《2020年高考物理 刷題1+1（2019模擬題）組合模擬卷八（含解析）》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2020年高考物理 刷題1+1（2019模擬題）組合模擬卷八（含解析）（15頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、組合模擬卷八第卷(選擇題，共48分)二、選擇題(本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第1418題只有一項符合題目要求，第1921題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分)14(2019江西宜春高三上學期期末)如圖所示，某興趣小組制作了一個小降落傘，傘面底端是一半徑為R的剛性圓環(huán)，在圓環(huán)上等間距地系有四根長均為2R的細線，將四根細線的另一端連接在一起，并懸掛有一質量為m的物體。它們一起豎直向下加速降落，當物體下落的加速度大小為0.2g時(g為重力加速度)，每根細線的張力為()A.mg B.mgC.mg D.mg答案A解析由幾何關系可知，

2、每根線與豎直方向的夾角均為30，設每根細線的張力大小為F，則對下面懸掛的物體根據(jù)牛頓第二定律可知：mg4Fcos30ma，整理可得：Fmg，A正確，B、C、D錯誤。15(2019天津重點中學聯(lián)合二模)下列說法正確的是()A動能相等的質子和電子，它們的德布羅意波長也相等B鈾核裂變的一種核反應方程UBaKr2nC原子在a、b兩個能級的能量分別為Ea、Eb，且EaEb，當原子從a能級躍遷到b能級時，放出光子的波長(其中h為普朗克常量)D設質子、中子、粒子的質量分別為m1、m2、m3，兩個質子和兩個中子結合成一個粒子，釋放的能量是(2m12m2m3)c2答案D解析因質子的質量遠大于電子的質量，故動能相

3、等的質子和電子，它們的動量不相等，根據(jù)德布羅意波長公式可知，它們的德布羅意波長必不相等，A錯誤；鈾核裂變有多種裂變的方式，但是每一種都要有慢中子的參與，即反應方程的前面也要有中子，B錯誤；原子在a、b兩個能級的能量為Ea、Eb，且EaEb，當原子從a能級躍遷到b能級時，放出光子的能量為：EEaEb，所以光子的波長為：，C錯誤；根據(jù)愛因斯坦質能方程可知，兩個質子和兩個中子結合成一個粒子，釋放的能量是(2m12m2m3)c2，D正確。16(2019全國卷) 如圖，空間存在一方向水平向右的勻強電場，兩個帶電小球P和Q用相同的絕緣細繩懸掛在水平天花板下，兩細繩都恰好與天花板垂直，則()AP和Q都帶正電

4、荷BP和Q都帶負電荷CP帶正電荷，Q帶負電荷DP帶負電荷，Q帶正電荷答案D解析細繩豎直，把P、Q看作整體，在水平方向不受力，對外不顯電性，帶異種電荷，A、B錯誤；如果P、Q帶不同性質的電荷，受力分別如圖所示，由圖知，P帶負電、Q帶正電時符合題意，C錯誤，D正確。17(2019山東聊城二模)如圖所示，三根相互平行的固定長直導線L1、L2和L3垂直紙面放置，直導線與紙面的交點及坐標原點O分別位于邊長為a的正方形的四個頂點。L1與L3中的電流均為2I、方向均垂直紙面向里，L2中的電流為I、方向垂直紙面向外。已知在電流為I的長直導線的磁場中，距導線r處的磁感應強度B，其中k為常數(shù)。某時刻有一電子正好經(jīng)

5、過原點O且速度方向垂直紙面向外，速度大小為v，電子電荷量為e，則該電子所受磁場力()A方向與y軸正方向成45角，大小為B方向與y軸負方向成45角，大小為C方向與y軸正方向成45角，大小為D方向與y軸負方向成45角，大小為答案D解析導線L1、L2和L3中的電流在原點O處產(chǎn)生磁場的磁感應強度分別為B1k、B2k、B3k，方向如圖，則三電流在O點處產(chǎn)生的合磁場的磁感應強度BB1B2，方向與y軸正方向成45角。電子經(jīng)過原點O速度方向垂直紙面向外，速度大小為v，根據(jù)左手定則知，洛倫茲力方向與y軸負方向成45角，洛倫茲力的大小fevB，D正確，A、B、C錯誤。18(2019江蘇省蘇北三市高三上學期期末質檢

