電磁感應(yīng)綜合21.如圖甲所示，電阻R=1、半徑r1=0.2m的單匝圓形導(dǎo)線框P內(nèi)有一個(gè)與P共面的圓形磁場區(qū)域Q，P、Q的圓心相同，Q的半徑r2=0.1mt=0時(shí)刻，Q內(nèi)存在著垂直于紙面向里的磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖乙所示若規(guī)定逆時(shí)針方向?yàn)殡娏鞯恼较?，則線框P中感應(yīng)電流I隨時(shí)間t變化的關(guān)系圖象應(yīng)該是圖中的（）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【詳解】由法拉第電磁感應(yīng)定律，可得導(dǎo)線框P中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢為：，再由歐姆定律得，P中產(chǎn)生的感應(yīng)電流為：I=0.01 （A），由楞次定律，得電流的方向是順時(shí)針方向，故C正確，ABD錯(cuò)誤；故選C?！军c(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求解感應(yīng)電動(dòng)勢，然后根據(jù)歐姆定律求解感應(yīng)電流2.在如圖所示的電路中，線圈中的自感系數(shù)很大，且其直流電阻可以忽略不計(jì)D1和D2是兩個(gè)完全相同的小燈泡，在開關(guān)S的閉合和斷開的過程中（燈絲不會(huì)斷），D1和D2亮度的變化情況是（）A. S閉合，D1很亮且亮度不變，D2逐漸變亮，最后兩燈一樣亮；S斷開，D2立即滅，D1逐漸變亮B. S閉合，D1不亮，D2很亮；S斷開，D2立即滅C. S閉合，D1和D2同時(shí)亮，而后D1滅，D2亮度不變：S斷開，D2立即滅，D1亮一下才滅D. S閉合，D1和D2同時(shí)亮，后D1逐漸熄滅，D2則逐漸變得更亮；S斷開，D2立即滅，D1亮一下后才滅【答案】D【解析】【詳解】S閉合瞬間，兩燈同時(shí)獲得電壓，同時(shí)發(fā)光，隨著線圈L電流的增加，逐漸將D1燈短路，D1燈熄滅，而外電阻減小，流過D2燈變亮；S斷開時(shí)，線圈與D1組成閉合回路，D2燈立即熄滅。線圈L中的電流開始減小，產(chǎn)生自感電動(dòng)勢，相當(dāng)于電源，使D1亮一下再慢慢熄滅。故ABC錯(cuò)誤，D正確。故選D?！军c(diǎn)睛】對于線圈要抓住雙重特性：當(dāng)電流不變時(shí)，它是電阻不計(jì)的導(dǎo)線；當(dāng)電流變化時(shí)，產(chǎn)生自感電動(dòng)勢，相當(dāng)于電源3.一閉合線圈固定在垂直紙面的勻強(qiáng)磁場中，設(shè)垂直紙面向里為磁感應(yīng)強(qiáng)度B的正方向，圖中箭頭為感應(yīng)電流I的正方向，如圖甲所示已知線圈中的感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象如圖乙所示，則磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化的圖象可能是圖中的哪幾幅（）A. A B. B C. C D. D【答案】C【解析】【詳解】由甲知：線圈中順時(shí)針方向的感應(yīng)電流為正，垂直紙面向里的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向?yàn)檎?，則由乙可知：線圈中在前0.5s內(nèi)產(chǎn)生了逆時(shí)針方向的感應(yīng)電流，由楞次定律可得：當(dāng)磁通量增加時(shí)，感應(yīng)磁場方向與原磁場方向相反；當(dāng)磁通量減小時(shí)，感應(yīng)磁場方向與原磁場方向相同。A圖中，在前0.5s內(nèi)由乙圖根據(jù)楞次定律可知，若磁場方向垂直向里（正方向）時(shí)，必須是磁場增強(qiáng)的；若磁場方向垂直向外（負(fù)方向）時(shí)，必須是磁場均勻減弱的。而在0.5s-1.5s，若磁場方向垂直向里（正方向）時(shí)，必須是磁場減弱的；若磁場方向垂直向外（負(fù)方向）時(shí)，必須是磁場均勻增加的。所以A選項(xiàng)錯(cuò)誤；B圖中，在前0.5s內(nèi)，若磁場方向垂直向里（正方向）時(shí)，必須是磁場增強(qiáng)的；若磁場方向垂直向外（負(fù)方向）時(shí)，必須是磁場減弱的。而在0.5s-1.5s，由感應(yīng)電流方向，結(jié)合楞次定律可得：若磁場方向垂直向里（正方向）時(shí)，必須是磁場減弱的；若磁場方向垂直向外（負(fù)方向）時(shí)，必須是磁場增加的。故B錯(cuò)誤；C圖中，在前0.5s內(nèi)由乙圖根據(jù)楞次定律可知，若磁場方向垂直向里（正方向）時(shí)，必須是磁場增強(qiáng)的；若磁場方向垂直向外（負(fù)方向）時(shí)，必須是磁場減弱的。而在0.5s-1.5s，若磁場方向垂直向里（正方向）時(shí)，必須是磁場減弱的；若磁場方向垂直向外（負(fù)方向）時(shí)，必須是磁場增加的。所以C正確；由C選項(xiàng)分析可知，0.5s-1.0s，不符合電流圖象，故D錯(cuò)誤；故選C?！