直流電路小題狂練 小題是基礎練小題提分快1.2019·重慶市重慶一中摸底某興趣小組調查一條河流的水質情況，通過計算結果表明，被污染的河里一分鐘內有相當于6 C的正離子和9 C的負離子向下游流去，則取樣時這條河流的等效電流大小和方向分別是()A0.25 A順流而下 B0.05 A順流而下C0.25 A逆流而上 D0.05 A逆流而上答案：D解析：若正、負離子移動方向相反，則通過橫截面的總電荷量是兩種離子電荷量絕對值之和，若正、負離子向著同一個方向流動，則通過橫截面的總電荷量等于正、負離子的電荷量的代數(shù)和，所以由題意可知，在1 min內向下游通過橫截面的總電荷量應為q6 C9 C3 C，所以電流I0.05 A，負號表示等效電流方向與河水的流動方向相反，即電流的方向為逆流而上，選項D正確22019·湖南省益陽模擬(多選)一根粗細均勻的金屬導線，在其兩端加上電壓U0時，通過導線的電流為I0，導線中自由電子定向移動的平均速率為v，若將導線均勻拉長，使它的橫截面半徑變?yōu)樵瓉淼?，再給它兩端加上電壓2U0，則()A通過導線的電流為B通過導線的電流為C導線中自由電子定向移動的平均速率為D導線中自由電子定向移動的平均速率為答案：AD解析：將金屬導線均勻拉長，因橫截面半徑變?yōu)樵瓉淼囊话耄瑒t橫截面積變?yōu)樵瓉淼?，其長度變?yōu)樵瓉淼?倍，根據(jù)電阻定律R分析可知，導線電阻變?yōu)樵瓉淼?6倍，又電壓變?yōu)?U0，根據(jù)歐姆定律I可知，電流變?yōu)?，A項正確，B項錯誤；根據(jù)電流的微觀表達式InevS，其中n、e不變，電流變?yōu)樵瓉淼?，橫截面積變?yōu)樵瓉淼模瑒t自由電子定向移動的平均速率變?yōu)?，C項錯誤，D項正確32019·天津市耀華中學檢測如圖所示，兩根橫截面積相同的不同材料制成的導線和，串聯(lián)后接入電路若導線上任意一點的電勢隨該點與a點距離x的變化關系如圖所示導線和的電阻率分別為1、2，電阻分別為R1、R2，則()A1<2，R1<R2 B1>2，R1<R2C1<2，R1>R2 D1>2，R1>R2答案：A解析：由UIR，R，根據(jù)導線上任意一點的電勢隨該點與a點距離x的變化關系圖線，可知1<2,2R1R2，A項正確42019·華南師大附中月考如圖所示，電阻R1、R2串聯(lián)在12 V的電路中，R16 k，R23 k.當用電阻不是遠大于R1和R2的電壓表03 V量程測量R2兩端的電壓時，電壓表的示數(shù)是3 V；當用該電壓表015 V量程測量R1兩端的電壓時，電壓表的示數(shù)為()A9 V B8 VC7.5 V D6 V答案：C解析：設03 V量程的電壓表的內阻為RV，依據(jù)串聯(lián)電路的規(guī)律有：R13×，解得RV6 k；根據(jù)電壓表的改裝原理可知015 V量程的電壓表的內阻為RV30 k，所以當用該電壓表015 V量程測量R1兩端的電壓時，電壓表與R1并聯(lián)的電阻為R并5 k，則電壓表的讀數(shù)為×12 V7.5 V，所以C項正確52019·江西省吉安一中檢測如圖所示的電路中，A1和A2為理想電流表，示數(shù)分別為I1和I2，R1：R2：R31：2：3；當a、b兩點間加以恒定的電壓U后，下列結論正確的是()AI1：I23：4BI1：I24：9C將A1、A2換成理想電壓表，其示數(shù)之比為3：5D將A1、A2換成理想電壓表，其示數(shù)之比為1：1答案：C解析：電源接在a、b兩點時，電路圖如圖1所示，并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，且干路電流等于各支路電流之和，則有，故A、B錯誤；將A1、A2換成理想電壓表，如圖2所示成為串聯(lián)電路，UR1：UR2：UR31：2：3，故C正確，D錯誤62019·河北省石家莊二中模擬如圖所示電路，已知R13 