《2018年中考數(shù)學(xué)專題復(fù)習(xí)卷 軸對稱、平移與旋轉(zhuǎn)（含解析）》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2018年中考數(shù)學(xué)專題復(fù)習(xí)卷 軸對稱、平移與旋轉(zhuǎn)（含解析）（18頁珍藏版）》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、 軸對稱、平移與旋轉(zhuǎn) 一、選擇題 1.下列圖形中一定是軸對稱圖形的是（??? ） A.?????????B.?????????C.?????????D.? 【答案】D 【解析】 A、40°的直角三角形不是軸對稱圖形，故不符合題意； B、兩個(gè)角是直角的四邊形不一定是軸對稱圖形，故不符合題意； C、平行四邊形是中心對稱圖形不是軸對稱圖形，故不符合題意； D、矩形是軸對稱圖形，有兩條對稱軸，故符合題意， 故答案為：D. 【分析】把一個(gè)圖形沿著一條直線折疊，直線兩旁的部分能完全重合的圖形就是軸對稱圖形；根據(jù)軸對稱圖形的定義，再一一判斷即可。 2.下列

2、圖形中，是軸對稱圖形但不是中心對稱圖形的是（ ???） A.?正三角形??????????????????????????????B.?菱形??????????????????????????????C.?直角梯形??????????????????????????????D.?正六邊形 【答案】C 【解析】 ：A.正三角形是軸對稱圖形，不是中心對稱圖形，故正確，A符合題意；B.菱形既是軸對稱圖形，又是中心對稱圖形，故錯(cuò)誤，B不符合題意； C.直角梯形既不是軸對稱圖形，也不是中心對稱圖形，故錯(cuò)誤，C不符合題意； D.正六邊形既是軸對稱圖形，又是中心對稱圖形

3、，故錯(cuò)誤，D不符合題意； 故答案為：A. 【分析】根據(jù)軸對稱圖形和中心對稱圖形定義一一判斷對錯(cuò)即可得出答案. 3.將拋物線y=-5x +l向左平移1個(gè)單位長度,再向下平移2個(gè)單位長度,所得到的拋物線為（?? ）. A.?y=-5(x+1) -1??????????????B.?y=-5(x-1) -1??????????????C.?y=-5(x+1) +3??????????????D.?y=-5(x-1) +3 【答案】A 【解析】 ：將拋物線y=-5x+l向左平移1個(gè)單位長度，得到的拋物線解析式為： y=-5（x+1）2+1 再向下平移2個(gè)單位

4、長度得到的拋物線為：y=-5(x-1)+1-2 即y=-5(x+1)-1 故答案為：A 【分析】根據(jù)二次函數(shù)圖像的平移規(guī)律：上加下減，左加右減，將拋物線y=ax2向上或向下平移m個(gè)單位，再向左或向右平移n個(gè)單位即得到y(tǒng)=a（x±n）2±m(xù)。根據(jù)平移規(guī)則即可得出平移后的拋物線的解析式。即可求解。 4.在平面直角坐標(biāo)系中，點(diǎn) 關(guān)于原點(diǎn)對稱的點(diǎn)的坐標(biāo)是（? ） A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 ：點(diǎn) 關(guān)于原點(diǎn)對稱的點(diǎn)的坐標(biāo)為（3,5）故答案為：C 【分析】根據(jù)關(guān)于原點(diǎn)對稱點(diǎn)的坐標(biāo)特點(diǎn)是橫縱坐標(biāo)都互為相反數(shù)，就可得出答案。 5.下列圖形中

5、既是軸對稱圖形又是中心對稱圖形的是（?? ）. A.???????????????????B.???????????????????C.???????????????????D.? 【答案】C 【解析】 ：A、此圖案既不是軸對稱圖形，也不是中心對稱圖形，因此A不符合題意； B、 此圖案是中心對稱圖形，不是軸對稱圖形，因此B不符合題意； C、 此圖案是軸對稱圖形，也是中心對稱圖形，因此C符合題意； D、 此圖案是軸對稱圖形，不是中心對稱圖形，因此D不符合題意； 故答案為：C 【分析】根據(jù)中心對稱圖形是圖形繞某一點(diǎn)旋轉(zhuǎn)180°后與原來的圖形完全重合，軸對

