《版導與練一輪復習文科數(shù)學習題：第八篇　平面解析幾何必修2、選修11 第7節(jié)　圓錐曲線的綜合問題 Word版含解析》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《版導與練一輪復習文科數(shù)學習題：第八篇　平面解析幾何必修2、選修11 第7節(jié)　圓錐曲線的綜合問題 Word版含解析（10頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、試題為word版 下載可打印編輯第7節(jié)圓錐曲線的綜合問題【選題明細表】知識點、方法題號直線與圓錐曲線的位置關(guān)系2,3,4,8弦長和中點弦問題1,5,7定點、定值問題11,12最值、范圍、存在性問題6,9,10,13基礎(chǔ)鞏固(時間:30分鐘)1.設AB為過拋物線y2=2px(p0)的焦點的弦,則|AB|的最小值為(C)(A)(B)p(C)2p(D)無法確定解析:當弦AB垂直于對稱軸時|AB|最短,這時x=,所以y=p,|AB|min=2p.選C.2.(2018蘭州一中模擬)已知過拋物線y2=4x焦點F的直線l交拋物線于A,B兩點(點A在第一象限),若=3,則直線l的斜率為(A)(A)(B)(C)

2、(D)2解析:設過拋物線y2=4x焦點F的直線l:x=ty+1交拋物線于A(x1,y1),B(x2,y2)兩點,因為點A在第一象限且=3,所以y1=-3y20,聯(lián)立得y2-4ty-4=0,則解得即直線l的斜率為.故選A.3.若直線y=kx+2與雙曲線x2-y2=6的右支交于不同的兩點,則k的取值范圍是(D)(A)(-,)(B)(0,)(C)(-,0)(D)(-,-1)解析:由得(1-k2)x2-4kx-10=0.設直線與雙曲線右支交于不同的兩點A(x1,y1),B(x2,y2),則解得-kb0)的右焦點為F(3,0),過點F的直線交E于A,B兩點.若AB 的中點坐標為(1,-1),則E的方程為

3、(D)(A)+=1 (B)+=1(C)+=1 (D)+=1解析:設A(x1,y1),B(x2,y2),直線AB的斜率k=,兩式相減得+=0,即+=0+()=0,即a2=2b2,又c2=9,a2=b2+c2,解得a2=18,b2=9,方程是+=1,故選D.6.(2018昆明一中模擬)設O為坐標原點,P是以F為焦點的拋物線y2=2px(p0)上任意一點,M是線段PF上的點,且|PM|=2|MF|,則直線OM的斜率的最大值為(A)(A)(B)(C)(D)1解析:由題意可得F(,0),設P(,y0),(y00),則=+=+=+(-)=+=(+,),可得kOM=.當且僅當=時取得等號,選A.7.(201

4、8山西省六校第四次聯(lián)考)已知拋物線C:x2=8y,直線l:y=x+2與C交于M,N兩點,則|MN|= .解析:所以(y-2)2=8y,所以y2-12y+4=0,所以y1+y2=12,y1y2=4.因為直線l:y=x+2,過拋物線的焦點F(0,2),所以|MN|=(y1+2)+(y2+2)=y1+y2+4=16.答案:168.(2018大慶一模)已知拋物線C:y2=4x,過其焦點F作一條斜率大于0的直線l,l與拋物線交于M,N兩點,且|MF|=3|NF|,則直線l的斜率為.解析:拋物線C:y2=4x,焦點F(1,0),準線為x=-1,分別過M和N作準線的垂線,垂足分別為C和D,作NHCM,垂足為

5、H,設|NF|=x,則|MF|=3x,由拋物線的定義可知:|NF|=|DN|=x,|MF|=|CM|=3x,所以|HM|=2x,由|MN|=4x,所以HMF=60,則直線MN的傾斜角為60,則直線l的斜率k=tan 60=.答案:能力提升(時間:15分鐘)9.(2018云南玉溪模擬)已知點F1,F2是橢圓x2+2y2=2的兩個焦點,點P是該橢圓上的一個動點,那么|+|的最小值是(C)(A)0(B)1(C)2(D)2解析:因為O為F1F2的中點,所以+=2,可得|+|=2|,當點P到原點的距離最小時,|達到最小值,|+|同時達到最小值.因為橢圓x2+2y2=2化成標準形式,得+y2=1,所以a2