k，R22 k，R32 k，I10 mA，I16 mA，則a、b兩點電勢高低和通過R2中電流正確的是()Aa比b高，4 mA Ba比b高，2 mACa比b低，5 mA Da比b低，4 mA答案：C解析：設c點電勢為零，則電流通過R1的電壓降為|Uca|I1R118 V，即a點電勢為18 V，流過R3的電流I3II14 mA，同理可知，b點電勢為8 V；可見a點電勢比b點低，通過R2的電流I25 mA，故選項C正確72019·山西省太原五中模擬某種金屬導體的UI圖象如圖所示，圖象上A點和原點的連線與橫軸成角，A點的切線與橫軸成角關于該導體的敘述，下列說法中正確的是()A導體的電功率隨電壓U的增大而增大B導體的電功率與電壓U的平方成正比C在A點，導體的電阻為tanD在A點，導體的電阻為tan答案：A解析：由圖象知，U增大，電流I也增大，該導體的電功率在數(shù)值上等于橫、縱坐標的乘積，則電功率增大，故A選項正確；由歐姆定律知，導體的電阻R，隨著U增大，I增大得越來越慢，故導體的電阻R隨U的增大而增大，由P知導體的電功率與電壓U的平方不成正比，故B選項錯誤；在物理圖象中上，圖線的傾角與標度的選取有關，不能用傾角的正切求電阻，所以C、D選項錯誤82019·江西省新余一中模擬下列關于電動勢的說法正確的是()A電源的電動勢跟電源內非靜電力做的功成正比，跟通過的電荷量成反比B電動勢的單位跟電壓的單位一致，所以電動勢就是兩極間的電壓C非靜電力做的功越多，電動勢就越大DE只是電動勢的定義式而非決定式，電動勢的大小是由電源內非靜電力的特性決定的答案：D解析：電動勢的定義式E中，E與W、q無關，E反映的是電源的屬性，由電源內部非靜電力的特性決定，故A、C項錯誤，D項正確；電動勢的單位雖然與電壓的單位相同，但兩者有本質的區(qū)別，B項錯誤92019·福建師大附中模擬如圖甲所示，電壓表V1、V2串聯(lián)接入電路中時，示數(shù)分別為6 V和4 V，當只有電壓表V2接入電路中時，如圖乙所示，示數(shù)為9 V，電源的電動勢為()A9.8 V B10 VC10.8 V D11.2 V答案：C解析：設電源的電動勢和內阻分別為E和r，電壓表V2的內阻為R2，根據(jù)閉合電路歐姆定律，對題圖甲和題圖乙分別有：E6 V4 Vr，E9 Vr，解得E10.8 V故只有選項C正確10.2019·湖北省宜昌市夷陵中學檢測(多選)如圖所示的電路，由電源、電阻箱和電流表組成，電源電動勢E4 V，內阻r2 .電流表內阻忽略不計，調節(jié)電阻箱，當電阻箱讀數(shù)等于R1和R2時，電流表對應的讀數(shù)分別為I1和I2，這兩種情況下電源的輸出功率相等下列說法中正確的是()AI1I22 A BI1I22 ACR1 DR1答案：AD解析：根據(jù)閉合電路歐姆定律得：UEIr，輸出功率PUIEII2r，根據(jù)題述，EI1IrEI2Ir，整理得：I1I22 A，故A項正確，B項錯誤；電源的輸出功率PIR1IR2，且EI1(rR1)I2(rR2)，整理得：R1R24 2，故C項錯誤，D項正確112019·湖北省黃崗中學測試(多選)如圖所示，電源電動勢E3 