6、稱圖形是一定要沿某直線折疊后直線兩旁的部分互相重合，對各選項(xiàng)逐一判斷即可。 6.在平面直角坐標(biāo)系中，以原點(diǎn)為對稱中心，把點(diǎn)A（3，4）逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)90°，得到點(diǎn)B，則點(diǎn)B的坐標(biāo)為（????? ） ? A.（4，-3） B.（-4，3） C.（-3，4） D.（-3，-4） 【答案】B 【解析】 ：如圖： 由旋轉(zhuǎn)的性質(zhì)可得： △AOC≌△BOD， ∴OD=OC，BD=AC， 又∵A（3,4）， ∴OD=OC=3，BD=AC=4， ∵B點(diǎn)在第二象限， ∴B（-4,3）. 故答案為：B. 【分析】建立平面直角坐標(biāo)系，根據(jù)旋轉(zhuǎn)的性質(zhì)得△AO

7、C≌△BOD，再由全等三角形的性質(zhì)和點(diǎn)的坐標(biāo)性質(zhì)得出B點(diǎn)坐標(biāo)，由此即可得出答案. 7.下列圖形中，不是軸對稱圖形的是（?? ） A.????????????????????B.????????????????????C.????????????????????D.? 【答案】C 【解析】 ：根據(jù)軸對稱圖形的概念，可知：選項(xiàng)C中的圖形不是軸對稱圖形． 故答案為：C． 【分析】把一個(gè)圖形沿著某條直線折疊，若直線兩旁的部分能完全重合，則這個(gè)圖形就是軸對稱圖形；根據(jù)定義即可一一判斷。 8.如圖所示的五角星是軸對稱圖形，它的對稱軸共有（??? ） A.1條

8、B.3條 C.5條 D.無數(shù)條 【答案】C 【解析】 ：五角星有五條對稱軸. 故答案為：C. 【分析】軸對稱圖形：平面內(nèi)，一個(gè)圖形沿一條直線折疊，直線兩旁的部分能夠完全重合的圖形,這條直線叫做對稱軸。由此定義即可得出答案. 9.如圖，將一個(gè)三角形紙片 沿過點(diǎn) 的直線折疊，使點(diǎn) 落在 邊上的點(diǎn) 處，折痕為 ，則下列結(jié)論一定正確的是（? ） A.????????????????????B.????????????????????C.????????????????????D.? 【答案】D 【解析】 由折疊的性質(zhì)知，BC=BE． ∴ .． 故答案為：D． 【分

9、析】根據(jù)折疊的性質(zhì)可知BC=BE．根據(jù)線段的和差及等量代換即可得出答案。 10.如圖是由6個(gè)大小相同的立方體組成的幾何體，在這個(gè)幾何體的三視圖中，是中心對稱圖形的是（??? ） A.?主視圖???????????????????????????B.?左視圖???????????????????????????C.?俯視圖???????????????????????????D.?主視圖和左視圖 【答案】C 【解析】 ：∵主視圖和左視圖都是一個(gè)“倒T”字型，不是中心對稱圖形；而俯視圖是一個(gè)“田”字型，是中心對稱圖形， 故答案為：C. 【分析】根據(jù)三視圖的定義即可得出答案. 11

10、.如圖，將△ABC繞點(diǎn)C順時(shí)針旋轉(zhuǎn)90°得到△EDC ． 若點(diǎn)A ， D ， E在同一條直線上，∠ACB=20°，則∠ADC的度數(shù)是（??? ） A.?55°???????????????????????????????????????B.?60°???????????????????????????????????????C.?65°???????????????????????????????????????D.?70° 【答案】C 【解析】 ：∵將△ABC繞點(diǎn)C順時(shí)針旋轉(zhuǎn)90°得到△EDC ． ∴∠ACE=90°，AC=CE ， ∴∠E=45°， ∵∠ADC

