《2020年高考物理 刷題1+1（2019模擬題）組合模擬卷六（含解析）》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2020年高考物理 刷題1+1（2019模擬題）組合模擬卷六（含解析）（14頁珍藏版）》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、組合模擬卷六第卷(選擇題，共48分)二、選擇題(本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1418題只有一項(xiàng)符合題目要求，第1921題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分)14(2019山東日照高三上學(xué)期期末)下列核反應(yīng)中，屬于原子核的衰變的是()A.UThHeB.HHHenC.UnThXe10nD.HeAlPn答案A解析根據(jù)衰變的特點(diǎn)，A項(xiàng)方程中有粒子(He)產(chǎn)生，屬于衰變，故A正確；根據(jù)核反應(yīng)的特點(diǎn)可知，B項(xiàng)為輕核的聚變，C項(xiàng)為重核的裂變，D項(xiàng)為原子核的人工轉(zhuǎn)變，故三項(xiàng)均錯(cuò)誤。15(2019天津高考)2018年12月8日，肩負(fù)著億萬

2、中華兒女探月飛天夢想的嫦娥四號(hào)探測器成功發(fā)射，“實(shí)現(xiàn)人類航天器首次在月球背面巡視探測，率先在月背刻上了中國足跡”。已知月球的質(zhì)量為M、半徑為R，探測器的質(zhì)量為m，引力常量為G，嫦娥四號(hào)探測器圍繞月球做半徑為r的勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，探測器的()A周期為 B動(dòng)能為C角速度為 D向心加速度為答案A解析探測器繞月運(yùn)動(dòng)由萬有引力提供向心力，對探測器，由牛頓第二定律得，Gm2r，解得周期T ，A正確；由Gm知，動(dòng)能Ekmv2，B錯(cuò)誤；由Gmr2得，角速度 ，C錯(cuò)誤；由Gma得，向心加速度a，D錯(cuò)誤。16(2019全國卷) 如圖，籃球架下的運(yùn)動(dòng)員原地垂直起跳扣籃，離地后重心上升的最大高度為H。上升第一個(gè)所用的時(shí)

3、間為t1，第四個(gè)所用的時(shí)間為t2。不計(jì)空氣阻力，則滿足()A12 B23C34 D45答案C解析空氣阻力不計(jì)，運(yùn)動(dòng)員豎直上升過程做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，位移為H時(shí)的速度為0。逆向觀察，運(yùn)動(dòng)員做初速度為0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則連續(xù)相等位移所用時(shí)間之比為1(1)()()。由題意知，t2t11(2)2，C正確。17(2019貴州畢節(jié)二模)如圖所示，在豎直面內(nèi)A點(diǎn)固定有一帶電的小球，可視為點(diǎn)電荷。在帶電小球形成的電場中，有一帶電粒子在水平面內(nèi)繞O點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，下列說法正確的是()A粒子運(yùn)動(dòng)的水平面為等勢面B粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡在一條等勢線上C粒子運(yùn)動(dòng)過程中所受的電場力不變D粒子的重力可以忽略不計(jì)答案B解析由點(diǎn)電

4、荷的電場線與等勢面分布規(guī)律可知，與點(diǎn)電荷距離相等的點(diǎn)電勢相等，故粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡在一條等勢線上，A錯(cuò)誤，B正確；粒子在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，合力充當(dāng)向心力并指向圓心，粒子所受的電場力的方向沿粒子與小球的連線方向，并不指向圓心，因此粒子在電場力和重力的合力作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故粒子的重力不可忽略，D錯(cuò)誤；粒子在運(yùn)動(dòng)過程中電場力的大小不變，但是方向發(fā)生變化，因此電場力變化，C錯(cuò)誤。18(2019江蘇常州陽光指標(biāo)高三上學(xué)期期末)如圖所示，一輕質(zhì)彈簧的下端固定在水平面上，上端放置一物體(物體與彈簧不連接)處于靜止?fàn)顟B(tài)。現(xiàn)用力F拉物體使其豎直向上做勻加速運(yùn)動(dòng)，剛開始時(shí)拉力為F10 N，運(yùn)動(dòng)4 cm后物