6、)如圖所示，象棋子壓著紙條，放在光滑水平桌面上。第一次沿水平方向將紙條抽出，棋子落在地面上的P點。將棋子、紙條放回原來的位置，仍沿原水平方向將紙條抽出，棋子落在地面上的Q點，與第一次相比()A棋子受到紙條的摩擦力較大B棋子落地速度與水平方向夾角較大C紙條對棋子的摩擦力做功較多D棋子離開桌面至落地過程中動能增量較大答案C解析兩次由于正壓力不變，根據(jù)滑動摩擦力公式fFN可知，紙條對棋子的摩擦力不變，A錯誤；棋子離開桌面后做平拋運動，由于豎直分位移相同，根據(jù)豎直方向運動規(guī)律可知運動的時間相同，由第二次水平分位移較大，可知第二次做平拋運動的初速度大，第二次紙條對棋子的摩擦力做功較多，設落地時速度與水平

7、方向夾角為，則tan，可知第二次棋子落地時速度與水平方向夾角較小，B錯誤，C正確；根據(jù)動能定理可知，動能的增量等于合外力的功，由于不計空氣阻力，則合力的功即為重力的功，由題可知重力的功相等，故動能的增量相等，D錯誤。19(2019福建龍巖高三上學期期末)用矩形半導體薄片制成一個霍爾元件，E、F、M、N為其四個側面。在E、F間通入恒定電流，同時外加與薄片上、下表面垂直的勻強磁場，電流和磁感應強度B的方向如圖所示。若半導體可自由移動電荷為正電荷，M、N間產(chǎn)生的電勢差為UH。下列說法正確的是()AN板電勢高于M板電勢BN板電勢低于M板電勢C只增大磁感應強度B，則UH變大D只增大通入霍爾元件的電流I，

8、則UH變大答案ACD解析根據(jù)左手定則，電流的方向向里，帶正電的自由電荷受力的方向指向N板，向N板偏轉，則N板電勢高，A正確，B錯誤；設左、右兩個表面相距為d，正電荷所受的電場力等于洛侖茲力，Bqvq，可知只增大磁感應強度B，則UH變大，C正確；設材料單位體積內可自由移動的正電荷的個數(shù)為n，材料沿電流方向的截面積為S，根據(jù)Bqvq及InqSv，可知只增大通入霍爾元件的電流I，則UH變大，D正確。20(2019全國卷) 在星球M上將一輕彈簧豎直固定在水平桌面上，把物體P輕放在彈簧上端，P由靜止向下運動，物體的加速度a與彈簧的壓縮量x間的關系如圖中實線所示。在另一星球N上用完全相同的彈簧，改用物體Q

9、完成同樣的過程，其ax關系如圖中虛線所示。假設兩星球均為質量均勻分布的球體。已知星球M的半徑是星球N的3倍，則()AM與N的密度相等BQ的質量是P的3倍CQ下落過程中的最大動能是P的4倍DQ下落過程中彈簧的最大壓縮量是P的4倍答案AC解析如圖，當x0時，對P：mPgMmP3a0，即星球M表面的重力加速度gM3a0；對Q：mQgNmQa0，即星球N表面的重力加速度gNa0。當P、Q 的加速度a0時，對P有mPgMkx0，則mP；對Q有mQgNk2x0，則mQ，即mQ6mP，B錯誤；根據(jù)mgG得，星球質量M，則星球的密度，所以M、N的密度之比1，A正確；當P、Q的加速度為零時，P、Q的動能最大，由

10、動能定理知，EkPPx0mPPx0x0kx，EkQQ2x0mQQ2x02x02kx，EkPEkQ14，C正確；P、Q在彈簧壓縮到最短時，其位置關于加速度a0時的位置對稱，故P下落過程中的最大壓縮量為2x0，Q為4x0，D錯誤。21(2019銀川模擬)如圖所示，在xOy平面內的坐標原點處，有一個粒子源，某一時刻以同一速率v發(fā)射大量帶正電的同種粒子，速度方向均在xOy平面內，且對稱分布在x軸兩側的30角的范圍內。在直線xa與x2a之間包括邊界存在勻強磁場，方向垂直于xOy平面向外，已知粒子在磁場中運動的軌跡半徑為2a。不計粒子重力及粒子間的相互作用力，下列說法正確的是()A最先進入磁場的粒子在磁場