11、是△CDE的外角， ∴∠ADC=∠E+∠DCE=45°+20°=65°， 故答案為：C。 【分析】根據(jù)旋轉(zhuǎn)的性質(zhì)可知，旋轉(zhuǎn)前后的兩個(gè)圖形是全等的，并且對應(yīng)邊的旋轉(zhuǎn)角的度數(shù)是一樣的。則∠ACE=90°，AC=CE ， ∠DCE=∠ACB=20°，可求出∠E的度數(shù)，根據(jù)外角的性質(zhì)可求得∠ADC的度數(shù) 12.如圖，P為等邊三角形ABC內(nèi)的一點(diǎn)，且P到三個(gè)頂點(diǎn)A，B，C的距離分別為3，4，5，則△ABC的面積為（?? ） A.???????????????????????????B.???????????????????????????C.???????????????????????

12、????D.? 【答案】A 【解析】 ：∵△ABC為等邊三角形， ∴BA=BC， 可將△BPC繞點(diǎn)B逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)60°得△BEA，連EP，且延長BP，作AF⊥BP于點(diǎn)F．如圖， ∴BE=BP=4，AE=PC=5，∠PBE=60°， ∴△BPE為等邊三角形， ∴PE=PB=4，∠BPE=60°， 在△AEP中，AE=5，AP=3，PE=4， ∴AE2=PE2+PA2 ， ∴△APE為直角三角形，且∠APE=90°， ∴∠APB=90°+60°=150°． ∴∠APF=30°， ∴在直角△APF中，AF= AP= ，PF= AP= ． ∴在直角△ABF中，AB

13、2=BF2+AF2=（4+ ）2+（ ）2=25+12 ． 則△ABC的面積是 ?AB2= ?（25+12 ）=9+ ． 故答案為：A． 【分析】根據(jù)等邊三角形的性質(zhì)得出BA=BC，可將△BPC繞點(diǎn)B逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)60°得△BEA，連EP，且延長BP，作AF⊥BP于點(diǎn)F．如圖，根據(jù)旋轉(zhuǎn)的性質(zhì)得出BE=BP=4，AE=PC=5，∠PBE=60°，從而根據(jù)有一個(gè)角是60°的等腰三角形是等邊三角形判斷出△BPE為等邊三角形，根據(jù)等邊三角形的性質(zhì)得出PE=PB=4，∠BPE=60°，在△AEP中，由勾股定理的逆定理得出△APE為直角三角形，且∠APE=90°，根據(jù)角的和差及鄰補(bǔ)角的定義得出∠APF=

14、30°，在直角△APF中，根據(jù)含30°角的直角三角形三邊之間的關(guān)系得出AF,PF的長，在直角△ABF中，根據(jù)勾股定理得出AB2的值，從而得出答案。 二、填空題 13. 點(diǎn)A（2，1）與點(diǎn)B關(guān)于原點(diǎn)對稱，則點(diǎn)B的坐標(biāo)是________． 【答案】（﹣2，﹣1） 【解析】 ：∵點(diǎn)A（2，1）與點(diǎn)B關(guān)于原點(diǎn)對稱， ∴點(diǎn)B的坐標(biāo)是（﹣2，﹣1）， 故答案為：（﹣2，﹣1）． 【分析】根據(jù)兩個(gè)點(diǎn)關(guān)于原點(diǎn)對稱時(shí)，它們的坐標(biāo)符號相反可得答案． 14.在平面直角坐標(biāo)系中，將點(diǎn)（3,-2）先向右平移2個(gè)單位長度，再向上平移3個(gè)單位長度，則所得的點(diǎn)的坐標(biāo)是________.

