《2020版高考物理二輪復(fù)習(xí) 第一部分 專題復(fù)習(xí)訓(xùn)練 課時(shí)作業(yè)十一 電磁感應(yīng)及應(yīng)用（含解析）》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2020版高考物理二輪復(fù)習(xí) 第一部分 專題復(fù)習(xí)訓(xùn)練 課時(shí)作業(yè)十一 電磁感應(yīng)及應(yīng)用（含解析）（10頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、課時(shí)作業(yè)十一電磁感應(yīng)及應(yīng)用一、選擇題1(2019年貴州適應(yīng)性考試)如圖1甲所示，一位于紙面內(nèi)的圓形線圈通過導(dǎo)線與一小燈泡相連，線圈中有垂直于紙面的磁場以垂直紙面向里為磁場的正方向，該磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖1乙所示，則下列說法正確的是()圖1At1t3時(shí)間內(nèi)流過小燈泡電流的方向先為ba后為abBt1t3時(shí)間內(nèi)流過小燈泡電流的方向先為ab后為baCt1t3時(shí)間內(nèi)小燈泡先變亮后變暗Dt1t3時(shí)間內(nèi)小燈泡先變暗后變亮解析：t1t3時(shí)間內(nèi)穿過線圈的磁通量先向里減小后向外增加，根據(jù)楞次定律可知，流過小燈泡電流的方向?yàn)閍b，選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤；t1t3時(shí)間內(nèi)，Bt線的斜率先增大后減小，則磁通量

2、的變化率先增大后減小，感應(yīng)電動(dòng)勢先增大后減小，小燈泡先變亮后變暗，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤答案：C2(2017年高考課標(biāo)全國卷)如圖2，在方向垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場中有一U形金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌平面與磁場垂直金屬桿PQ置于導(dǎo)軌上并與導(dǎo)軌形成閉合回路PQRS，一圓環(huán)形金屬線框T位于回路圍成的區(qū)域內(nèi)，線框與導(dǎo)軌共面現(xiàn)讓金屬桿PQ突然向右運(yùn)動(dòng)，在運(yùn)動(dòng)開始的瞬間，關(guān)于感應(yīng)電流的方向，下列說法正確的是()圖2APQRS中沿順時(shí)針方向，T中沿逆時(shí)針方向BPQRS中沿順時(shí)針方向，T中沿順時(shí)針方向CPQRS中沿逆時(shí)針方向，T中沿逆時(shí)針方向DPQRS中沿逆時(shí)針方向，T中沿順時(shí)針方向解析：金屬桿PQ向右切割磁感線，根據(jù)右手

3、定則可知PQRS中感應(yīng)電流沿逆時(shí)針方向；原來T中的磁場方向垂直于紙面向里，閉合回路PQRS中的感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場方向垂直于紙面向外，使得穿過T的磁通量減小，T中產(chǎn)生順時(shí)針方向的感應(yīng)電流綜上所述，可知A、B、C項(xiàng)錯(cuò)誤，D項(xiàng)正確答案：D3法拉第圓盤發(fā)電機(jī)的示意圖如圖3所示銅圓盤安裝在豎直的銅軸上，兩銅片P、Q分別與圓盤的邊緣和銅軸接觸圓盤處于方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場B中圓盤旋轉(zhuǎn)時(shí)，關(guān)于流過電阻R的電流，下列說法正確的是()圖3A若圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度恒定，則電流大小恒定B若從上向下看，圓盤順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，則電流沿b到a的方向流動(dòng)C若圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)方向不變，角速度大小發(fā)生變化，則電流方向可能發(fā)生變化D若圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角

4、速度變?yōu)樵瓉淼?倍，則電流在R上的熱功率也變?yōu)樵瓉淼?倍解析：由右手定則知，圓盤按如題圖所示的方向轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，感應(yīng)電流沿a到b的方向流動(dòng)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；由感應(yīng)電動(dòng)勢EBl2知，角速度恒定，則感應(yīng)電動(dòng)勢恒定，電流大小恒定，選項(xiàng)A正確；角速度大小變化，感應(yīng)電動(dòng)勢大小變化，但感應(yīng)電流方向不變，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；若變?yōu)樵瓉淼?倍，則感應(yīng)電動(dòng)勢變?yōu)樵瓉淼?倍，電流變?yōu)樵瓉淼?倍，由PI2R知，電流在R上的熱功率變?yōu)樵瓉淼?倍，選項(xiàng)D錯(cuò)誤答案：A4兩條平行虛線間存在一勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度方向與紙面垂直邊長為0.1 m、總電阻為0.005 的正方形導(dǎo)線框abcd位于紙面內(nèi)，cd邊與磁場邊界平行，如圖4(a)所示已知導(dǎo)線