5、體恰好脫離彈簧，此時(shí)拉力F30 N。則下列說法中不正確的是(取g10 m/s2)()A物體的加速度為5 m/s2B物體的質(zhì)量為2 kgC彈簧做的功為0.5 JD物體在彈簧上運(yùn)動(dòng)的過程中，物體機(jī)械能增加了1.2 J答案C解析初始時(shí)物體處于靜止?fàn)顟B(tài)，合力為0，當(dāng)向上的位移x0時(shí)，物體的合力為F110 N，由牛頓第二定律得：F1ma，當(dāng)x4 cm時(shí)，彈簧彈力為0，拉力F的值為F230 N，由牛頓第二定律得：F2mgma，聯(lián)立以上兩式可解得：m2 kg，a5 m/s2，故A、B正確；初狀態(tài)彈簧彈力T1mg20 N，末狀態(tài)彈簧彈力T2為0，彈力隨位移均勻減小，所以上升過程中彈力做功W1x0.04 J0.

6、4 J，故C錯(cuò)誤；初狀態(tài)拉力F110 N，末狀態(tài)拉力為F230 N，且拉力隨位移均勻增大，上升過程中拉力做功W2x0.04 J0.8 J，根據(jù)功能關(guān)系，物體機(jī)械能增加量EW1W21.2 J，故D正確。19(2019湖北八校聯(lián)合二模)如圖所示，10匝矩形線框處在磁感應(yīng)強(qiáng)度B T的勻強(qiáng)磁場中，繞垂直磁場的軸以恒定角速度10 rad/s在勻強(qiáng)磁場中轉(zhuǎn)動(dòng)，線框電阻不計(jì)，面積為0.4 m2，線框通過滑環(huán)與一理想自耦變壓器的原線圈相連，副線圈接有一只燈泡L(規(guī)格為“4 W，100 ”)和滑動(dòng)變阻器，電流表視為理想電表，則下列說法正確的是()A若從圖示線框位置開始計(jì)時(shí)，線框中感應(yīng)電動(dòng)勢的瞬時(shí)值為40cos1

7、0t (V)B當(dāng)燈泡正常發(fā)光時(shí)，原、副線圈的匝數(shù)比為12C若將滑動(dòng)變阻器滑片向上移動(dòng)，則電流表示數(shù)增大D若將自耦變壓器觸頭向下滑動(dòng)，燈泡會(huì)變暗答案AD解析線框中感應(yīng)電動(dòng)勢的最大值為：EmNBS100.410 V40 V，圖示時(shí)刻感應(yīng)電動(dòng)勢最大，從圖示線框位置開始計(jì)時(shí)，線框中感應(yīng)電動(dòng)勢的瞬時(shí)值為40cos10t(V)，故A正確；變壓器原線圈電壓的有效值為：U1 V40 V，開關(guān)閉合時(shí)燈泡正常發(fā)光，所以副線圈電壓U2 V20 V，此時(shí)原、副線圈的匝數(shù)比為：n1n2U1U2402021，故B錯(cuò)誤；線圈匝數(shù)不變，根據(jù)U1U2n1n2可知副線圈電壓不變，若將滑動(dòng)變阻器觸頭向上滑動(dòng)，連入電路電阻變大，負(fù)載

8、等效電阻變大，則P1P2變小，又P1U1I1且U1不變，則I1減小，即電流表示數(shù)變小，故C錯(cuò)誤；若將自耦變壓器觸頭向下滑動(dòng)，副線圈匝數(shù)變小，根據(jù)U1U2n1n2可知副線圈電壓減小，即燈泡兩端電壓減小，所以燈泡變暗，故D正確。20(2019山東聊城二模)如圖所示，圓心角為90的扇形COD內(nèi)存在方向垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，E點(diǎn)為半徑OD的中點(diǎn)，現(xiàn)有比荷大小相等的兩個(gè)帶電粒子a、b，以不同的速度分別從O、E點(diǎn)沿OC方向射入磁場，粒子a、b分別從D、C兩點(diǎn)射出磁場，不計(jì)粒子所受重力及粒子間相互作用，已知sin370.6，cos370.8，則下列說法中正確的是()A粒子a帶負(fù)電，粒子b帶正電B粒子a、b

