《2022高考物理 刷題增分：選擇題仿真2022Ⅲ卷高考模擬演練（含解析）4》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2022高考物理 刷題增分：選擇題仿真2022Ⅲ卷高考模擬演練（含解析）4（6頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、選擇題仿真2021卷高考模擬演練二、選擇題：此題共8小題，每題6分。在每題給出的四個選項中，第1418題只有一項符合題目要求，第1921題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。14如下列圖，一個有彈性的金屬圓環(huán)用一根橡皮繩吊于通電直導線的正下方，直導線與圓環(huán)在同一豎直面內，當通電直導線中電流增大時，彈性圓環(huán)的面積S和橡皮繩的長度l將()AS增大，l變長BS減小，l變短CS增大，l變短DS減小，l變長解析當通電直導線中電流增大時，穿過金屬圓環(huán)的磁通量增大，金屬圓環(huán)中產(chǎn)生感應電流，根據(jù)楞次定律，感應電流產(chǎn)生的效果要阻礙磁通量的增大，一是用縮小面積的方式進行阻礙，

2、二是用遠離直導線的方式進行阻礙，選項D正確。答案D15(2021山東菏澤模擬)2021年4月，“天宮一號完成其歷史使命，離開運行軌道，進入大氣層，最終其主體局部會在大氣層中完全燒毀。在燃燒前，由于稀薄空氣阻力的影響，“天宮一號的運行半徑逐漸減小。在此過程中，以下關于“天宮一號的說法中正確的選項是()A運行速率逐漸減小，機械能逐漸增大B運行周期逐漸減小，機械能逐漸增大C運行速率逐漸增大，機械能逐漸減小D運行周期逐漸增大，機械能逐漸減小解析根據(jù)Gmmr得，v，T，軌道半徑減小，那么速率增大，周期減小，由于空氣阻力做功，根據(jù)功能關系知，機械能減小，選項A、B、D錯誤，C正確。答案C16如下列圖，兩斜

3、面體A、B疊放在水平地面上，連接斜面體A與天花板的輕彈簧沿豎直方向，兩斜面體A、B均處于靜止狀態(tài)。關于斜面體A和B的受力情況，以下說法正確的選項是()A斜面體A一定受兩個力B斜面體A可能受三個力C斜面體B一定受四個力D斜面體B可能受五個力解析斜面體A處于平衡狀態(tài)，可能只受彈簧拉力和重力，此時斜面體A、B間沒有相互擠壓不存在摩擦力，斜面體A只受兩個力，斜面體B也只受兩個力，C項錯誤；假設彈簧彈力為零，對斜面體A進行受力分析，斜面體A受重力、斜面體B對斜面體A的支持力和摩擦力，處于平衡，斜面體A受三個力，A項錯誤，B項正確；對斜面體A、B整體分析，不管彈簧彈力有無，只受堅直方向的外力，斜面體B與地

4、面間不會存在摩擦力，斜面體B可能受兩個力或四個力，不可能受五個力，D項錯誤。答案B17一個小球從足夠高處水平拋出，空氣阻力忽略不計，小球拋出后的動能隨時間變化的關系為Ek250t2(J)，重力加速度g取10 m/s2，那么()A小球的初速度為4 m/sB小球的質量為0.5 kgC2 s末小球的水平位移為2 mD2 s末小球的速度約為20.1 m/s解析由動能定理得EkEk0mghmggt2，那么EkEk0mggt2，與Ek250t2(J)比照可知，m1 kg，初動能為Ek02 Jmv，所以v02 m/s，選項A、B錯誤；2 s內水平位移xvt4 m，選項C錯誤；2 s末的動能Ek202 Jmv

