《高考物理二輪專題復(fù)習(xí)練案：第2講 直線運(yùn)動和牛頓運(yùn)動定律 Word版含解析》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《高考物理二輪專題復(fù)習(xí)練案：第2講 直線運(yùn)動和牛頓運(yùn)動定律 Word版含解析（8頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、專題一第2講限時：40分鐘一、選擇題(本題共8小題，其中15題為單選，68題為多選)1(2018湖南省郴州市高三下學(xué)期一模)如圖所示，一物塊以初速度v0從圖中所示位置A開始沿粗糙水平面向右運(yùn)動，同時物塊受到一水平向左的恒力F作用，在運(yùn)動過程中物塊受到的滑動摩擦力大小等于0.6F，且最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則物體從A點向右運(yùn)動到最大位移處所用的時間與從右側(cè)最大位移處再回到A點所用時間之比為(C)A14B13C12D23解析物體從A點向右運(yùn)動的過程，由牛頓第二定律得F0.6Fma1，物體從右側(cè)最大位移處向左運(yùn)動的過程，由牛頓第二定律得F0.6Fma2，則得a1a241，物體向右的運(yùn)動逆過程是初

2、速度為零的勻加速運(yùn)動，由xat2可得t1t212，故ABD錯誤，C正確；故選C。2(2018四川省涼山州高三第三次診斷試題)AB兩物體同時同地從靜止開始運(yùn)動，其運(yùn)動的速度隨時間的vt圖如圖所示，關(guān)于它們運(yùn)動的描述正確的是(D)A物體B在直線上做往返運(yùn)動B物體A做加速度增大的曲線運(yùn)動CAB兩物體在01s運(yùn)動過程中距離越來越近DB物體在第1s內(nèi)、第2s內(nèi)、第3s內(nèi)的平均速度大小之比為132解析vt圖，其數(shù)值代表速度大小和方向，斜率表示加速度，面積表示位移；由圖可知，B先勻加速直線，再做勻減速直線，速度為正值，為單向直線運(yùn)動。物體A做加速度增大的直線運(yùn)動；在01s內(nèi)，B物體在前，A物體在后，距離越來

3、越遠(yuǎn)；由于面積表示位移，可求1s內(nèi)、第2s內(nèi)、第3s內(nèi)的位移比為132，由，可知平均速度大小為132。綜上分析，D正確。3(2018北京市西城區(qū)高三下學(xué)期5月模擬)一種巨型娛樂器械可以使人體驗超重和失重。一個可乘十多個人的環(huán)形座艙套裝在豎直柱子上，由升降機(jī)送上幾十米的高處，然后讓座艙自由落下。落到一定位置時，制動系統(tǒng)啟動，座艙做減速運(yùn)動，到地面時剛好停下。在上述過程中，關(guān)于座艙中的人所處的狀態(tài)，下列判斷正確的是(B)A座艙在自由下落的過程中人處于超重狀態(tài)B座艙在減速運(yùn)動的過程中人處于超重狀態(tài)C座艙在整個運(yùn)動過程中人都處于失重狀態(tài)D座艙在整個運(yùn)動過程中人都處于超重狀態(tài)解析座艙在自由下落的過程中，

4、加速度為向下的g，人處于完全失重狀態(tài)；座艙在減速運(yùn)動的過程中，加速度向上，則人處于超重狀態(tài)，故選B。4(2018全國押題卷二)如圖所示，兩個質(zhì)量分別為m1、m2的物塊A和B通過一輕彈簧連接在一起并放置于水平傳送帶上，水平輕繩一端連接A，另一端固定在墻上，A、B與傳送帶間動摩擦因數(shù)均為。傳送帶順時針方向轉(zhuǎn)動，系統(tǒng)達(dá)到穩(wěn)定后，突然剪斷輕繩的瞬間，設(shè)A、B的加速度大小分別為aA和aB，(彈簧在彈性限度內(nèi)，重力加速度為g)則(C)AaA(1)g，aBgBaAg，aB0CaA(1)g，aB0DaAg，aBg解析對物塊B分析，摩擦力與彈簧彈力平衡，有：m2gkx，則x。以兩個物塊組成的整體為研究對象，則繩

5、子的拉力：T(m1m2)g；突然剪斷輕繩的瞬間，繩子的拉力減小為0，而彈簧的彈力不變，則A受到的合外力與T大小相等，方向相反，則：aA；B在水平方向仍然受到彈簧的拉力和傳送帶的摩擦力，合外力不變，仍然等于0，所以B的加速度仍然等于0。故選項C正確，ABD錯誤。故選C。5(2018河北省邯鄲市高三下學(xué)期第一次模擬)如圖所示，在光滑水平面上放有一質(zhì)量M30kg的斜劈，在其斜面上放一質(zhì)量m2kg的物塊，現(xiàn)用一水平向右的力F拉斜劈，使其由靜止開始運(yùn)動，物塊恰好能與斜劈保持相對靜止。已知斜劈傾角37，物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)0.8，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取sin370.6，cos370.8，重力加