5、框一直向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)，cd邊于t0時(shí)刻進(jìn)入磁場線框中感應(yīng)電動(dòng)勢隨時(shí)間變化的圖線如圖4(b)所示(感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢取正)下列說法正確的是()圖4A磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為0.5 TB導(dǎo)線框運(yùn)動(dòng)速度的大小為0.5 m/sC磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向垂直于紙面向內(nèi)D在t0.4 s至t0.6 s這段時(shí)間內(nèi)，導(dǎo)線框所受的安培力大小為0.1 N解析：從題圖(b)可知，導(dǎo)線框運(yùn)動(dòng)的速度大小v m/s0.5 m/s，B項(xiàng)正確；導(dǎo)線框進(jìn)入磁場的過程中，cd邊切割磁感線，由EBLv，得B T0.2 T，A項(xiàng)錯(cuò)誤；由圖可知，導(dǎo)線框進(jìn)入磁場的過程中，感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針方向，磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直紙面向外，C項(xiàng)

6、錯(cuò)誤；在0.40.6 s這段時(shí)間內(nèi)，導(dǎo)線框正在出磁場，回路中的電流大小I A2 A，則導(dǎo)線框受到的安培力FBIL0.220.1 N0.04 N，D項(xiàng)錯(cuò)誤答案：B5(多選)如圖5所示，一個(gè)正方形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，在磁場內(nèi)有一邊長為l、阻值為R的正方形線框，線框所在平面與磁場垂直如果以垂直于線框邊和磁場的速度v將線框從磁場中勻速拉出，下列說法正確的是()圖5A如果將線框水平向右拉出磁場，線框經(jīng)過磁場邊界過程中將產(chǎn)生順時(shí)針方向的感應(yīng)電流B在紙面內(nèi)無論沿哪個(gè)方向?qū)⒕€框拉出磁場，流過線框某一截面的電荷量都相同C將線框水平向右拉出磁場時(shí)產(chǎn)生的焦耳熱與速度v成正比D將線框水平向右拉出磁場時(shí)產(chǎn)生

7、的焦耳熱與速度的平方v2成正比解析：如果將線框水平向右拉出磁場，穿過線圈向里的磁通量減小，該過程中將產(chǎn)生順時(shí)針方向的感應(yīng)電流，A正確；因?yàn)楦袘?yīng)電動(dòng)勢E，電流I，通過導(dǎo)線某一截面的電荷量為qIt，可得q，故流過線框某一截面的電荷量與線圈穿出磁場的方向無關(guān)，B正確；根據(jù)焦耳定律可得QI2Rtt，所以焦耳熱Q與速度v成正比，C正確，D錯(cuò)誤答案：ABC6(2019年四川第三次診斷)(多選)如圖6所示，足夠長的U型光滑金屬導(dǎo)軌平面與水平面成角(0h1)；保持b棒靜止，由靜止釋放a棒，a棒到達(dá)磁場中OO停止運(yùn)動(dòng)后再由靜止釋放b棒，a、b與導(dǎo)軌接觸良好且導(dǎo)軌電阻不計(jì)，重力加速度g取10 m/s2.圖10(1

8、)求a棒進(jìn)入磁場MM時(shí)加速度的大??；(2)a棒從釋放到OO的過程中，求b棒產(chǎn)生的焦耳熱；(3)若MM、OO間的距離x2.4 m，b棒進(jìn)入磁場后，恰好未與a棒相碰，求h2的值解：(1)設(shè)a棒到MM時(shí)的速度為v1.由機(jī)械能守恒定律得mgh1mv12進(jìn)入磁場時(shí)a棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢EBLv1感應(yīng)電流I對(duì)a棒受力分析，由牛頓第二定律得BILma代入數(shù)據(jù)解得a3.75 m/s2.(2)設(shè)a、b產(chǎn)生的總焦耳熱為Q，由能量守恒定律得Qmgh1則b棒產(chǎn)生的焦耳熱QbQQ聯(lián)立解得Qb0.675 J.(3)設(shè)b棒到MM時(shí)的速度為v2，有mgh2mv22b棒進(jìn)入磁場后，兩棒組成的系統(tǒng)合外力為零，系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，設(shè)a、b一起勻速運(yùn)動(dòng)的速度為v，取向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得mv22mv設(shè)a棒經(jīng)時(shí)間t加速到v，由動(dòng)量定理得BILtmv0又qIt，I，Ea、b恰好不相碰，有BLx，聯(lián)立解得h21.8 m.- 10 -