9、在磁場中運(yùn)動(dòng)的加速度之比為25C粒子a、b的速度之比為52D粒子a、b在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為18053答案ABD解析根據(jù)題中條件，畫出兩粒子的軌跡如圖，根據(jù)左手定則，可判斷粒子a帶負(fù)電，粒子b帶正電，A正確；設(shè)扇形COD的半徑為R，根據(jù)幾何關(guān)系可得，ra、2R2r，則，根據(jù)qvBm，解得v，兩粒子的比荷相等，則粒子a、b的速度之比為25，根據(jù)qvBma，解得a，兩粒子的比荷相等，則粒子a、b在磁場中運(yùn)動(dòng)的加速度之比為25，B正確，C錯(cuò)誤；由圖可知，粒子a軌跡的圓心角a180，根據(jù)sinb可得，粒子b軌跡的圓心角b53，根據(jù)tT，T可得，粒子a、b在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為18053，D正確。2

10、1(2019陜西二模)如圖所示，斜面體置于粗糙水平地面上，斜面體上方水平固定一根光滑直桿，直桿上套有一個(gè)滑塊?；瑝K連接一根細(xì)線，細(xì)線的另一端連接一個(gè)置于斜面上的光滑小球。最初斜面與小球都保持靜止，現(xiàn)對滑塊施加水平向右的外力使其緩慢向右滑動(dòng)至A點(diǎn)，如果整個(gè)過程斜面保持靜止，小球未滑離斜面，滑塊滑動(dòng)到A點(diǎn)時(shí)細(xì)線恰好平行于斜面，則下列說法正確的是()A斜面對小球的支持力逐漸減小B細(xì)線對小球的拉力逐漸減小C滑塊受到水平向右的外力逐漸增大D水平地面對斜面體的支持力逐漸減小答案BC解析由題可知，小球、滑塊、斜面體在整個(gè)過程中均時(shí)刻處于平衡狀態(tài)。設(shè)細(xì)線對小球的拉力為T，斜面對小球的支持力為FN，對小球受力分

11、析可知，沿斜面方向：Tcosmgsin，在垂直斜面方向：FNTsinmgcos(其中是細(xì)線與斜面的夾角，為斜面的傾角)，現(xiàn)對滑塊施加水平向右的外力使其緩慢向右滑動(dòng)至A點(diǎn)，變小，則細(xì)線對小球的拉力T變小，斜面對小球的支持力FN變大，故B正確，A錯(cuò)誤；對滑塊受力分析可知，在水平方向有：FTcos()mgsin(costansin)，由于變小，則滑塊受到水平向右的外力逐漸增大，故C正確；設(shè)水平地面對斜面體的支持力為FN，以斜面和小球?yàn)閷ο筮M(jìn)行受力分析可知，在豎直方向有：mgMgFNTsin()，由于T和()變小，所以水平地面對斜面體的支持力FN逐漸增大，D錯(cuò)誤。第卷(非選擇題，共62分)三、非選擇題

12、(包括必考題和選考題兩部分，共62分。第2225題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第33、34題為選考題，考生根據(jù)要求作答)(一)必考題(共47分)22(2019山東聊城二模)(5分)某實(shí)驗(yàn)小組用如圖所示的器材驗(yàn)證“力的平行四邊形定則”。在水平的圓形桌面上平鋪一張白紙，在桌子邊緣安裝三個(gè)光滑的滑輪，其中，滑輪P1固定在桌子邊，滑輪P2、P3可沿桌邊移動(dòng)。步驟如下：A在三根輕繩下掛上一定數(shù)量的鉤碼，調(diào)整滑輪P2、P3的位置使結(jié)點(diǎn)O靜止；B在白紙上描下O點(diǎn)的位置和三根繩子的方向，以O(shè)點(diǎn)為起點(diǎn)，用同一標(biāo)度作出三個(gè)拉力的圖示；C以繞過滑輪P2、P3繩的兩個(gè)力為鄰邊作平行四邊形，作出以O(shè)點(diǎn)為起點(diǎn)的平行