11、中運動的時間為B最先進入和最后進入磁場中的粒子在磁場中運動的時間都相等C最后從磁場中射出的粒子在磁場中運動的時間為D最后從磁場中射出的粒子出磁場的位置坐標為答案ACD解析沿x軸方向射出的粒子最先進入磁場，由幾何關系可知，粒子在磁場中運動的偏轉角為30，在磁場中運動時間為，A正確；沿與x軸成30角的兩個方向射出的粒子同時最后進入磁場，沿與x軸成30角斜向上方進入磁場的粒子在磁場中運動的偏轉角為30，在磁場中運動時間為，沿與x軸成30角斜向下方進入磁場的粒子在磁場中偏轉角為120，從O點到射出磁場路程最大，故最后從磁場中射出，在磁場中的運動時間為，弦長為s22asin602a，該粒子進入磁場的位置

12、離x軸的距離為xatan30a，所以最后從磁場中射出的粒子出磁場的位置與x軸的距離為sx2aaa，故坐標為，B錯誤，C、D正確。第卷(非選擇題，共62分)三、非選擇題(包括必考題和選考題兩部分，共62分。第2225題為必考題，每個試題考生都必須作答。第33、34題為選考題，考生根據(jù)要求作答)(一)必考題(共47分)22(2019全國卷)(5分)如圖a，某同學設計了測量鐵塊與木板間動摩擦因數(shù)的實驗。所用器材有：鐵架臺、長木板、鐵塊、米尺、電磁打點計時器、頻率50 Hz的交流電源、紙帶等?；卮鹣铝袉栴}：(1)鐵塊與木板間動摩擦因數(shù)_(用木板與水平面的夾角、重力加速度g和鐵塊下滑的加速度a表示)。(

13、2)某次實驗時，調整木板與水平面的夾角使30。接通電源，開啟打點計時器，釋放鐵塊，鐵塊從靜止開始沿木板滑下。多次重復后選擇點跡清晰的一條紙帶，如圖b所示。圖中的點為計數(shù)點(每兩個相鄰的計數(shù)點間還有4個點未畫出)。重力加速度為9.80 m/s2，可以計算出鐵塊與木板間的動摩擦因數(shù)為_(結果保留2位小數(shù))。答案(1)(2)0.35解析(1)鐵塊受重力、木板彈力及摩擦力作用，受力分析如圖。由牛頓第二定律得：mgsinFNma且FNmgcos解以上兩式得。(2)由逐差法求鐵塊加速度：a102 m/s21.97 m/s2代入，得0.35。23(2019廣東深圳二模)(10分)LED燈的核心部件是發(fā)光二極

14、管。某同學欲測量一只工作電壓為2.9 V的發(fā)光二極管的正向伏安特性曲線，所用器材有：電壓表(量程3 V，內阻約3 k)，電流表(用多用電表的直流25 mA擋替代，內阻約為5 )，滑動變阻器(020 )，電池組(內阻不計)，電鍵和導線若干。他設計的電路如圖a所示?；卮鹣铝袉栴}：(1)根據(jù)圖a，在實物圖b上完成連線；(2)調節(jié)變阻器的滑片至最_(填“左”或“右”)端，將多用電表選擇開關撥至直流25 mA擋，閉合電鍵；(3)某次測量中，多用電表示數(shù)如圖c，則通過二極管的電流為_ mA；(4)該同學得到的正向伏安特性曲線如圖d所示。由曲線可知，隨著兩端電壓增加，二極管的正向電阻_(填“增大”“減小”或

15、“不變”)；當兩端電壓為2.9 V時，正向電阻為_ k(結果取兩位有效數(shù)字)；(5)若實驗過程中發(fā)現(xiàn)，將變阻器滑片從一端移到另一端，二極管亮度幾乎不變，電壓表示數(shù)在2.72.9 V之間變化，試簡要描述一種可能的電路故障：_。答案(1)圖見解析(2)左(3)16.0(在15.816.2范圍內均可)(4)減小0.15(0.15或0.16均可)(5)連接電源負極與變阻器的導線斷路解析(1)根據(jù)多用電表紅黑表筆的接法“紅進黑出”可知，黑表筆接二極管，紅表筆接滑動變阻器，滑動變阻器采用分壓式接法，則連線如圖。(2)為保護電路，開關閉合前需將滑動變阻器的滑片置于最左端。(3)多用電表所選量程為25 mA，

