《2020屆高考物理二輪復習 專題沖刺 選擇題專練（二）（含解析）》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2020屆高考物理二輪復習 專題沖刺 選擇題專練（二）（含解析）（6頁珍藏版）》請在裝配圖網上搜索。

1、選擇題專練(二) 共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第1～5題只有一項符合題目要求，第6～8題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。 1．(2019·廣東汕頭高三一模)中國自主研發(fā)的世界首座具有第四代核電特征的核電站—華能石島灣高溫氣冷堆核電站，位于山東省威海市榮成石島灣。目前核電站使用的核燃料基本都是濃縮鈾，有一種典型的鈾核裂變方程是U＋x→Ba＋Kr＋3x。下列關于x的說法正確的是(　　) A．x是α粒子，具有很強的電離本領 B．x是α粒子，穿透能力比較弱 C．x是中子，中子是盧瑟福通過實驗最先發(fā)現的 D．x是中子，中子是查德威

2、克通過實驗最先發(fā)現的 答案　D 解析　根據該反應的特點可知，該核反應屬于重核裂變，根據核反應方程的質量數守恒和電荷數守恒可知，x為中子，故A、B錯誤；根據物理學史可知，盧瑟福發(fā)現了質子，預言了中子的存在，中子是查德威克通過實驗最先發(fā)現的，C錯誤，D正確。 2．(2019·安徽省“江南十?！备呷戮C合質檢)如圖所示，游樂場中有一半球形的碗狀裝置固定在水平地面上，裝置的內半徑為R，在其內表面有一個小孩(可視為質點)從底部向上爬行，小孩與內表面之間的動摩擦因數為0.75，設小孩所受的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則小孩沿該裝置緩慢向上爬行的最大高度是(　　) A．0.2R B．0.25

3、R C．0.75R D．0.8R 答案　A 解析　設小孩爬到最高處時，小孩與圓心的連線與豎直方向的夾角為θ，對小孩受力分析，由平衡條件得，mgsinθ＝μmgcosθ，解得θ＝37°，又由幾何關系得，最大高度h＝R－Rcosθ＝0.2R。故A正確。 3．(2019·河南省鄭州市一模)甲、乙兩個同學打乒乓球，某次動作中，甲同學持拍的拍面與水平方向成45°角，乙同學持拍的拍面與水平方向成30°角，如圖所示。設乒乓球擊打拍面時速度方向與拍面垂直，且乒乓球每次擊打球拍前、后的速度大小相等，不計空氣阻力，則乒乓球擊打甲的球拍的速度v1與乒乓球擊打乙的球拍的速度v2之比為(　　) A.

4、 B. C. D. 答案　C 解析　由題可知，乒乓球在甲、乙的拍面之間做斜拋運動，根據斜拋運動的特點可知，乒乓球在水平方向的分速度大小保持不變，豎直方向的分速度是不斷變化的。由于乒乓球擊打拍面時速度與拍面垂直，則在甲處：vx＝v1sin45°，在乙處：vx＝v2sin30°，所以＝＝，故C正確。 4．(2019·貴陽一模)2017年，人類第一次直接探測到來自雙中子星合并的引力波信號。根據科學家們復原的過程，在兩顆中子星合并之前，它們繞二者連線上的某點做圓周運動，且二者越轉越近，最終碰撞在一起，形成新的天體。若將兩顆中子星都看做是質量均勻分布的球體，則此過程中兩中子星的(　　) A

5、．線速度逐漸變小 B．角速度保持不變 C．周期逐漸變大 D．向心加速度逐漸變大 答案　D 解析　設兩中子星的質量分別為m1、m2，軌道半徑分別為r1、r2，相距L，根據萬有引力提供向心力可知：＝m1r1ω2，＝m2r2ω2，r1＋r2＝L，聯(lián)立可得：r1＝L，r2＝L，ω＝，由T＝得，T＝ ，根據線速度和角速度的關系，有v1＝ωr1＝ ，v2＝ωr2＝ ，由題可知兩中子星的距離變小，故可得兩中子星的線速度變大，角速度變大，周期變小，A、B、C錯誤；對于兩中子星的向心加速度，有＝m1a1＝m2a2，得a1＝，a2＝，兩中子星的距離變小，故可判斷兩中子星的向心加速度變大，D正確。

6、5．(2019·東北三校高三第一次聯(lián)合模擬)生活中可以通過霍爾元件來測量轉動物體的轉速。在一個轉動的圓盤邊緣處沿半徑方向均勻地放置四個小磁鐵，其中兩個N極向外，兩個S極向外，如圖甲所示分布。在圓盤邊緣附近放置一個霍爾元件，如圖乙所示。當電路接通后，會在a、b兩端產生電勢差，經電路放大后得到脈沖信號。已知脈沖信號的周期為T，若忽略感應電動勢的影響，則(　　) A．盤轉動的轉速為n＝ B．轉速越大，脈沖信號的最大值就越大 C．脈沖信號的最大值與h成正比 D．圓盤轉到圖示位置時，如果a點電勢高，則霍爾元件中定向移動的電荷帶負電 答案　D 解析　設圓盤的轉動周期為T0，由題意可知，圓盤