13、四邊形的對角線，量出對角線的長度；D檢驗(yàn)對角線的長度和繞過滑輪P1繩拉力的圖示的長度是否一樣，方向是否在一條直線上。(1)第一次實(shí)驗(yàn)中，若一根繩掛的鉤碼質(zhì)量為m，另一根繩掛的鉤碼質(zhì)量為2m，則第三根繩所掛的鉤碼質(zhì)量M應(yīng)滿足關(guān)系_。(2)第二次實(shí)驗(yàn)時(shí)，改變滑輪P2、P3的位置和相應(yīng)繩上鉤碼的數(shù)量，使結(jié)點(diǎn)平衡，繩的結(jié)點(diǎn)_(填“必須”或“不必”)與第一次實(shí)驗(yàn)中白紙上描下的O點(diǎn)重合。實(shí)驗(yàn)中，若桌面傾斜，_(填“會(huì)”或“不會(huì)”)影響實(shí)驗(yàn)的結(jié)論。答案(1)mM3m(2)不必不會(huì)解析(1)若一根繩掛的鉤碼質(zhì)量為m，另一根繩掛的鉤碼質(zhì)量為2m，則兩繩子的拉力分別為：mg、2mg，由實(shí)驗(yàn)要求可知，兩繩不能共線，

14、故兩繩子拉力的合力F的范圍是：(2mgmg)F(2mgmg)，即mgF3mg；三力的合力為零，則第三根繩拉力范圍為：mgF33mg，故第三根繩掛的鉤碼質(zhì)量M應(yīng)滿足：mM3m。(2)本實(shí)驗(yàn)運(yùn)用了力的平衡原理，即其中兩力的合力與第三個(gè)力等大反向，故在實(shí)驗(yàn)中只需驗(yàn)證其中兩力通過“力的平行四邊形定則”得到的合力與第三力等大反向即可，與O點(diǎn)位置無關(guān)，所以O(shè)點(diǎn)的位置可以改變。若桌面不水平，繩上拉力仍等于鉤碼重力，對實(shí)驗(yàn)以及實(shí)驗(yàn)結(jié)論無影響。23(2019重慶南開中學(xué)高三4月模擬)(10分)為了測一節(jié)干電池的電動(dòng)勢E和內(nèi)阻r，小劉同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖甲的電路，R為阻值是R0的定值電阻，移動(dòng)滑動(dòng)變阻器滑片位置，讀出電

15、壓表V1和V2的多組數(shù)據(jù)U1與U2，如圖乙所示，描繪U1U2圖象。圖象的斜率為k，與縱坐標(biāo)的截距為b，則電源的電動(dòng)勢E_，內(nèi)阻r_。(用字母k、R0、b表示) 為精確測量，小張同學(xué)改進(jìn)方案，設(shè)計(jì)了如圖丙所示的實(shí)驗(yàn)電路。(1)按丙圖連接好實(shí)驗(yàn)電路，閉合開關(guān)前，將滑動(dòng)變阻器的滑片P調(diào)到a端。(2)閉合開關(guān)S1，將S2接位置1，改變滑片P的位置，記錄多組電壓表、電流表示數(shù)。(3)將開關(guān)S2接位置2，改變滑片P的位置，記錄多組電壓表、電流表示數(shù)。(4)建立UI坐標(biāo)系，在同一坐標(biāo)系中分別描點(diǎn)作出S2接位置1、2時(shí)的圖象，如圖丁所示。S2接1時(shí)的UI圖線是圖丁中的_(填“A”或“B”)線。每次測量操作都正