6、=2且b2=1,可得a=,b=1,因此點P到原點的距離最小值為短軸一端到原點的距離,即|最小值為b=1,所以|+|=2|的最小值為2,故選C.10.(2015江蘇卷)在平面直角坐標系xOy中,P為雙曲線x2-y2=1右支上的一個動點.若點P到直線x-y+1=0的距離大于c恒成立,則實數(shù)c的最大值為.解析:雙曲線x2-y2=1的一條漸近線為直線y=x,顯然直線y=x與直線x-y+1=0平行,且兩直線之間的距離為=.因為點P為雙曲線x2-y2=1的右支上一點,所以點P到直線y=x的距離恒大于0,結(jié)合圖形可知點P到直線x-y+1=0的距離恒大于,即c,可得c的最大值為.答案:11.(2018海淀區(qū)校

7、級三模)如圖,已知橢圓C:+=1(ab0)的上頂點為A(0,1),離心率為.(1)求橢圓C的方程;(2)若過點A作圓M:(x+1)2+y2=r2(圓M在橢圓C內(nèi))的兩條切線分別與橢圓C相交于B,D兩點(B,D不同于點A),當r變化時,試問直線BD是否過某個定點?若是,求出該定點;若不是,請說明理由.解:(1)因為e=,由題設知故所求橢圓C的方程是+y2=1.(2)設切線方程為y=kx+1,則得=r,即(1-r2)k2-2k+1-r2=0,設兩條切線的斜率分別為k1,k2,于是k1,k2是方程(1-r2)k2-2k+1-r2=0的兩實根,故k1k2=1.設直線BD的方程為y=mx+t,由得(1+

8、2m2)x2+4tmx+2t2-2=0,所以x1+x2=,x1x2=,又k1k2=1,即(mx1+t-1)(mx2+t-1)=x1x2(m2-1)x1x2+m(t-1)(x1+x2)+(t-1)2=0(m2-1)+m(t-1)+(t-1)2=0t=-3.所以直線BD過定點(0,-3).12.(2018廣東省海珠區(qū)一模)已知橢圓C:+=1(ab0)的焦距為2,且過點A(2,1).(1)求橢圓C的方程;(2)若不經(jīng)過點A的直線l:y=kx+m與C交于P,Q兩點,且直線AP與直線AQ的斜率之和為0,證明:直線PQ的斜率為定值.(1)解:因為橢圓C的焦距為2,且過點A(2,1),所以+=1,2c=2.

9、因為a2=b2+c2,解得a2=8,b2=2,所以橢圓C的方程為+=1.(2)證明:設點P(x1,y1),Q(x2,y2),y1=kx1+m,y2=kx2+m,由消去y得(4k2+1)x2+8kmx+4m2-8=0,(*)則x1+x2=-,x1x2=,因為kPA+kAQ=0,即=-,化簡得x1y2+x2y1-(x1+x2)-2(y1+y2)+4=0.即2kx1x2+(m-1-2k)(x1+x2)-4m+4=0(*).代入得-4m+4=0,整理得(2k-1)(m+2k-1)=0,所以k=或m=1-2k.若m=1-2k,可得方程(*)的一個根為2,不合題意,所以直線PQ的斜率為定值,該值為.13.

10、(2018西城區(qū)一模)已知橢圓C:+=1(ab0)的離心率為,以橢圓C的任意三個頂點為頂點的三角形的面積是2.(1)求橢圓C的方程;(2)設A是橢圓C的右頂點,點B在x軸上,若橢圓C上存在點P,使得APB=90,求點B橫坐標的取值范圍.解:(1)設橢圓C的半焦距為c.依題意,得=,ab=2,且a2=b2+c2.解得a=2,b=.所以橢圓C的方程為+=1.(2)“橢圓C上存在點P,使得APB=90”等價于“存在不是橢圓左、右頂點的點P,使得=0成立”,依題意,A(2,0),設B(t,0),P(m,n),則m2+2n2=4,且(2-m,-n)(t-m,-n)=0,即(2-m)(t-m)+n2=0.將n2=代入上式,得(2-m)(t-m)+=0.因為-2m2,所以t-m+=0,即m=2t+2.所以-22t+22,解得-2t0,所以點B橫坐標的取值范圍是(-2,0).試題為word版 下載可打印編輯