5、2，解得v20.1 m/s，選項D正確。答案D18如下列圖，一質量為m、帶電荷量為q的粒子以速度v垂直射入一有界勻強磁場區(qū)域內，速度方向跟磁場左邊界垂直，從右邊界離開磁場時速度方向偏轉角30，磁場區(qū)域的寬度為d，那么以下說法正確的選項是()A該粒子帶正電B磁感應強度BC粒子在磁場中做圓周運動的半徑RdD粒子在磁場中運動的時間t解析由左手定那么可判斷，該粒子帶負電，A錯誤；分別作出入射方向和出射方向的垂線，交點為圓周運動的圓心O，由幾何關系可得，圓心角30，半徑R2d，C錯誤；由洛倫茲力提供向心力，有qvBm，得R，將R2d代入可得B，B錯誤；粒子做圓周運動的周期T，將B代入可得T，那么運動時間

6、tT，D正確。答案D19有一個銅盤，輕輕撥動它，能長時間地繞軸自由轉動。如果在銅盤轉動時把條形磁鐵的磁極放在銅盤邊緣，但并不與銅盤接觸，如下列圖。以下說法正確的選項是()A銅盤中既有感應電動勢，又有感應電流B銅盤的轉動不受鐵磁影響C銅盤受到磁鐵影響將越轉越慢D銅盤受到磁鐵影響將越轉越快解析根據(jù)法拉第電磁感應定律及楞次定律可知，銅盤轉動時，盤中會產(chǎn)生感應電動勢，有感應電流，使銅盤受到安培力的作用，即受到阻尼的作用，銅盤的機械能轉化為電能，進而轉化為焦耳熱，因此銅盤將越轉越慢，直到停下，選項A、C正確。答案AC20(2021云南昆明檢測)如圖甲所示，質量mA1 kg，mB2 kg的A、B兩物塊疊放

7、在一起靜止于粗糙水平地面上。t0時刻，一水平恒力F作用在物塊B上，t1 s時刻，撤去F，B物塊運動的速度時間圖像如圖乙所示，假設整個過程中A、B始終保持相對靜止，那么以下說法正確的選項是()A物塊B與地面間的動摩擦因數(shù)為0.2B13 s內物塊A不受摩擦力作用C01 s內物塊B對A的摩擦力大小為4 ND水平恒力的大小為12 N解析在vt圖像中圖線的斜率大小等于物塊運動的加速度大小，那么a14 m/s2，a22 m/s2，對兩物塊受力分析，由牛頓第二定律可得：F(mAmB)g(mAmB)a1，(mAmB)g(mAmB)a2，解得：0.2，F(xiàn)18 N，選項A正確，選項D錯誤；13 s內兩物塊一起運動

8、，物塊A也具有水平向左的加速度，對其受力分析，可知：B對A施加了水平向左的靜摩擦力，選項B錯誤；同理在01 s內物塊A也具有水平向右的加速度，對其受力分析，可知：B對A施加了水平向右的靜摩擦力，由牛頓第二定律可得：FfmAa14 N，選項C正確。答案AC21如下列圖，一質量為m、電荷量為q的離子靜止于A處，經(jīng)電壓為U的加速電場加速后沿圖中圓弧虛線通過靜電分析器，靜電分析器通道內有均勻輻向分布的電場，方向如圖中所示，圓弧虛線的半徑為R。離子經(jīng)過靜電分析器后從B點垂直CN進入存在勻強電場的矩形區(qū)域，矩形區(qū)域中電場方向水平向左，離子從邊界MN射出電場，且出電場時與邊界MN成45角。B點到邊界MN的距

9、離為d，不計離子的重力，那么以下說法正確的選項是()A離子到達B點時的速度大小為B離子到達邊界MN時的速度大小為2C矩形區(qū)域中場強的大小為DB點與邊界MN間的電勢差為U解析離子在加速電場中加速，由動能定理得qUmv0，解得v0，離子進入靜電分析器后做勻速圓周運動，所以到達B點時的速度大小仍為v0，A項正確；離子到達邊界MN時的速度大小為vv02，B項錯誤；離子在矩形區(qū)域電場中做類平拋運動，水平方向做勻加速運動，出電場時水平方向速度設為vx，且離子出電場時速度方向與邊界MN成45角，故有vxv0，v2ad，由牛頓第二定律得qEma，聯(lián)立解得E，C項錯誤；B點與邊界MN間的電勢差為UBNEdU，D項正確。答案AD6