16、確，讀數(shù)都準(zhǔn)確。由于S2接位置1，電壓表有分流作用，S2接位置2，電流表有分壓作用，分別測得的電動(dòng)勢和內(nèi)阻與真實(shí)值不相等。則由圖丁中的A和B圖線，可得電動(dòng)勢和內(nèi)阻的真實(shí)值E_ V，r_ 。(結(jié)果保留三位有效數(shù)字)答案(4)B1.501.50解析由圖甲所示電路圖可知，電源電動(dòng)勢：EU2IrU2r，整理得：U1U2，由圖線可知，b，k，解得：r，E。(4)當(dāng)S2接1時(shí)，干路電流等于電流表所測電流I與電壓表支路電流之和，電壓表所測電壓U為路端電壓，設(shè)電壓表內(nèi)阻為RV，電流表內(nèi)阻為RA，根據(jù)閉合電路歐姆定律有：UEr；當(dāng)S2接2時(shí)，電流表所測電流I即為干路電流，電壓表所測電壓U為滑動(dòng)變阻器兩端的電壓，

17、根據(jù)閉合電路歐姆定律有：UEI(RAr)。由此可知，當(dāng)S2接1時(shí)的UI圖線的斜率大小小于S2接2時(shí)的UI圖線的斜率大小，故S2接1時(shí)的UI圖線是圖丁中的B線。由第題中結(jié)論可知，S2接2時(shí)，對應(yīng)丁圖中的A圖線。分別將圖線A、B與坐標(biāo)軸相交點(diǎn)的數(shù)據(jù)代入相應(yīng)表達(dá)式得：S2接1時(shí)，1.45Er，0E(1.000)r，S2接2時(shí)，1.50E0，0E0.50(RAr)，聯(lián)立解得：E1.50 V，r1.50 。24(2019江西高三九校3月聯(lián)考)(12分)如圖所示，從A點(diǎn)以v0的水平速度拋出一質(zhì)量m1 kg的小物塊(可視為質(zhì)點(diǎn))，當(dāng)物塊運(yùn)動(dòng)至B點(diǎn)時(shí)，恰好沿切線方向進(jìn)入光滑圓弧軌道BC，經(jīng)圓弧軌道后滑上與C點(diǎn)

18、等高靜止在光滑水平面的長木板上，圓弧軌道C端切線水平。已知長木板的質(zhì)量M4 kg，A、B兩點(diǎn)距C點(diǎn)的高度分別為H0.6 m、h0.15 m，R0.75 m，物塊與長木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.5，g取10 m/s2。求：(1)水平拋出速度v0；(2)長木板至少為多長，才能保證小物塊不滑出長木板？答案(1)4 m/s(2)2.24 m解析(1)小物塊做平拋運(yùn)動(dòng)，則有：Hhgt2小物塊到達(dá)B點(diǎn)時(shí)豎直分速度為：vygt解得：vy3 m/s由幾何關(guān)系可得：cos(為OB、OC的夾角)，tan解得：v04 m/s。(2)從A到C，根據(jù)機(jī)械能守恒可得：mvmgHmv解得：vC2 m/s對物塊和木板組成的系統(tǒng)，

19、由動(dòng)量守恒定律可得：mvC(Mm)v共得共同速度為：v共 m/s由能量守恒定律：mgLmv(mM)v解得：L2.24 m。25(2019陜西八校高三4月聯(lián)考)(20分)如圖甲所示，兩根光滑固定導(dǎo)軌相距0.4 m豎直放置，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，在導(dǎo)軌末端P、Q兩點(diǎn)用兩根等長的細(xì)導(dǎo)線懸掛金屬棒cd。棒cd的質(zhì)量為0.01 kg，長為0.2 m，處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B00.5 T的勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直于導(dǎo)軌平面向里。相距0.2 m的水平虛線MN和JK之間的區(qū)域內(nèi)存在著垂直于導(dǎo)軌平面向里的勻強(qiáng)磁場，且磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖乙所示。在t0時(shí)刻，質(zhì)量為0.02 kg、阻值為0.3 的金屬棒ab從虛線MN