V，小燈泡L標有“2 V、0.4 W”，開關S接1，當滑動變阻器調到R4 時，小燈泡L正常發(fā)光；現(xiàn)將開關S接2，小燈泡L和電動機M均正常工作則()A電源內阻為1 B電動機的內阻為4 C電動機的正常工作電壓為1 VD電源效率約為93.3%答案：AD解析：由小燈泡的額定功率PUI可知，I0.2 A，由歐姆定律得RL，可知小燈泡正常發(fā)光時電阻RL10 ，由閉合電路歐姆定律可知，I，解得r1 ，A項正確；接2時小燈泡正常發(fā)光，說明電路中電流仍為0.2 A，故電動機兩端電壓UEIRLIr0.8 V，電動機為非純電阻用電器，故電動機內阻不等于4 ，B、C項錯誤；由PI2r，×100%，代入數(shù)據(jù)可得電源效率約93.3%，D項正確12.2019·河南省鄭州檢測(多選)如圖所示的電路中，電表均為理想電表，閉合開關S，將滑動變阻器的滑片P向右移動至某一位置，與移動前相比，下列說法正確的是()A電流表讀數(shù)變小，電壓表讀數(shù)變大B小燈泡L變亮C電源的輸出功率一定變大D電容器所帶的電荷量減少答案：BD解析：閉合開關，將滑動變阻器的滑片P向右滑動，滑動變阻器接入電路中的阻值減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律，總電流增大，路端電壓減小，電流表讀數(shù)增大，小燈泡變亮，電壓表讀數(shù)減小，選項A錯誤，B正確；由于不知內阻與滑動變阻器接入電路中阻值的大小關系，故不能判斷出電源輸出功率的變化情況，選項C錯誤；由于小燈泡中電流增大，小燈泡兩端電壓增大，而路端電壓減小，所以電容器兩極板之間的電壓一定減小，由C可知，電容器所帶的電荷量Q減少，選項D正確132019·四川省成都市樹德中學測試A、B兩塊正對的金屬板豎直放置，在金屬板A的內側表面系一絕緣細線，細線下端系一帶電小球兩塊金屬板接在如圖所示的電路中電路中的R1為光敏電阻(其電阻隨光照強度增大而減小)，R2為滑動變阻器，R3為定值電阻當R2的滑動觸頭P在a端時閉合開關S.此時理想電流表A和理想電壓表V的示數(shù)分別為I和U，帶電小球靜止時絕緣細線與金屬板A的夾角為，電源電動勢E和內阻r一定則以下說法正確的是()A若將R2的滑動觸頭P向b端移動，則I不變，U增大B保持滑動觸頭P不動，用更強的光照射R1，則I增大，U增大C保持滑動觸頭P不動，用更強的光照射R1，則小球重新達到穩(wěn)定后變大D保持滑動觸頭P不動，用更強的光照射R1，則U的變化量的絕對值與I的變化量的絕對值的比值不變答案：D解析：將R2的滑動觸頭P向b端移動時，因為電容器的電阻無窮大，所以I不變，U不變，即A項錯誤；保持滑動觸頭P不動，用更強的光照射R1，光敏電阻R1的值將變小，外電路總電阻減小，則I增大，U減小，所以B項錯誤；保持滑動觸頭P不動，用更強的光照射R1，則A、B兩金屬板間的電壓減小，兩板間電場強度減小，小球所受電場力減小，所以小球重新達到穩(wěn)定后變小，即C項錯誤；保持滑動觸頭P不動，用更強的光照射R1，則U的變化量的絕對值與I的變化量的絕對值的比值等于電源的內阻r，即不變，所以D項正確14.2019·湖北省孝感調研如圖所示，電路中的電源為恒流源或恒壓源(不管外電路的電阻如何變化，它都能夠提供持續(xù)的定值電流或定值電壓)當滑動變阻器的滑動觸頭向上滑動時，電壓表的示數(shù)變化量的絕對值為U，電流表的示數(shù)變化量的絕對值為I，則下列說法正確的是()A若電源