15、 【答案】（5,1） 【解析】 ：∵點(diǎn)（3,-2）先向右平移2個(gè)單位長度，再向上平移3個(gè)單位長度，∴所得的點(diǎn)的坐標(biāo)為：（5,1）. 故答案為：（5,1）. 【分析】根據(jù)點(diǎn)坐標(biāo)平移特征：右加上加，從而得出平移之后的點(diǎn)坐標(biāo). 15.（2017?百色）如圖，在正方形OABC中，O為坐標(biāo)原點(diǎn)，點(diǎn)C在y軸正半軸上，點(diǎn)A的坐標(biāo)為（2，0），將正方形OABC沿著OB方向平移 OB個(gè)單位，則點(diǎn)C的對應(yīng)點(diǎn)坐標(biāo)為________． 【答案】（1，3） 【解析】 ：∵在正方形OABC中，O為坐標(biāo)原點(diǎn)，點(diǎn)C在y軸正半軸上，點(diǎn)A的坐標(biāo)為（2，0）， ∴OC=OA=2，C（0，2）， ∵將正方

16、形OABC沿著OB方向平移 OB個(gè)單位，即將正方形OABC向右平移1個(gè)單位，再向上平移1個(gè)單位， ∴點(diǎn)C的對應(yīng)點(diǎn)坐標(biāo)是（1，3）． 故答案為（1，3）． 【分析】將正方形OABC沿著OB方向平移 OB個(gè)單位，即將正方形OABC向右平移1個(gè)單位，再向上平移1個(gè)單位，根據(jù)平移規(guī)律即可求出點(diǎn)C的對應(yīng)點(diǎn)坐標(biāo)． 16.已知點(diǎn) 是直線 上一點(diǎn)，其橫坐標(biāo)為 .若點(diǎn) 與點(diǎn) 關(guān)于 軸對稱，則點(diǎn) 的坐標(biāo)為________. 【答案】（ ， ） 【解析】 ：∵點(diǎn)A在直線y=x+1上，其橫坐標(biāo)為 ，∴當(dāng)x= 時(shí)，y= +1= , ∴點(diǎn)A（ ， ）. ∵點(diǎn)B與點(diǎn)A關(guān)于y軸對稱， ∴點(diǎn)B（

17、， ） 故答案為：（ ， ） 【分析】點(diǎn)A是直線y=x+1上的一點(diǎn)，由其橫坐標(biāo)求出點(diǎn)A的坐標(biāo)，再根據(jù)關(guān)于y軸對稱的性質(zhì)“兩點(diǎn)的橫坐標(biāo)是互為相反數(shù)”得到點(diǎn)B的坐標(biāo). 17. 如圖，已知直線l1∥l2 ， l1、l2之間的距離為8，點(diǎn)P到直線l1的距離為6，點(diǎn)Q到直線l2的距離為4，PQ=4 ，在直線l1上有一動(dòng)點(diǎn)A，直線l2上有一動(dòng)點(diǎn)B，滿足AB⊥l2 ， 且PA+AB+BQ最小，此時(shí)PA+BQ=________． 【答案】4 【解析】 ：作PE⊥l1于E交l2于F，在PF上截取PC=8，連接QC交l2于B，作BA⊥l1于A，此時(shí)PA+AB+BQ最短．作QD⊥PF于D． 在

18、Rt△PQD中，∵∠D=90°，PQ=4 ，PD=18， ∴DQ= = ， ∵AB=PC=8，AB∥PC， ∴四邊形ABCP是平行四邊形， ∴PA=BC， ∴PA+BQ=CB+BQ=QC= = =4 ． 故答案為4 【分析】作PE⊥l1于E交l2于F，在PF上截取PC=8，連接QC交l2于B，作BA⊥l1于A，此時(shí)PA+AB+BQ最短．作QD⊥PF于D．首先證明四邊形ABCP是平行四邊形，PA+BQ=CB+BQ=QC，利用勾股定理即可解決問題． 18.有五張卡片(形狀、大小、質(zhì)地都相同)，正面分別畫有下列圖形：①線段；②正三角形；③平行四邊形；④等腰梯形；⑤圓.將卡片背面