20、上方0.2 m高度處，由靜止開始釋放，下落過程中保持水平，且與導(dǎo)軌接觸良好，結(jié)果棒ab在t1時(shí)刻從上邊界MN進(jìn)入磁場，并在磁場中做勻速運(yùn)動(dòng)，在t2時(shí)刻從下邊界JK離開磁場，g取10 m/s2。求：(1)在0t1時(shí)間內(nèi)，電路中感應(yīng)電動(dòng)勢的大??；(2)在t1t2時(shí)間內(nèi)，棒cd受到細(xì)導(dǎo)線的總拉力為多大；(3)棒cd在0t2時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的焦耳熱。答案(1)0.2 V(2)0.2 N(3)0.015 J解析(1)設(shè)棒ab開始下落的位置距離線MN的高度為h，對棒ab自由下落過程，有t10.2 s磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率為 T/s2.5 T/s由法拉第電磁感應(yīng)定律得，0t1時(shí)間內(nèi)感應(yīng)電動(dòng)勢E1LabhMJ聯(lián)立以上各

21、式并代入數(shù)據(jù)可得E10.2 V。(2)由棒ab勻速進(jìn)入磁場區(qū)域可知BI2Labmabg代入數(shù)據(jù)，可解得I21 A在t1t2時(shí)間內(nèi)，對棒cd受力分析，可得FTmcdgB0I2Lcd代入數(shù)據(jù)，可解得FT0.2 N。(3)棒ab剛進(jìn)入磁場時(shí)的速度為vgt12 m/s棒ab剛進(jìn)入磁場后的感應(yīng)電動(dòng)勢為E2BLabv0.4 V則RcdRab0.1 在0t1時(shí)間內(nèi)，感應(yīng)電流為I10.5 A棒cd在0t2時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的焦耳熱QcdQ1Q2IRcdt1IRcd0.015 J。(二)選考題(共15分。請考生從給出的2道題中任選一題作答，如果多做，則按所做的第一題計(jì)分)33物理選修33(15分)(1)(2019云南第

22、二次檢測)(5分)以下說法正確的是_。(填正確答案標(biāo)號(hào)。選對1個(gè)得2分，選對2個(gè)得4分，選對3個(gè)得5分。每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為0分)A氣體如果失去了容器的約束就會(huì)散開，這是因?yàn)闅怏w分子之間存在勢能B物體溫度升高時(shí)，速率小的分子數(shù)目減少，速率大的分子數(shù)目增多C一定量100 的水變成100 的水蒸氣，其分子平均動(dòng)能增加D物體從外界吸收熱量，其內(nèi)能不一定增加E液晶的光學(xué)性質(zhì)具有各向異性(2)(2019福建南平二模)(10分)如圖所示，可在豎直平面內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)的平臺(tái)上固定著一個(gè)內(nèi)壁光滑的汽缸，汽缸內(nèi)有一導(dǎo)熱性能良好的活塞，活塞面積為S，活塞底面與汽缸底面平行，一定質(zhì)量的理想氣體密封在汽缸內(nèi)。當(dāng)平臺(tái)傾角

23、為37時(shí)，汽缸內(nèi)氣體體積為V，將平臺(tái)順時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)直至水平，穩(wěn)定時(shí)汽缸內(nèi)氣體的體積為0.9V，該過程中環(huán)境溫度始終為T0，外界大氣壓強(qiáng)為p0。已知sin370.6，cos370.8。重力加速度為g。()求活塞的質(zhì)量；()若平臺(tái)轉(zhuǎn)至水平后，經(jīng)過一段時(shí)間，環(huán)境溫度緩慢降至0.9T0(大氣壓強(qiáng)p0保持不變)，該過程中汽缸內(nèi)氣體內(nèi)能的減少量為0.14p0V，求該過程中汽缸內(nèi)氣體放出的熱量Q。答案(1)BDE(2)()()0.32p0V解析(1)氣體如果失去了容器的約束就會(huì)散開，是因?yàn)榉肿娱g距較大，相互的作用力很微弱，而且分子永不停息地做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，所以氣體分子可以自由散開，故A錯(cuò)誤；從微觀角度看溫度表

