shù)y＝f(x)的圖象，如圖． 由圖可知，要使函數(shù)g(x)恰有兩個(gè)不同的零點(diǎn)，需－2k＝0或－2k＝或3<－2k<7，即實(shí)數(shù)k的取值范圍為∪. 10．(1)解　因?yàn)閒(x)＝ln(1＋x)－ln(1－x)， 所以f′(x)＝＋，f′(0)＝2. 又因?yàn)閒(0)＝0，所以曲線y＝f(x)在點(diǎn)(0，f(0))處的切線方程為y＝2x. (2)證明　令g(x)＝f(x)－2， 則g′(x)＝f′(x)－2(1＋x2)＝. 因?yàn)間′(x)>0(0g(0)＝0，x∈(0,1)， 即當(dāng)x∈(0,1)時(shí)，f(x)>2. (3)解　由(2)知，當(dāng)k≤2時(shí)，f(x)>k對(duì)x∈(0,1)恒成立． 當(dāng)k>2時(shí)，令h(x)＝f(x)－k， 則h′(x)＝f′(x)－k(1＋x2)＝. 所以當(dāng)02時(shí)，f(x)>k并非對(duì)x∈(0,1)恒成立． 綜上可知，k的最大值為2.