6、速度g10m/s2。則拉力F大小為(B)A1NB10NC31ND310N解析對m受力分析如圖所示：根據(jù)牛頓第二定律可得：fcos37Nsin37ma，豎直方向：fsin37Ncos37mg，其中fN，聯(lián)立解得：am/s2，把M、m看成一個整體有：F(Mm)a，解得：F10N，故B正確，ACD錯誤。6(2018陜西省榆林市高三下學(xué)期第四次模擬)如圖所示，質(zhì)量為m的小滑塊在水平地面上以大小恒為a的加速度減速向左運(yùn)動，當(dāng)滑塊向左運(yùn)動的速度大小為v時，加一方向水平向右、大小為2ma的恒定拉力。若滑塊受到的最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小相等，空氣阻力不計，則(BC)A滑塊受到的摩擦力大小可能為2maB該拉

7、力作用一段時間后，滑塊的加速度大小可能為aC從剛受到恒定拉力起經(jīng)過時間，滑塊的速度大小又變?yōu)関D從受到恒定拉力起經(jīng)過時間，滑塊的位置與其剛受到恒定拉力時的位置相同解析小滑塊在水平地面上以大小恒為a的加速度減速向左運(yùn)動，則所受的摩擦力fma，選項A錯誤；當(dāng)施加向右的拉力2ma時，物體向左做減速運(yùn)動，當(dāng)速度減到零后向右加速運(yùn)動，加速度大小為aa，選項B正確；物體的速度減到零時：(ma2ma)t10mv；物體的速度從零增加到v時：(2mama)t2mv，則從剛受到恒定拉力起，當(dāng)滑塊的速度大小又變?yōu)関時經(jīng)過時間為tt1t2，因兩段時間中的平均速度相同，但是時間不同，則兩段時間的位移大小不同，即從受到恒

8、定拉力起經(jīng)過時間，滑塊的位置與其剛受到恒定拉力時的位置不相同，選項D錯誤；故選BC。7(2018湖南省邵陽市高三下學(xué)期模擬)質(zhì)量為M的足夠長的木板B放在光滑水平地面上，一個質(zhì)量為m的滑塊A(可視為質(zhì)點)放在木板上，設(shè)木塊受到的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，如圖甲所示。木板B受到隨時間t變化的水平拉力F作用時，用傳感器測出木板B的加速度a，得到如圖乙所示的aF圖象，取g10m/s2，則(AC)A滑塊A的質(zhì)量m1.5kgB木板B的質(zhì)量M1.5kgC當(dāng)F5N時，木板B的加速度a4m/s2D滑塊A與木板B間的動摩擦因數(shù)為0.1解析由圖乙知，當(dāng)F4N時，加速度為a2m/s2，對整體分析：F(mM)a，解得

9、mM2kg，當(dāng)F4N時，A、B發(fā)生相對滑動，對B有：aF，由圖示圖象可知，圖線的斜率：k2，解得M0.5kg，滑塊A的質(zhì)量m1.5kg，故A正確，B錯誤；當(dāng)a0時，F(xiàn)3N，代入解得0.2，故D錯誤；根據(jù)F5N4N時，滑塊與木板相對滑動，B的加速度為aBFg4m/s2，故C正確。8傾角為的斜面體M靜止放在粗糙水平地面上，其斜面也是粗糙的。已知質(zhì)量為m的物塊恰可沿其斜面勻速下滑。今對下滑的物塊m施加一個向左的水平拉力F，物塊仍沿斜面向下運(yùn)動，斜面體M始終保持靜止。則此時(BD)A物塊m下滑的加速度等于B物塊m下滑的加速度大于C水平面對斜面體M的靜摩擦力方向水平向右D水平面對斜面體M的靜摩擦力大小為

10、零解析由題意知，物塊自己能夠沿斜面勻速下滑，得mgsinmgcos，施加拉力F后，mgsinFcos(mgcosFsin)ma，解得a，所以A錯誤B正確；以斜面體為研究對象，受物塊的摩擦力沿斜面向下為Ff(mgcosFsin)，正壓力FNmgcosFsin，又tan，把摩擦力和壓力求和，方向豎直向下，所以斜面體在水平方向沒有運(yùn)動的趨勢，故不受地面的摩擦力，所以D正確C錯誤。二、計算題(本題共3小題，需寫出完整的解題步驟)9(2018四川省高三下學(xué)期第二次模擬)如圖所示，勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧套在固定于地面的豎直桿上。彈簧上端與輕薄片P相連，P與桿之間涂有一層能調(diào)節(jié)阻力的智能材料。在P上方H處將