24、示了大量分子無規(guī)則運(yùn)動(dòng)的劇烈程度，物體溫度升高時(shí)，速率小的分子數(shù)目減少，速率大的分子數(shù)目增多，故B正確；一定量100 的水變成100 的水蒸氣，因溫度不變，則分子平均動(dòng)能不變，由于吸熱，內(nèi)能增大，則其分子之間的勢能增大，故C錯(cuò)誤；物體從外界吸收熱量，若同時(shí)對外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，其內(nèi)能不一定增加，故D正確；液晶的光學(xué)性質(zhì)具有晶體的各向異性，故E正確。(2)()設(shè)活塞質(zhì)量為m，當(dāng)平臺(tái)傾角為37時(shí)，汽缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為：p1p0，氣體的體積為：V1V當(dāng)平臺(tái)水平時(shí)，汽缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為：p2p0，氣體的體積為：V20.9V，由玻意耳定律有：p1V1p2V2，聯(lián)立得：m。()降溫過程，汽缸內(nèi)氣體

25、壓強(qiáng)不變，由蓋呂薩克定律有：解得：V30.81V活塞下降過程，外界對氣體做功為：Wp2(V2V3)已知汽缸內(nèi)氣體內(nèi)能的變化量：U0.14p0V由熱力學(xué)第一定律得：UW(Q)得放出的熱量Q0.32p0V。34(2019全國卷)物理選修34(15分)(1)(5分)水槽中，與水面接觸的兩根相同細(xì)桿固定在同一個(gè)振動(dòng)片上。振動(dòng)片做簡諧振動(dòng)時(shí)，兩根細(xì)桿周期性觸動(dòng)水面形成兩個(gè)波源。兩波源發(fā)出的波在水面上相遇，在重疊區(qū)域發(fā)生干涉并形成了干涉圖樣。關(guān)于兩列波重疊區(qū)域內(nèi)水面上振動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)，下列說法正確的是_。(填正確答案標(biāo)號(hào)。選對1個(gè)得2分，選對2個(gè)得4分，選對3個(gè)得5分。每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為0分)A不同質(zhì)

26、點(diǎn)的振幅都相同B不同質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的頻率都相同C不同質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的相位都相同D不同質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的周期都與振動(dòng)片的周期相同E同一質(zhì)點(diǎn)處，兩列波的相位差不隨時(shí)間變化(2)(10分)如圖，直角三角形ABC為一棱鏡的橫截面，A90，B30。一束光線平行于底邊BC射到AB邊上并進(jìn)入棱鏡，然后垂直于AC邊射出。()求棱鏡的折射率；()保持AB邊上的入射點(diǎn)不變，逐漸減小入射角，直到BC邊上恰好有光線射出。求此時(shí)AB邊上入射角的正弦。答案(1)BDE(2)()()解析(1)兩列波相遇疊加產(chǎn)生干涉，一些質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)加強(qiáng)，一些質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)減弱，即振幅不同，A錯(cuò)誤；各質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)頻率、周期都與振動(dòng)片相同，B、D正確；不同質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)相位不同(不是同時(shí)到達(dá)正的最大位移)，C錯(cuò)誤；兩列波到達(dá)某點(diǎn)時(shí)相位差恒定，E正確。(2)()光路圖及相關(guān)量如圖所示。光束在AB邊上折射，由折射定律得n式中n是棱鏡的折射率。由幾何關(guān)系可知60由幾何關(guān)系和反射定律得B聯(lián)立式，并代入i60得n()設(shè)改變后的入射角為i，折射角為，由折射定律得n依題意，光束在BC邊上的入射角為全反射的臨界角c，且sinc由幾何關(guān)系得c30由式得入射角的正弦為sini。14