為恒壓源時，V示數(shù)增大，A示數(shù)減小B若電源為恒壓源時，V示數(shù)不變，A示數(shù)增大C若電源為恒流源時，V示數(shù)增大，A示數(shù)減小，R1D若電源為恒流源時，V示數(shù)增大，A示數(shù)增大，R2答案：C解析：若電源為恒壓源時，當滑動變阻器的滑動觸頭向上滑動時，總電阻增大，總電流減小，所以R2兩端的電壓減小，R1兩端的電壓增大，所以R1的分流增大，A的示數(shù)減小，V的示數(shù)不變，即A、B項錯誤；若電源為恒流源時，當滑動變阻器的滑動觸頭向上滑動時，總電阻增大，V示數(shù)增大，R1兩端的電壓增大，所以R1的分流增大，A的示數(shù)減小，因為UI0R2(I0I)R1，所以R1，C項正確，D項錯誤152019·云南師大附中模擬(多選)在如圖甲所示的電路中，L1、L2、L3為三個相同規(guī)格的小燈泡，這種小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示當開關S閉合后，電路中的總電流為0.25 A，則此時()AL1上的電壓為L2上電壓的2倍BL1消耗的電功率為0.75 WCL2的電阻為12 DL1、L2消耗的電功率的比值大于4答案：BD解析：電路中的總電流為0.25 A，L1中電流為0.25 A，由小燈泡的伏安特性曲線可知L1兩端電壓為3.0 V，L1消耗的電功率為P1U1I10.75 W，B項正確；根據(jù)并聯(lián)電路規(guī)律，L2中電流為0.125 A，由小燈泡的伏安特性曲線可知L2兩端電壓大約為0.3 V，L1兩端電壓大約為L2兩端電壓的10倍，A項錯誤；由歐姆定律，L2的電阻約為R2 2.4 ，C項錯誤；L2消耗的電功率約為P2U2I20.3 ×0.125 W0.037 5 W，L1、L2消耗的電功率的比值大于4，D項正確16.2019·湖北省部分重點中學聯(lián)考(多選)硅光電池是一種太陽能電池，具有低碳環(huán)保的優(yōu)點如圖所示，圖線a是該電池在某光照強度下路端電壓U和電流I的關系圖象(電池電動勢不變，內阻不是常量)，圖線b是某電阻R的UI圖象，傾斜虛線是過a、b交點的a的切線在某光照強度下將它們組成閉合回路時，下列相關敘述正確的是()A此時硅光電池的內阻為12.5 B此時硅光電池的輸出功率為0.5 WC此時硅光電池的總功率為0.72 WD此時硅光電池的輸出效率為40%答案：BC解析：由閉合電路歐姆定律得UEIr，當I0時，EU，由圖線a與縱軸的交點可得電動勢為E3.6 V根據(jù)兩圖線交點處的狀態(tài)可知，電阻R兩端的電壓為2.5 V，則內阻r 5.5 ，故A項錯誤；此時硅光電池的輸出功率P出UI2.5×0.2 W0.5 W，B項正確；此時硅光電池的總功率為P總EI0.72 W，C項正確；此時硅光電池的輸出效率為×100%×100%69.4%，D項錯誤課時測評 綜合提能力課時練贏高分一、選擇題12019·湖北黃岡模擬(多選)在科學研究中，經(jīng)常用“電導率”這一概念來表示物質導電本領的強弱，電導率是電阻率的倒數(shù)，如圖是硫酸濃度與電導率的關系圖，下列判斷正確的是 ()A濃度越高導電性能不一定越好B可以根據(jù)電導率來確定硫酸濃度C硫酸的導電性能與其濃度有關，所以對于某一濃度的硫酸導電時，不再遵守歐姆定律D濃度確定的硫酸導電時，仍然遵守歐姆定律答案：AD解析：由題圖可知，電導率并不是隨濃度的增大而增大的，濃度越高導電性能不一定越好，故A正確；因電導率與濃度沒有確定關系，因此不可以根據(jù)電導率來確定硫酸濃度，故B錯誤；硫酸的導電性能與其濃度有關，但是對確定濃度的硫酸來說它仍然遵守歐姆定律，故C錯誤，D正確2.2019·天津紅橋區(qū)模擬(多選)某一熱敏電阻其阻值隨溫度的升高而減小，在一次實驗中，將該熱敏電阻與一小燈泡串聯(lián)，通電后二者電流I隨所加電壓U變化的圖線如圖所示，M為兩元件的伏安特性曲線的交點則關于熱敏電阻和小燈泡的下列說法中正確的是()A圖中圖線a是小燈泡的伏安特性曲線，圖線b是熱敏電阻的伏安特性曲線B圖中圖線b是小燈泡的伏安特性曲線，圖線a是熱敏電阻的伏安特性曲線C圖線中的M點，表示該狀態(tài)小燈泡的電阻大于熱敏電阻的阻值D圖線中M點對應的狀態(tài)，小燈泡的功率與熱敏電阻的功率相等答案：BD解析：小燈泡的燈絲是一個純電阻，其燈絲溫度會隨著通電電流的增大而增大，阻值也隨著增大，所以題圖中圖線b是小燈泡的伏安特性曲線；同理可知，熱敏電阻的溫度隨著通電電流的增大而增大，其阻值會逐漸減小，所以題圖中圖線a是熱敏電阻的伏安特性曲線，故A錯誤，B正確；兩圖線的交點M，表示此狀態(tài)兩元件的電壓和電流相同，由歐姆定律可知，此時兩者的阻值相等，功率也相等，故C錯誤，D正確3.2019·吉林省實驗中學模擬(多選)如圖所示，由于某電阻斷路，致使電壓表和電流表的示數(shù)均比該電阻未斷時要大，則這個斷路的電阻可能是()AR1 BR2CR3 DR4答案：AD解析：若R1斷路，則R總變大I總變小U端變大I2變大，即電流表示數(shù)變大，U端變大，I4變大U4變大，所以選項A正確；若R2斷路，電流表示數(shù)為零，則B錯誤；若R3斷路，電壓表示數(shù)為零，則C錯誤；若R4斷路，則R總變大I總變小U端變大，即電流表和R2串聯(lián)后兩端電壓變大，則電流表示數(shù)變大；R4斷路后，則電壓表的內阻大，所以R3所在支路近似斷路，則電壓表示數(shù)此時也變大，即D正確4.2019·貴州省貴陽監(jiān)測阻值相等的三個電阻R、電容器C及電池E(內阻不計)連接成如圖所示電路保持開關S1閉合，開關S2斷開，電流穩(wěn)定時，C所帶的電荷量為Q1；閉合開關S2，電流再次穩(wěn)定后，C所帶的電荷量為Q2，則Q1與Q2的比值為()A. B.C. D.答案：A解析：開關S2斷開時的等效電路如圖甲所示，電路穩(wěn)定時電容器兩極板之間的電壓為U1，電容器所帶的電荷量為Q1CU1；開關S2閉合后的等效電路如圖乙所示，電路穩(wěn)定時電容器兩極板之間的電壓為U2E，電容器所帶的電荷量為Q2CU2CE，則Q1：Q21：2，即Q1與Q2的比值為，A正確52019·湖南岳陽模擬某電池對純電阻供電的輸出功率P隨電流I變化的圖象如圖所示則下列說法正確的是()A該電源的電動勢E2 VB該電源的內阻r1 C若I2 A，則外電阻R1 D同一輸出功率P可對應兩個不同的電流I1、I2，即對應兩個不同的外電阻R1、R2，且rR1·R2答案：A解析：當外電阻等于電源內阻時，輸出功率最大，PI2RI2r，解得r0.5 ，由閉合電路歐姆定律得EI(Rr)2×(0.50.5) V2 V，A正確，B錯誤；當I2 A時，電源的輸出功率最大，此時外電阻等于內阻，所以R0.5 ，C錯誤；同一輸出功率可對應兩個不同的電流I1、I2，即對應兩個不同的外電阻R1、R2，有2R12R2，解得r2R1·R2，D錯誤62019·湖南衡陽檢測(多選)如圖甲所示，電阻R1的阻值為0.5R0、燈泡L的電阻值恒為R0，R2是熱敏電阻，其阻值隨溫度變化的關系如圖乙所示已知電流表為理想電表，電源的內阻rR0.