19、朝上洗勻，從中任取一張，其正面圖形既是軸對稱圖形，又是中心對稱圖形的概率是________． 【答案】 【解析】 ：這5個(gè)圖形中既是軸對稱圖形，又是中心對稱圖形有①⑤∴其正面圖形既是軸對稱圖形，又是中心對稱圖形的概率： . 【分析】根據(jù)題意得出5個(gè)圖形中滿足條件的只有2種，根據(jù)概率公式即可求解。 19.如圖，在矩形 中， ， ，將矩形 沿 折疊，點(diǎn) 落在 處，若 的延長線恰好過點(diǎn) ，則 的值為________． 【答案】 【解析】 ：由折疊知，A'E=AE，A'B=AB=6，∠BA'E=90°， ∴∠BA'C=90°．在Rt△A'CB中，A'C= =8， 設(shè)AE=x

20、，則A'E=x，∴DE=10﹣x，CE=A'C+A'E=8+x． 在Rt△CDE中，根據(jù)勾股定理得：（10﹣x）2+36=（8+x）2 ， ∴x=2，∴AE=2． 在Rt△ABE中，根據(jù)勾股定理得：BE= =2 ， ∴sin∠ABE= = ． 故答案為： ． 【分析】根據(jù)折疊的性質(zhì)，可得出A'E=AE，A'B=AB=6，∠BA'E=90°，再根據(jù)勾股定理求出A'C、AE、BE的長，然后利用銳角三角函數(shù)的定義，可求解。 20.在如圖所示的平行四邊形ABCD中，AB=2，AD=3，將△ACD沿對角線AC折疊，點(diǎn)D落在△ABC所在平面內(nèi)的點(diǎn)E處，且AE過BC的中點(diǎn)O，則△ADE的周

21、長等于________． 【答案】10 【解析】 ：∵四邊形ABCD是平行四邊形 ∴，CD=AB=2 由折疊，知：DC=CE=2,AE=AD=3 ∴△ADE的周長為：3+3+2+2=10 故答案為：10 【分析】根據(jù)平行四邊形的對邊相等得出CD=AB=2，根據(jù)折疊的性質(zhì)可知DC=CE=2,AE=AD=3，根據(jù)三角形的周長計(jì)算方法即可得出答案。 21. 如圖，在正方形ABCD中，AD=2 ，把邊BC繞點(diǎn)B逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)30°得到線段BP，連接AP并延長交CD于點(diǎn)E，連接PC，則三角形PCE的面積為________． 【答案】6 ﹣10 【解析】【解答】解：∵四

22、邊形ABCD是正方形， ∴∠ABC=90°， ∵把邊BC繞點(diǎn)B逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)30°得到線段BP， ∴PB=BC=AB，∠PBC=30°， ∴∠ABP=60°， ∴△ABP是等邊三角形， ∴∠BAP=60°，AP=AB=2 ， ∵AD=2 ， ∴AE=4，DE=2， ∴CE=2 ﹣2，PE=4﹣2 ， 過P作PF⊥CD于F， ∴PF= PE=2 ﹣3， ∴三角形PCE的面積= CE?PF= ×（2 ﹣2）×（4﹣2 ）=6 ﹣10， 故答案為：6 ﹣10． 【分析】根據(jù)旋轉(zhuǎn)的想知道的PB=BC=AB，∠PBC=30°，推出△ABP是等邊三角形，得到∠BAP=60°，A

23、P=AB=2 ，解直角三角形得到CE=2 ﹣2，PE=4﹣2 ，過P作PF⊥CD于F，于是得到結(jié)論． 三、解答題 22.在邊長為1個(gè)單位長度的正方形網(wǎng)格中建立如圖所示的平面直角坐標(biāo)系，△ABC的頂點(diǎn)都在格點(diǎn)上，請解答下列問題： （1）①作出△ABC向左平移4個(gè)單位長度后得到的△A1B1C1 ， 并寫出點(diǎn)C1的坐標(biāo)； ②作出△ABC關(guān)于原點(diǎn)O對稱的△A2B2C2 ， 并寫出點(diǎn)C2的坐標(biāo)； （2）已知△ABC關(guān)于直線l對稱的△A3B3C3的頂點(diǎn)A3的坐標(biāo)為（－4，－2），請直接寫出直線l的函數(shù)解析式. 【答案】（1）解：如圖所示， C1的坐標(biāo)C1（-1,2）,