11、另一質(zhì)量為m的光滑圓環(huán)Q由靜止釋放，Q接觸P后一起做勻減速運(yùn)動，下移距離為時速度減為0。忽略空氣阻力，重力加速度為g。求：(1)Q做減速運(yùn)動時加速度的大??；(2)Q從開始運(yùn)動到速度減為零所用的時間；(3)Q下移距離d(d)時，智能材料對P阻力的大小。解析(1)令Q剛接觸P時速度為v：v22gH，得：v接觸P后令其加速度大小為a，則有：2av2得：a(2)Q自由下落所用的時間：t1，Q做減速運(yùn)動時所用的時間：t2Q運(yùn)動的總時間：tt1t2(3)令新型智能材料對P的阻力為FkdFmgma解得：Fmgk(Hd)10(2018浙江省杭州市高三下學(xué)期預(yù)測卷)2018年第23屆平昌冬奧會冰壺混雙比賽循環(huán)賽

12、在江陵冰壺中心進(jìn)行，巴德鑫和王芮聯(lián)袂出戰(zhàn)以6比4擊敗美國隊。如圖為我國運(yùn)動員巴德鑫推冰壺的情景，現(xiàn)把冰壺在水平面上的運(yùn)動簡化為勻加速或勻減速直線運(yùn)動，冰壺可視為質(zhì)點。設(shè)一質(zhì)量為m20kg的冰壺從運(yùn)動員開始推到最終靜止共用時t23s。冰壺離開運(yùn)動員的手后，運(yùn)動了x30m才停下來，冰壺與冰面間動摩擦因數(shù)為0.015，g10m/s2。求：(1)冰壺在減速階段的加速度大??？(2)運(yùn)動員推冰壺的時間。(3)運(yùn)動員推冰壺的平均作用力。解析(1)根據(jù)牛頓第二定律得mgma1冰壺在減速階段的加速度大小為：a10.15m/s2(2)采用逆向思維，有xa1t解得：t120s運(yùn)動員推冰壺的時間為：t2tt12320

13、s3s(3)勻減速運(yùn)動的初速度為：va1t10.1520m/s3m/s則推冰壺的平均加速度：a2m/s21m/s2根據(jù)牛頓第二定律得：Fmgma2代入數(shù)據(jù)解得：F23N11(2018安徽省蚌埠市高三第三次教學(xué)質(zhì)量檢測)圖a為自動感應(yīng)門，門框上沿中央安裝有傳感器，當(dāng)人或物體與傳感器的水平距離小于或等于某個設(shè)定值(可稱為水平感應(yīng)距離)時，中間兩扇門分別向左右平移，當(dāng)人或物體與傳感器的距離大于設(shè)定值時，門將自動關(guān)閉。圖b為感應(yīng)門的俯視圖，A為傳感器位置，虛線圓是傳感器的感應(yīng)范圍，已知每扇門的寬度為d，最大移動速度為v0，若門開啟時先勻加速運(yùn)動而后立即以大小相等的加速度勻減速運(yùn)動，每扇門完全開啟時的速

14、度剛好為零，移動的最大距離為d，不計門及門框的厚度。(1)求門開啟時做加速和減速運(yùn)動的加速度大??；(2)若人以v0的速度沿圖中虛線S走向感應(yīng)門，要求人到達(dá)門框時左右門同時各自移動的距離，那么設(shè)定的傳感器水平感應(yīng)距離l應(yīng)為多少？(3)若以(2)的感應(yīng)距離設(shè)計感應(yīng)門，欲搬運(yùn)寬為的物體(厚度不計)，并使物體中間沿虛線s垂直地勻速通過該門(如圖c)，物體的移動速度不能超過多少？解析(1)依題意每扇門開啟過程中的速度圖象如圖所示：設(shè)門全部開啟所用的時間為t0，由圖可得dv0t0由速度時間關(guān)系得：v0a(t0)聯(lián)立解得：a(2)要使單扇門打開，需要的時間為tt0人只要在t時間內(nèi)到達(dá)門框處即可安全通過，所以人到門的距離為lv0t聯(lián)立解得：ld(3)依題意寬為d的物體移到門框過程中，每扇門至少要移動d的距離，每扇門的運(yùn)動各經(jīng)歷兩個階段：開始以加速度a運(yùn)動s1的距離，速度達(dá)到v0，所用時間為t1，而后又做勻減速運(yùn)動，設(shè)減速時間為t2，門又動了s2ddd的距離由勻變速運(yùn)動公式，得：s2v0t2at解得：t2和t2(不合題意舍去)要使每扇門打開d所用的時間為t1t2故物體移動的速度不能超過vv0