則下列說法中正確的是()A當溫度升高時，R1兩端的電壓增大B當溫度降低時，電流表的示數(shù)增大C當溫度升高時，燈泡L的亮度變大D當溫度為40 時，電源的輸出功率最大答案：AD解析：溫度升高時，R2的阻值減小，總電阻減小，總電流增大，R1兩端電壓增大，電源內電壓增大，路端電壓減小，燈泡L兩端的電壓減小，燈泡L的亮度變小，A正確，C錯誤；溫度降低時，R2的阻值增大，總電阻增大，總電流減小，電流表的示數(shù)減小，B錯誤；溫度為40 時，R2R0，此時外電路的總電阻為R0，等于電源的內阻，所以電源的輸出功率最大，D正確72019·江西九江十校第二次聯(lián)考(多選)某電路如圖所示，電源電動勢為E、內阻為r，定值電阻分別為R1、R2，電位器(滑動變阻器)為R，L1是小燈泡，電壓表和電流表都為理想電表閉合開關，當電位器的觸片滑向b端時，則下列說法正確的是()A小燈泡L1將變亮B電壓表的示數(shù)與電流表A1示數(shù)的比值將變大C電流表A1的示數(shù)將變大D電源的電功率將變大答案：ACD解析：當電位器的觸片滑向b端時，電位器接入電路的電阻變小，外電路總電阻變小，由閉合電路歐姆定律知，總電流變大，電流表A1的示數(shù)將變大，路端電壓變小，通過R1、R2的電流變小，通過小燈泡L1所在支路電流變大，小燈泡L1將變亮，故A、C正確電壓表的示數(shù)與電流表A1示數(shù)的比值等于外電路總電阻，可知該比值變小，故B錯誤總電流變大，由PEI知，電源的電功率將變大，故D正確82019·安徽淮北模擬在如圖甲所示電路中，閉合開關S，當滑動變阻器的滑片P向上滑動的過程中，四個理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化圖乙中三條圖線分別表示了三個電壓表示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的情況，以下說法錯誤的是()A圖線a表示的是電壓表V3的示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的情況B圖線c表示的是電壓表V2的示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的情況C此過程中電壓表V1示數(shù)的變化量U1和電流表示數(shù)變化量I的比值變大D此過程中電壓表V2示數(shù)的變化量U2和電流表示數(shù)變化量I的比值不變答案：C解析：滑片P向上滑動，R2減小，總電阻減小，總電流增大，電源內電壓增大，路端電壓減小，R1兩端電壓增大，R2兩端電壓減小，根據(jù)這些變化關系可知，圖線a是電壓表V3的示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的圖線，圖線b是電壓表V1的示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的圖線，圖線c是電壓表V2的示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的圖線，A、B說法正確；r，而R1，C說法錯誤，D說法正確92019·河北省石家莊二中檢測(多選)在如圖所示電路中，已知電表均為理想電表，且小燈泡的電阻小于電源的內阻，電流表A、電壓表V1、電壓表V2的示數(shù)分別為I、U1和U2，P為被細線懸掛在兩平行金屬板間的帶電小球，細線與豎直方向間的夾角為，則當滑動變阻器的滑片向右滑動一小段距離的過程中，電流表A、電壓表V1、電壓表V2示數(shù)變化量的絕對值分別是I、U1和U2，下列說法中正確的是()A.