7、轉動的周期T0＝2T，由公式T0＝＝可得：n＝，故A錯誤；由公式qvB＝q可知，U＝Bvh，所以霍爾元件所在處的磁場越強，脈沖信號的最大值就越大，與圓盤的轉速無關，結合公式I＝nqSv＝nqvLh可得：U＝，所以脈沖信號的最大值與h無關，B、C錯誤；圓盤轉到圖示位置，由左手定則可知，定向移動的電荷向下偏轉，若要a點電勢高，則定向移動的電荷為負電荷，故D正確。 6．(2020·廣東肇慶高三第一次統(tǒng)考)2022年第24屆冬季奧林匹克運動會將在中國舉行，跳臺滑雪是其中最具觀賞性的項目之一。跳臺滑雪賽道可簡化為助滑道、著陸坡、停止區(qū)三部分，如圖所示。一次比賽中，質量為m的運動員從A處由靜止下滑，運動

8、到B處后水平飛出，落在了著陸坡末端的C點，滑入停止區(qū)后，在與C等高的D處速度減為零。已知B、C之間的高度差為h，著陸坡的傾角為θ，重力加速度為g。只考慮運動員在停止區(qū)受到的阻力，不計其他能量損失。由以上信息可以求出(　　) A．運動員在空中飛行的時間 B．A、B之間的高度差 C．運動員在停止區(qū)運動過程中克服阻力做功的多少 D．C、D兩點之間的水平距離 答案　ABC 解析　運動員從B點做平拋運動，則由h＝gt2可求解運動員在空中飛行的時間，A正確；由＝v0t可求解在B點的速度v0，再由mghAB＝mv可求解A、B之間的高度差，B正確；從B點到D點，由mv＋mgh＝Wf可求解運動員

9、在停止區(qū)運動過程中克服阻力做功的多少，C正確；由題中條件無法求解C、D兩點之間的水平距離，D錯誤。 7．(2019·河南六市高三第二次聯(lián)考)如圖甲所示，光滑絕緣的水平面附近存在一個平行于水平面的電場，其中某一區(qū)域的電場線與x軸平行，現有一個質量為0.1 kg，電荷量為－2.0×10－8 C的滑塊P(可看做質點)，僅在電場力作用下由靜止沿x軸向左運動。電場力做的功W與物塊坐標x的關系用圖乙中曲線表示，圖中斜線為該曲線過點(0.3,3)的切線。則下列說法正確的是(　　) A．此電場一定是勻強電場 B．電場方向沿x軸的正方向 C．點x＝0.3 m處的場強大小為1.0×10－5 N/C

10、D．x＝0.3 m與x＝0.7 m間的電勢差為100 V 答案　BD 解析　由圖可知，滑塊P向左運動的過程中，圖線的斜率逐漸增大，根據ΔW＝qE·Δx，則場強逐漸增大，此電場一定不是勻強電場，A錯誤；滑塊P向左運動的過程中，電場力做正功，則電場方向沿x軸的正方向，B正確；根據ΔW＝qE·Δx，點x＝0.3 m處的電場力大小為F＝qE＝k＝ N＝1.0×10－5 N，則E＝＝ V/m＝500 V/m，C錯誤；若滑塊P由x＝0.3 m運動到x＝0.7 m，電場力做功為W＝－2×10－6 J，可知電勢差為U＝＝ V＝100 V，D正確。 8.(2019·湖南常德一模)一豎直放置的輕彈簧，一

11、端固定于地面，一端與質量為3 kg的B物體固定在一起，質量為1 kg的A物體疊放在B上。現在A和B正在一起豎直向上運動，如圖所示。當A、B分離后，A繼續(xù)上升0.2 m到達最高點，此時B的速度方向向下，彈簧處于原長，則從A、B分離起至A到達最高點的這一過程中(g取10 m/s2)，下列說法正確的是(　　) A．A、B分離時B的加速度為g B．彈簧的彈力對B做的功為零 C．彈簧的彈力對B的沖量大小為6 N·s D．B的動量變化量為零 答案　ABC 解析　由分離的條件可知，A、B分離時二者的速度、加速度相等，二者之間的相互作用力為0，對A分析可知，A的加速度aA＝g，所以B的加速度為

12、g，A正確；A、B分離時彈簧恢復原長，A到最高點時彈簧再次處于原長，則從A、B分離起至A到達最高點的這一過程中彈簧的彈性勢能變化為零，所以彈簧對B做的功為零，B正確；A、B分離后A做豎直上拋運動，可知A、B分離時的速度均為v＝＝ m/s＝2 m/s，A上升到最高點所需的時間：t＝ ＝0.2 s，對B，由運動的對稱性可知，A到達最高點時，B的速度大小為2 m/s，方向豎直向下，對B在此過程內用動量定理(規(guī)定向下為正方向)得：mBgt＋IF＝mBv－(－mBv)，解得彈簧的彈力對B的沖量大小為：IF＝6 N·s，B的動量變化量為Δp＝mBv－(－mBv)＝12 kg·m/s，C正確，D錯誤。 - 6 -