《備戰(zhàn)2020年高考物理一輪復習 單元訓練金卷 第一單元 直線運動B卷（含解析）》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《備戰(zhàn)2020年高考物理一輪復習 單元訓練金卷 第一單元 直線運動B卷（含解析）（5頁珍藏版）》請在裝配圖網上搜索。

1、 第一單元 注意事項： 1．答題前，先將自己的姓名、準考證號填寫在試題卷和答題卡上，并將準考證號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。 2．選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。 3．非選擇題的作答：用簽字筆直接答在答題卡上對應的答題區(qū)域內。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。 4．考試結束后，請將本試題卷和答題卡一并上交。 一、 (本題共10小題，每小題4分，共40分。在每小題給出的四個選項中，第1～6題只有一項符合題目要求，第7～10題有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的

2、得2分，有選錯的得0分) 1．已知物體做直線運動，下列說法正確的是(　　) A．加速度增大，速度一定增大 B．物體有加速度，速度一定增加 C．速度變化越快，加速度越大 D．物體速度為零，加速度一定為零 2．t＝0時刻，物體由靜止開始做勻加速直線運動，已知2 s末的速度大小為8 m/s，則(　　) A．物體的加速度大小為8 m/s2 B．物體在2 s內的平均速度大小為8 m/s C．物體在第2 s內的位移大小為8 m D．物體在2 s內的位移大小為8 m 3．汽車在水平面上剎車，其

3、位移與時間的關系是x＝24t－6t2 (m)，則它在前3 s內的平均速度為(　　) A．6 m/s B．8 m/s C．10 m/s D．12 m/s 4．(2019·全國卷I)如圖，籃球架下的運動員原地垂直起跳扣籃，離地后重心上升的最大高度為H。上升第一個所用的時間為t1，第四個所用的時間為t2。不計空氣阻力，則滿足(　　) A．1＜＜2 B．2＜＜3 C．3＜＜4 D．4＜＜5 5．某公司為了測試摩托車的性能，讓兩駕駛員分別駕駛摩托車在一平直路面上行駛，利用速度傳感器測出摩

4、托車A、B的速度隨時間變化的規(guī)律并描繪在計算機中，如圖所示，發(fā)現兩摩托車在t＝25 s時同時到達目的地。則下列敘述正確的是(　　) A．摩托車B的加速度為摩托車A的4倍 B．兩輛摩托車從同一地點出發(fā)，且摩托車B晚出發(fā)10 s C．在0～25 s時間內，兩輛摩托車間的最遠距離為180 m D．在0～25 s時間內，兩輛摩托車間的最遠距離為400 m 6．如圖所示，在地面上一盤子C的正上方A處有一金屬小球a距C為20 m，在B處有另一個金屬小球b距C為15 m，小球a比小球b提前1 s由靜止釋放(g取10 m/s2)。則(　　) A．b先落入C盤中，不可能在下落過程中相遇 B．a先落

5、入C盤中，a、b下落過程相遇點發(fā)生在BC之間某位置 C．a、b兩小球同時落入C盤 D．在a球下落過程中，a、b兩小球相遇點恰好在B處 7．如圖所示是A，B兩質點從同一地點運動的x－t圖象，則下列說法正確的是(　　) A．A質點以20 m/s的速度勻速運動 B．B質點先沿正方向做直線運動，后沿負方向做直線運動 C．B質點最初4 s做加速運動，后4 s做減速運動 D．A，B兩質點在4 s末相遇 8．“道路千萬條，安全第一條?！薄兜缆方煌ò踩ā返谒氖邨l規(guī)定：“機動車行經人行橫道，應減速行駛；遇行人正在通過人行橫道時，應停車讓行?！奔僭O一輛以8 m/s的速度勻速行駛的汽車即將通過路

6、口，有一老人正在過人行橫道，此時汽車的車頭距離停車線8 m。該車減速時的加速度大小為5 m/s2。則下列說法中正確的是(　　) A．如果駕駛員立即剎車制動，則t＝2 s時，汽車離停車線的距離為1.6 m B．如果在距停車線6 m處開始剎車制動，汽車能在停車線處停車讓人 C．如果駕駛員的反應時間為0.4 s，汽車剛好能在停車線處停車讓人 D．如果駕駛員的反應時間為0.2 s，汽車剛好能在停車線處停車讓人 9．假設高速公路上甲、乙兩車在同一車道上同向行駛。甲車在前，乙車在后，速度均為v0＝30 m/s，距離s0＝100 m。t＝0時刻甲車遇緊急情況后，甲、乙兩車的加速度隨時間變化關系如圖