24、 C2的坐標(biāo)C2（-3,-2） （2）解：∵A（2,4），A3（-4，-2）， ∴直線l的函數(shù)解析式：y=-x. 【解析】【分析】（1）①利用正方形網(wǎng)格特征和平移的性質(zhì)寫出A、B、C對應(yīng)點(diǎn)A1、B1、C1的坐標(biāo)，然后在平面直角坐標(biāo)系中描點(diǎn)連線即可得到△A1B1C1. ②根據(jù)關(guān)于原點(diǎn)對稱的點(diǎn)的特征得出A2、B2、C2的坐標(biāo)，然后在平面直角坐標(biāo)系中描點(diǎn)連線即可得到△A2B2C2. （2）根據(jù)A與A3的點(diǎn)的特征得出直線l解析式. 23.已知:在四邊形ABCD中,對角線AC、BD相交于點(diǎn)E，且AC⊥BD,作BF⊥CD垂足為點(diǎn)F,BF與AC交于點(diǎn)G.∠BGE=∠ADE. （1）

25、如圖1,求證:AD=CD； （2）如圖2,BH是△ABE的中線,若AE=2DE,DE=EG,在不添加任何輔助線的情況下,請直接寫出圖2中四個(gè)三角形,使寫出的每個(gè)三角形的面積都等于△ADE面積的2倍. 【答案】（1）證明:如圖1∵AC⊥BD∴∠AED=∠DEC=∠BEG=90° ∴∠BGE+∠EBG=90° ∵BF⊥CD ∴∠BFD=90° ∴∠BDF+∠EBG=90° ∴∠BGE=∠BDF ∵∠BGE=∠ADE ∴∠ADE=∠BDF ∵DE=DE ∴△ADE≌△CDE ∴AD=CD （2）解：△ACD、△ABE、△BCE、△GBH 【解析】【解答

26、】（2）設(shè)DE=a， 則AE=2DE=2a，EG=DE=a， ∵S△ADE=AE·DE=·2a·a=a2, ∵BH是△ABE的中線， ∴AH=HE=a， ∵AD=CD、AC⊥BD， ∴CE=AE=2a， 則S△ADC=AC·DE=·（2a+2a）·a=2a2=2S△ADE; 在△ADE和△BGE中， ∵, ∴△ADE≌△BGE(ASA), ∴BE=AE=2a， ∴S△ABE=AE·BE=·(2a）·2a=2a2, S△ACE=CE·BE=·(2a）·2a=2a2, S△BHG=HG·BE=·(a+a)·2a=2a2, 綜上，面積等于△ADE面積的2倍的三角形有△A

27、CD、△ABE、△BCE、△GBH?！痉治觥浚?）根據(jù)已知AC⊥BD，可證得∠AED=∠DEC=90°，根據(jù)直角三角形兩銳角互余，得出∠EBG+∠BGE=90°，再根據(jù)垂直的定義及直角三角形兩銳角互余，可得出∠EBG+∠BDF=90°，結(jié)合已知可證得∠ADE=∠BDF，然后根據(jù)全等三角形的判定定理，證明△ADE≌△CDE，從而可證得結(jié)論。 （2）根據(jù)（1）△ADE≌△CDE，可得出△ADC的面積為△ADE面積的2倍；根據(jù)條件AE=2DE，可得出△ABE的面積為△ADE面積的2倍，根據(jù)軸對稱圖形，可得出△ABE≌△BCE；根據(jù)DE=EG，可得出△GHB的面積等于△ADE面積的2倍，綜上所述，即

28、可得出答案。 24.如圖，在邊長為1的正方形ABCD中，動(dòng)點(diǎn)E、F分別在邊AB、CD上，將正方形ABCD沿直線EF折疊，使點(diǎn)B的對應(yīng)點(diǎn)M始終落在邊AD上（點(diǎn)M不與點(diǎn)A、D重合），點(diǎn)C落在點(diǎn)N處，MN與CD交于點(diǎn)P，設(shè)BE=x， （1）當(dāng)AM= 時(shí)，求x的值； （2）隨著點(diǎn)M在邊AD上位置的變化，△PDM的周長是否發(fā)生變化？如變化，請說明理由；如不變，請求出該定值； （3）設(shè)四邊形BEFC的面積為S，求S與x之間的函數(shù)表達(dá)式，并求出S的最小值. 【答案】（1）解：由折疊性質(zhì)可知：BE=ME=x，∵正方形ABCD邊長為1 ∴AE=1-x， 在Rt△AME中