>rR1B燈泡變亮、細線與豎直方向間的夾角變大C電源的輸出功率變大D.變大、變大答案：AC解析：滑動變阻器電阻增大，總電流減小，R1兩端電壓減小，R2兩端電壓增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律有：U1U2(I)R1，所以有rR1>rR1，所以A項正確；U外增大，即燈泡兩端電壓增大，燈泡變亮；R1兩端電壓減小，即電容器兩端電壓變小，細線與豎直方向間的夾角變小，則B項錯誤；小燈泡的電阻小于電源的內阻，那么再并聯(lián)R1、R2就更小了，當外電阻等于內阻時，P出最大，所以當外阻小于內阻時，外電阻增大，P出增大，則C項正確；為外電阻，變大，為內阻，不變，則D項錯誤10名師原創(chuàng)(多選)如圖所示為某電源的輸出功率隨外電阻變化的圖象，則下列說法中正確的是()A電源的內阻等于R2B當外電阻RR2時，電源的效率為50%C當外電阻為R2時電源的效率一定大于外電阻為R1時電源的效率DR2R1R3R2答案：ABC解析：設電源電動勢為E，內阻為r，則P出I2R()2R，當外電阻Rr時，電源的輸出功率最大，由題圖可知rR2，A正確；此時電源的效率50%，故B正確；由，可知外電阻越大，電源的效率就越高，故C正確；由題圖可知，電源的輸出功率隨外電阻變化的圖象并不關于直線RR2對稱，故R2R1R3R2，D錯誤11.2019·榆林模擬如圖所示，A為電解槽，為電動機，N為電爐子，恒定電壓U12 V，電解槽內阻rA2 ，S1閉合，S2、S3斷開時，電流表示數(shù)為6 A，當S2閉合，S1、S3斷開時，電流表示數(shù)為5 A，且電動機輸出功率為35 W；當S3閉合，S1、S2斷開時，電流表示數(shù)為4 A求：(1)電爐子的電阻及發(fā)熱功率；(2)電動機的內阻；(3)在電解槽工作時，電能轉化為化學能的功率為多少答案：(1)2 72 W(2)1 (3)16 W解析：(1)電爐子為純電阻元件，由歐姆定律得：R 2 其發(fā)熱功率為：PUI112×6 W72 W.(2)電動機為非純電阻元件，由能量守恒定律得：UI2IrMP輸出，所以：rM 1 .(3)電解槽為非純電阻元件，由能量守恒定律得：P化UI3IrA所以P化(12×442×2) W16 W.12三只燈泡L1、L2和L3的額定電壓分別為1.5 V、1.5 V和2.5 V，它們的額定電流都為0.3 A若將它們連接成圖甲、圖乙所示電路，且燈泡都正常發(fā)光(1)試求圖甲電路的總電流和電阻R2消耗的電功率；(2)分別計算兩電路電源提供的電功率，并說明哪個電路更節(jié)能答案：(1)0.9 A,0.045 W(2)2.7 W,1.8 W，乙電路更節(jié)能解析：(1)由題意，在圖甲電路中：電路的總電流I總IL1IL2IL30.9 AU路端EI總r2.55 VUR2U路端UL30.05 VIR2I總0.9 A電阻R2的消耗功率PR2IR2UR20.045 W(2)圖甲電源提供的電功率P總I總E0.9×3 W2.7 W圖乙電源提供的電功率P總I總E0.3×6 W1.8 W由于燈泡都正常發(fā)光，兩電路有用功率相等，而P總<P總所以，圖乙電路比圖甲電路節(jié)能17