7、1、2所示。取原運動方向為正方向。下面說法正確的是(　　) A．t＝3 s時兩車相距最近 B．0～9 s內兩車位移之差為45 m C．t＝6 s時兩車距離最近為10 m D．兩車在0～9 s內會相撞 10．從地面上以初速度2v0豎直上拋物體A，相隔時間Δt后再以初速度v0從同一地點豎直上拋物體B，不計空氣阻力。下列說法正確的是(　　) A．物體A、B可能在物體A上升過程中相遇 B．物體A、B只能在物體A下降過程中相遇 C．要使物體A、B相遇需要滿足條件Δt＜ D．要使物體A、B相遇需要滿足條件＜Δt＜ 二、(本題共6小題，共60分。把答案填在題中的橫線上或按題目要求作答。解

8、答題應寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不能得分。有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位) 11．(5分)某實驗小組采用如圖甲所示的裝置探究小車在斜面上的運動情況。實驗步驟如下： a．把紙帶的一端固定在小車的后面,另一端穿過打點計時器； b．用細線將木板上的小車通過一個定滑輪與懸吊的砂桶相連； c．先接通電源，輕推小車,，小車在左邊細線的牽引下從靜止開始勻加速運動，打點計時器在紙帶上打下一系列的點； d．測出x、x1、x2(如圖乙所示)，查得打點周期為T。 回答下列問題： (1)小車運動時，打點計時器打下C點時小車的速度為　　　　　。? (2)

9、小車運動的加速度a＝　　　　　　　　(用相應的符號表示)。? 12．(8分)在利用打點計時器做“研究勻變速直線運動”的實驗中，圖甲所示為一次記錄小車運動情況的紙帶，圖中A、B、C、D、E為相鄰的計數點，相鄰計數點間的時間間隔T＝0.1 s。 (1)根據紙帶可判定小車做________運動。 (2)根據紙帶計算各點瞬時速度：vD＝________m/s，vC＝________m/s，vB＝________m/s。在圖乙所示的坐標系中作出小車的v－t圖象，并根據圖線求出a＝________。 (3)將圖線延長與縱軸相交，交點的速度不為零，此速度的物理意義是________。

10、 13．(8分)如圖所示，將質量m＝0.2 kg的小球，從地面上方h＝0.8 m處以v0＝3 m/s的速度豎直上拋，不計空氣阻力，求：（g＝10 m/s2） (1)小球能到達離地的最大高度H； (2)從拋出到落地，共需多長時間t。 14．(9分)如圖所示，某人距離墻壁10 m起跑，向著墻壁沖去，挨上墻之后立即返回出發(fā)點。設起跑的加速度為4 m/s2，運動過程中的最大速度為4 m/s，快到達墻根時需減速到零，不能與墻壁相撞。減速的加速度為8 m/s2，返回時達到最大速度后不需減速，保持最大速度沖到出發(fā)點。求該人總的往返時間t。 15．(13分)藍

11、牙(Bluetooth)是一種無線技術標準，可實現各種設備之間的短距離數據交換。某同學用安裝有藍牙設備的玩具車A、B進行實驗：如圖所示，在距離d＝6 m的兩條平直軌道上，O1O2的連線與軌道垂直，A車自O1點從靜止開始以加速度a＝2 m/s2向右做勻加速直線運動，B車自O2點前方s＝3 m處的O3點以速度v0＝6 m/s向右做勻速直線運動。求兩車能通信多長時間？已知當兩車間的距離超過s0＝10 m時，兩車無法實現通信，忽略信號傳遞的時間。（結果可用根式表示） 16．(17分)質點A沿直線以速度vA＝5 m/s勻速運動，t＝0時在A后面與A相距Δx＝8.36 m的質

12、點B由靜止開始 運動，質點B運動方向與A相同，其加速度隨時間周期性變化，加速度隨時間變化的a－t圖象如圖所示。問： (1)t＝l s時，質點B的位移為多大？ (2)質點B追上A之前，何時兩者間的距離最大？最大距離為多少？ (3)B開始運動后經多少時間追上A？ 1 單元訓練金卷·高三·物理(B)卷 第一單元 答 案 一、 (本題共10小題，每小題4分，共40分。在每小題給出的四個選項中，第1～6題只有一項符合題目要求，第7～10題有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分) 1．【答案】C 【解析】加速