16、則電流表讀數(shù)為 mA16.0 mA(答案在15.816.2范圍內均可)。(4)IU圖象中，圖線斜率表示電阻的倒數(shù)，由圖可知，隨著電壓的增加，斜率逐漸增大，則二極管的電阻逐漸減小；當兩端電壓為2.9 V時，電流表示數(shù)為19.0 mA，則電阻大小為R152.6 0.15 k(0.15或0.16均可)。(5)由于二極管的正向電阻約為0.15 k，遠大于滑動變阻器的最大阻值，因此若實驗中將變阻器滑片從一端移到另一端，二極管亮度幾乎不變，電壓表示數(shù)在2.72.9 V之間變化，則有可能是滑動變阻器與二極管串聯(lián)，導致電路中總電阻較大，總電流較小，所以電壓表的示數(shù)變化較小，故故障可能是連接電源負極與變阻器的導

17、線斷路。24(2019貴州畢節(jié)二模)(12分)如圖甲所示，絕緣的水平桌面上鋪有兩根不計電阻的足夠長的光滑金屬軌道AB、CD，軌道間距為d，其左端接一阻值為R的電阻。一長為L且與導軌垂直的金屬棒置于兩導軌上，單位長度的電阻為r。在電阻、導軌和金屬棒中間有一邊長為a的正方形區(qū)域，區(qū)域中存在垂直于水平桌面向下的均勻磁場，磁感應強度的大小隨時間的變化規(guī)律如圖乙所示，其中坐標值已知。在金屬棒右側還有一勻強磁場區(qū)域，區(qū)域左邊界MN(虛線)與導軌垂直，磁場的磁感應強度大小為B1，方向垂直于水平桌面向上。某時刻，金屬棒在電動機的水平恒定牽引力作用下從靜止開始向右運動，在t1時刻恰好以速度v1越過MN，此后向右

18、做勻速運動。金屬棒與導軌始終相互垂直并接觸良好。求：(1)在t0到tt1時間間隔內，電阻R產(chǎn)生的焦耳熱；(2)在時刻t(tt1)流過電阻R的電流方向、大小和電動機的輸出功率。答案(1)(2)電流由A經(jīng)R到C，大小為解析(1)0到t1過程，左邊的磁場產(chǎn)生的感生電動勢E1，根據(jù)閉合電路歐姆定律：I根據(jù)焦耳定律，電阻R產(chǎn)生的焦耳熱QI2Rt1，解得：Q。(2)金屬棒勻速向右運動，受到的安培力水平向左，電流由A經(jīng)R到C。t時刻，金屬棒切割磁感線產(chǎn)生的動生電動勢：E2B1dv1，方向為順時針，而感生電動勢方向為逆時針，故總電動勢為：EE2E1回路中的電流：I，解得：I。發(fā)動機的牽引力與安培力相等，電動機

19、的輸出功率PB1Idv1，解得：P。25(2019天津高考)(20分)2018年，人類歷史上第一架由離子引擎推動的飛機誕生，這種引擎不需要燃料，也無污染物排放。引擎獲得推力的原理如圖所示，進入電離室的氣體被電離成正離子，而后飄入電極A、B之間的勻強電場(初速度忽略不計)，A、B間電壓為U，使正離子加速形成離子束，在加速過程中引擎獲得恒定的推力。單位時間內飄入的正離子數(shù)目為定值，離子質量為m，電荷量為Ze，其中Z是正整數(shù)，e是元電荷。(1)若引擎獲得的推力為F1，求單位時間內飄入A、B間的正離子數(shù)目N為多少；(2)加速正離子束所消耗的功率P不同時，引擎獲得的推力F也不同，試推導的表達式；(3)為

20、提高能量的轉換效率，要使盡量大，請?zhí)岢鲈龃蟮娜龡l建議。答案(1)(2) (3)見解析解析(1)設正離子經(jīng)過電極B時的速度為v，根據(jù)動能定理，有ZeUmv20設正離子束所受的電場力為F1，根據(jù)牛頓第三定律，有F1F1設引擎在t時間內飄入A、B間的正離子個數(shù)為N，由牛頓第二定律，有F1Nm聯(lián)立式，且由N得N(2)設正離子束所受的電場力為F，由正離子束在電場中做勻加速直線運動，有PFv由牛頓第三定律得FF，聯(lián)立式得 (3)為使盡量大，分析式得到三條建議：用質量大的離子；用帶電量少的離子；減小加速電壓。(二)選考題(共15分。請考生從給出的2道題中任選一題作答，如果多做，則按所做的第一題計分)33(2