29、， ∴AE2+AM2=ME2 ， 即（1-x）2+ =x2 ， 解得：x= . （2）解：△PDM的周長不會發(fā)生變化，且為定值2. 連接BM、BP，過點(diǎn)B作BH⊥MN， ∵BE=ME， ∴∠EBM=∠EMB， 又∵∠EBC=∠EMN=90°， 即∠EBM+∠MBC=∠EMB+∠BMN=90°， ∴∠MBC=∠BMN， 又∵正方形ABCD， ∴AD∥BC，AB=BC， ∴∠AMB=∠MBC=∠BMN， 在Rt△ABM和Rt△HBM中， ∵ , ∴Rt△ABM≌Rt△HBM（AAS）， ∴AM=HM，AB=HB=BC， 在Rt△BHP和Rt△BCP中

30、， ∵ , ∴Rt△BHP≌Rt△BCP（HL）， ∴HP=CP， 又∵C△PDM=MD+DP+MP， ??????? =MD+DP+MH+HP， ????? ??=MD+DP+AM+PC, ??????? =AD+DC, ??????? =2. ∴△PDM的周長不會發(fā)生變化，且為定值2. （3）解：過F作FQ⊥AB，連接BM， 由折疊性質(zhì)可知：∠BEF=∠MEF,BM⊥EF， ∴∠EBM+∠BEF=∠EMB+∠MEF=∠QFE+∠BEF=90°, ∴∠EBM=∠EMB=∠QFE， 在Rt△ABM和Rt△QFE中， ∵ , ∴Rt△ABM≌Rt△QFE（AS

31、A）， ∴AM=QE， 設(shè)AM長為a， 在Rt△AEM中， ∴AE2+AM2=EM2, 即（1-x）2+a2=x2, ∴AM=QE= , ∴BQ=CF=x- ， ∴S= （CF+BE）×BC， ?? = （x- +x）×1， ?? = （2x- ）, 又∵（1-x）2+a2=x2, ∴x= =AM=BE，BQ=CF= -a， ∴S= （ -a+ ）×1， ?? = （a2-a+1）, ?? = （a- ）2+ ， ∵0

32、，根據(jù)勾股定理得（1-x）2+ =x2 ， 解得：x= . （2）△PDM的周長不會發(fā)生變化，且為定值2.連接BM、BP，過點(diǎn)B作BH⊥MN，根據(jù)折疊性質(zhì)知BE=ME，由等邊對等角得∠EBM=∠EMB，由等角的余角相等得∠MBC=∠BMN，由全等三角形的判定AAS得Rt△ABM≌Rt△HBM，根據(jù)全等三角形的性質(zhì)得AM=HM，AB=HB=BC，又根據(jù)全等三角形的判定HL得Rt△BHP≌Rt△BCP，根據(jù)全等三角形的性質(zhì)得HP=CP，由三角形周長和等量代換即可得出△PDM周長為定值2. （3）過F作FQ⊥AB，連接BM，由折疊性質(zhì)可知：∠BEF=∠MEF,BM⊥EF，由等角的余角相等得∠EBM=∠EMB=∠QFE，由全等三角形的判定ASA得Rt△ABM≌Rt△QFE，據(jù)全等三角形的性質(zhì)得AM=QE；設(shè)AM長為a，在Rt△AEM中，根據(jù)勾股定理得（1-x）2+a2=x2,從而得AM=QE= , BQ=CF=x- ，根據(jù)梯形得面積公式代入即可得出S與x的函數(shù)關(guān)系式；又由（1-x）2+a2=x2,得x= =AM=BE，BQ=CF= -a（0