13、度是描述物體速度變化快慢的物理量，與速度的大小無關，加速度增大，表示速度變化得更快了，如果加速度與速度方向相反，則速度減小，如果速度與加速度方向相同，則速度增加，A錯誤；做直線運動的物體有加速度時，速度一定變化，有可能增加，也有可能減小，B錯誤；速度變化越快，加速度越大，C正確；速度為零，加速度不一定為零，如豎直上拋運動，物體運動到最高點時，速度為零，但是加速度不為零，D錯誤。 2．【答案】D 【解析】物體由靜止開始做勻加速直線運動，2 s末的速度大小為8 m/s，則加速度大小a＝ m/s2＝4 m/s2，A錯誤；物體在2 s內的位移大小為x2＝at22＝8 m，則物體在2 s內的平均速度

14、大小＝＝4 m/s，B錯誤，D正確；物體在第2 s內的位移大小為Δx＝at22－at12＝6 m，C錯誤。 3．【答案】B 【解析】由題意可知v0＝24 m/s，a＝－12 m/s2，所以由v＝v0＋at1可得汽車從剎車到靜止的時間為t1＝ s＝2 s，由此可知2 s時汽車已經停止，位移x＝24×2 m－6×22 m＝24 m，故它在前3 s內的平均速度＝＝ m/s＝8 m/s。 4．【答案】C 【解析】運動員起跳到達最高點的瞬間速度為零，又不計空氣阻力，故可逆向處理為自由落體運動。則根據初速度為零勻加速運動，相等相鄰位移時間關系，可知，即3＜＜4，故選C。 5．【答案】D 【解析

15、】速度—時間圖象的斜率表示加速度，故aA＝ m/s2＝0.4 m/s2，aB＝ m/s2＝2 m/s2，aB＝5aA，A錯誤；圖象與坐標軸圍成的面積表示位移，故xA＝×(30＋20)×25 m＝625 m，xB＝×30×15 m＝225 m，因為兩者在t＝25 s相遇，而發(fā)生的位移不同，故兩者不是從同一地點出發(fā)的，B錯誤；在t＝25 s時兩車達到相同的速度，在此之前摩托車A的速度一直大于摩托車B的速度，兩輛摩托車距離一直在縮短，所以在t＝0時刻，兩輛摩托車間的距離最遠，故Δx＝xA－xB＝400 m，C錯誤，D正確。 6．【答案】D 【解析】小球a、b釋放后均做自由落體運動，則有h＝gt2

16、，代入計算得ta＝2 s，tb＝ s，小球a提前1 s釋放，所以b釋放后a運動ta－1 s＝1 s落入C盤，比b球早落入，選項A、C錯；b球釋放時a下落1 s，此時下落的高度h′＝gt′2＝5 m，剛好到達與小球b同高處，此時b球開始釋放，所以二者在B處相遇，然后a球超過b球先落入盤中，選項D對、B錯。 7．【答案】ABD 【解析】A圖象的斜率等于20 m/s，則知A質點以20 m/s的速度勻速運動，故A正確；在x－t圖象中，圖線的斜率表示速度大小，則知B質點最初4s內做減速運動，后4s做加速運動，故B錯誤；B質點圖象的斜率先正后負，說明B質點先沿正方向做直線運動，后沿負方向做直線運動，故

17、C正確；4s末二圖象相交，說明兩個質點到達同一位置相遇，故D正確。 8．【答案】AD 【解析】若汽車做勻減速直線運動，速度減為零的時間t0＝＝ s＝1.6 s< 2 s，所以從剎車到停止的位移大小x1＝＝ m＝6.4 m，汽車離停車線的距離為8 m－6.4 m＝1.6 m，故A正確；如果汽車在距停車線6 m處開始剎車制動，剎車位移是6.4 m，所以汽車不能在停車線處停車讓人，故B錯誤；剎車的位移是6.4 m，所以汽車可做勻速運動的位移是1.6 m，則駕駛員的反應時間t＝ s＝0.2 s時，汽車剛好能停在停車線處讓人，故C錯誤，D正確。 9．【答案】BC 【解析】由加速度—時間圖象可畫出

18、兩車的速度—時間圖象，如圖所示。由圖象可知，t＝6 s時兩車同速，此時距離最近，圖中陰影部分面積為0～6 s內兩車位移之差：Δx＝×30×3 m＋×30×(6－3)m＝90 m，則此時兩車相距：Δs＝s0－Δx＝10 m，C正確，A錯誤。0～9 s內兩車位移之差為Δx′＝×30×3 m＝45 m，所以兩輛車不會相撞，故B正確，D錯誤。 10．【答案】BD 【解析】A物體上升時，A的初速度大于B的初速度，且A先拋出，所以A的位移大于B的位移，不可能在A上升的過程中相遇，故A錯誤；物體A、B相遇有兩種可能：①A、B均在下降，A追上B；②A在下降，B在上升，即只能在物體A下降過程中相遇，故B正確