21、019全國卷)物理選修33(15分)(1)(5分)用油膜法估算分子大小的實驗中，首先需將純油酸稀釋成一定濃度的油酸酒精溶液，稀釋的目的是_。實驗中為了測量出一滴已知濃度的油酸酒精溶液中純油酸的體積，可以_。為得到油酸分子的直徑，還需測量的物理量是_。(2)(10分)如圖，一粗細均勻的細管開口向上豎直放置，管內有一段高度為2.0 cm的水銀柱，水銀柱下密封了一定量的理想氣體，水銀柱上表面到管口的距離為2.0 cm。若將細管倒置，水銀柱下表面恰好位于管口處，且無水銀滴落，管內氣體溫度與環(huán)境溫度相同。已知大氣壓強為76 cmHg，環(huán)境溫度為296 K。()求細管的長度；()若在倒置前，緩慢加熱管內被

22、密封的氣體，直到水銀柱的上表面恰好與管口平齊為止，求此時密封氣體的溫度。答案(1)使油酸在淺盤的水面上容易形成一塊單分子層油膜把油酸酒精溶液一滴一滴地滴入小量筒中，測出1 mL油酸酒精溶液的滴數(shù)，得到一滴溶液中純油酸的體積單分子層油膜的面積(2)()41 cm()312 K解析(1)用油膜法估測分子直徑時，需使油酸在水面上形成單分子層油膜，為使油酸盡可能地散開，將油酸用酒精稀釋。要測出一滴油酸酒精溶液的體積，可用累積法，即測量出1 mL油酸酒精溶液的滴數(shù)。根據(jù)VSd，要求得分子的直徑d，則需要測出油膜面積，以及一滴油酸酒精溶液中純油酸的體積。(2)()設細管的長度為L，橫截面的面積為S，水銀柱

23、高度為h；初始時，設水銀柱上表面到管口的距離為h1，被密封氣體的體積為V，壓強為p；細管倒置時，氣體體積為V1，壓強為p1。由玻意耳定律有pVp1V1由力的平衡條件有pp0ghp1p0gh式中，、g分別為水銀的密度和重力加速度的大小，p0為大氣壓強。由題意有VS(Lh1h)V1S(Lh)由式和題給條件得L41 cm()設氣體被加熱前后的溫度分別為T0和T，由蓋呂薩克定律有由式和題給數(shù)據(jù)得T312 K。34物理選修34(15分)(1)(2019安徽合肥二模)(5分)如圖所示，一列振幅為10 cm的簡諧橫波，其傳播方向上有兩個質點P和Q，兩者的平衡位置相距3 m。某時刻兩質點均在平衡位置且二者之間

24、只有一個波谷，再經(jīng)過0.3 s，Q第一次到達波峰。則下列說法正確的是_。(填正確答案標號。選對1個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分。每選錯1個扣3分，最低得分為0分)A波的傳播方向一定向右B波長可能為2 mC周期可能為0.24 sD波速可能為15 m/sE0.3 s內質點P的位移大小為10 cm(2)(2019廣東汕頭一模)(10分)如圖為一玻璃磚的截面圖，ABCD為長方形，BCE為圓。AB2R，BCR，一束單色光從AD界面上的F點(未畫出)入射，在CD界面上的G點(未畫出)發(fā)生一次全反射后，從BE界面上的H點射出，折射角60，折射光平行于DE且與反射光垂直，真空中的光速為c。()畫出光

25、路圖并求出折射率n。()光從射入玻璃磚到第一次射出的時間t。答案(1)BDE(2)()光路圖見解析()解析(1)某時刻P、Q兩質點均在平衡位置且二者之間只有一個波谷，故存在以下三種情況：由于不知道質點P、Q的振動情況，故無法判斷波的傳播方向，A錯誤；當P、Q之間波的形式如圖b所示，則有3 m，故有2 m，B正確；質點Q第一次到達波峰可能經(jīng)歷0.3 s或0.3 s，故周期T1.2 s或T0.4 s，C錯誤；圖a、b、c中波的波長分別為a3 m、b2 m、c6 m，當周期T1.2 s時，波速va2.5 m/s、vb m/s、vc5 m/s；當T0.4 s時，波速va7.5 m/s，vb5 m/s，vc15 m/s，D正確；經(jīng)過0.3 s，質點Q第一次到達波峰，圖a中質點P到達波峰，圖b中質點P到達波谷，圖c中質點P到達波谷，故0.3 s內質點P的位移大小為10 cm，E正確。(2)()光路圖如圖所示：由幾何關系得：9030n，解得n。()由幾何關系得：260，9030在等腰GHC中：GH2RcosR在直角FDG中：FGsGHFG，n，t。15