19、；A在空中的總時間為t1＝2×＝，B在空中的總時間為 t2＝，要使A、B能在空中相遇，t1－t2＜Δt＜t1，即得＜Δt＜，故C錯誤，D正確。 二、(本題共6小題，共60分。把答案填在題中的橫線上或按題目要求作答。解答題應寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不能得分。有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位) 11．(5分) 【答案】(1)　(2分) (2)　(3分) 【解析】(1)根據平均速度等于中間時刻的瞬時速度有vC＝。 (2)根據vA＝、vB＝和，得a＝。 12．(8分) 【答案】(1)勻加速直線 (1分)　 (2)3.90　 2.6

20、4　 1.38　 見解析圖　 12.60 m/s2　(每空1分) (3)零時刻小車經過A點的速度 (2分) 【解析】(1)根據紙帶提供的數據可知xBC－xAB＝xCD－xBC＝xDE－xCD＝12.60 cm，故小車做勻加速直線運動。 (2)根據＝可知：vD＝ m/s＝3.90 m/s， vC＝ m/s＝2.64 m/s， vB＝ m/s＝1.38 m/s，描點連線得v－t圖象如圖所示。 根據圖線斜率知a＝12.60 m/s2。 (3)表示零時刻小車經過A點的速度。 13．(8分) 【解析】(1)由豎直上拋運動可知，上升的最大高度： m (2分) 所以離地的最

21、大高度為：H＝h＋h1＝1.25 m (1分) (2)上升時間為t1，則s (2分) 下降時間為t2，則s (2分) 所以t＝t1＋t2＝0.8 s。 (1分) 14．(9分) 【解析】加速階段的時間：t1＝＝1 s (1分) 加速階段的位移：x1＝vmaxt1＝2 m (1分) 減速階段的時間：t3＝＝0.5 s (1分) 減速階段的位移：x3＝vmaxt3＝1 m (1分) 勻速階段的時間：t2＝＝1.75 s (1分) 由折返線向起點(終點)線運動的過程中： 加速階段的時間：t4＝＝1 s (1分) 加速階段的位移：x4

22、＝vmaxt4＝2 m (1分) 勻速階段的時間：t5＝＝2 s (1分) 該人總的往返時間為t＝t1＋t2＋t3＋t4＋t5＝6.25 s。 (1分) 15．(13分) 【解析】設經過時間t，兩車相距s0，由運動學規(guī)律可知： A車的位移 (2分) B車的位移sB＝v0t (2分) 由幾何關系有(sB＋s－sA)2＋d2＝s02 (3分) 聯立有t2－6t－3＝±8 解得：t1＝1 s，t2＝5 s，s [s舍去] (3分) 顯然，兩車通信的時間段為0～t1，t2～t3，故兩車能通信的時間為s。(3分) 16．(17分) 【

23、解析】(1)由x＝ (1分) 得：x＝1 m (1分) (2)質點B的速度為5 m/s時，A、B之間的距離最大。 質點B如果以2 m/s2的加速度做勻加速運動，設速度達到5 m/s需要的時間為Δt，由運動學公式得 Δt＝＝2.5 s (1分) 由質點B加速度與時間的關系知，經過時間t1＝4.5 s時，A、B之間的距離最大。 在時間t1內質點A發(fā)生的位移xA＝vAt1＝22.5 m (1分) 質點B在第1 s內的位移x1＝＝1 m (1分) 質點B在第2 s內的位移x2＝at2ΔT，式中ΔT＝1 s，代入數據得 x2＝2 m (1分) 質點B在第3 s內的位移x3

24、＝at2ΔT＋＝3 m (1分) 質點B在第n s（n為整數）內的位移xn＝n m (1分) 質點B在t1時間內的位移xB＝(1＋2＋3＋4＋2aΔT×0.5＋×0.52)m＝12.25 m (1分) 故A、B之間的最大距離Δxmax＝Δx＋xA－xB＝18.61 m (1分) (3)設經歷吋間t（t為正整數）后B追上A，此時A的位移xA′＝vAt 時間t內B的位移xB′＝xA′＋Δx (1分) 此式無整數解，但可求得10 s＜t＜11 s (1分) 10 s內A發(fā)生的位移xA1＝vA×10 s＝50 m (1分) B發(fā)生位移xB1＝m＝55 m (1分) 故在10 s后，B需比A多發(fā)生的位移Δx′＝Δx＋xA1－xB1＝3.36 m (1分) 設10 s后需時間t′，B追上A，則：5aΔTt′＋－vAt′＝3.36 m (1分) 計算得出t′＝0.6 s 后需經過時間tB＝10 s＋t′＝10.6 s追上A。 (1分) 3