军c(diǎn)睛】本題考查法拉第電磁感應(yīng)定律的圖象應(yīng)用，要注意正確掌握楞次定律的應(yīng)用，同時(shí)要注意正確分析圖象的性質(zhì)，能正確應(yīng)用排除法進(jìn)行分析4.李輝用多用表的歐姆檔測量一個(gè)變壓器線圈的電阻，以判斷它是否斷路劉偉為了使李輝操作方便，用兩手分別握住線圈裸露的兩端讓李輝測量已知?dú)W姆檔電源電動(dòng)勢1.5V，電流約3mA流經(jīng)變壓器線圈，劉偉的人體電阻約100K則當(dāng)李輝把多用表的表筆與被測線圈脫離時(shí)，劉偉兩手間的最大電壓約為（）A. 1.5V B. 300V C. 150V D. 不能確定【答案】B【解析】【詳解】已知?dú)W姆檔電源電動(dòng)勢1.5V，電流約3mA流經(jīng)變壓器線圈，劉偉的人體電阻約100K。在電流變化時(shí)線圈才會(huì)產(chǎn)生自感電動(dòng)勢回路接通的狀態(tài)時(shí)回路中電流不變化，線圈兩端不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢，當(dāng)回路斷開時(shí)電流要立即減小到零但由于線圈的自感現(xiàn)象會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢，則當(dāng)李輝把多用表的表筆與被測線圈脫離時(shí)，劉偉兩手間的最大電壓約為U=IR=0.003×100000=300V，故選B?！军c(diǎn)睛】本題考查了自感電動(dòng)勢產(chǎn)生的條件，要知道歐姆表測電阻時(shí)，電流是很小的；當(dāng)電流變化時(shí)線圈才會(huì)產(chǎn)生較大的自感電動(dòng)勢5.如右圖所示，兩個(gè)相鄰的勻強(qiáng)磁場，寬度均為L，方向垂直紙面向外，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為B、2B.邊長為L的正方形線框從位置甲勻速穿過兩個(gè)磁場到位置乙，規(guī)定感應(yīng)電流逆時(shí)針方向?yàn)檎?，則感應(yīng)電流i隨時(shí)間t變化的圖象是()A. B. C. D. 【答案】D【解析】金屬棒剛進(jìn)入磁場切割產(chǎn)生電動(dòng)勢，右手定則判斷出感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，所以電流為負(fù)值，此時(shí)的電流： ； 當(dāng)線框剛進(jìn)入第二個(gè)磁場時(shí)，則右側(cè)金屬棒切割磁感線產(chǎn)生的電動(dòng)勢，從而產(chǎn)生感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針方向，左側(cè)金屬棒產(chǎn)生的電動(dòng)勢，所產(chǎn)生感應(yīng)電流為逆時(shí)針方向，由于右側(cè)磁場強(qiáng)度為2I，則產(chǎn)生電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針，即電流值為負(fù)值，且此時(shí)電流： ，當(dāng)線圈開始離開第二個(gè)磁場時(shí)，由右手定則可知，電流為逆時(shí)針，大小為2I，故ABC錯(cuò)誤，D正確6.如圖，在水平面內(nèi)有四根相同的均勻光滑金屬桿ab、ac、de以及df，其中ab、ac在a點(diǎn)固定，de、df在d點(diǎn)固連，分別構(gòu)成兩個(gè)“V”字型導(dǎo)軌，空間中存在垂直于水平面的勻強(qiáng)磁場，用力使導(dǎo)軌edf勻速向右運(yùn)動(dòng)，從圖示位置開始計(jì)時(shí)，運(yùn)動(dòng)過程中兩導(dǎo)軌的角平分線始終重合，導(dǎo)軌間接觸始終良好，下列物理量隨時(shí)間的變化關(guān)系正確的是（）A. B. C. D. 【答案】ABC【解析】試題分析：設(shè)，剛開始時(shí)切割有效長度的一半為，則產(chǎn)生的電動(dòng)勢，設(shè)單位長度金屬桿的電阻為r，則，隨時(shí)間均勻增大，C正確，電流恒定，D錯(cuò)誤；根據(jù)可知，I恒定，所以F隨時(shí)間均勻增大，A正確；克服安培力做功等于回路中產(chǎn)生的熱量，根據(jù)，可知，B正確；考點(diǎn)：考查了電磁感應(yīng)與圖像【名師點(diǎn)睛】關(guān)于電磁感應(yīng)問題，特別是圖象問題，不能憑想當(dāng)然，最好是通過閉合電路歐姆定律找出關(guān)系式7.如圖所示，一電子以初速v沿與金屬板平行的方向飛入兩板間，在下列哪幾種情況下，電子將向M板偏轉(zhuǎn)？（）A. 開關(guān)S接通瞬間B. 斷開開關(guān)S的瞬間C. 接通S后，變阻器的滑動(dòng)觸頭向右迅速滑動(dòng)時(shí)D. 接通S后，變阻器的滑動(dòng)觸頭向左迅速滑動(dòng)時(shí)【答案】AD【解析】【詳解】由安培定則得下方的電流產(chǎn)生的磁場的方向N極向上，S向下；開關(guān)K接通瞬間，穿過線圈的磁通量增加，由楞次定律知在上線圈中感應(yīng)出上正下負(fù)的電動(dòng)勢，電子向M板偏轉(zhuǎn)，A正確；斷開開關(guān)K瞬間，穿過線圈的磁通量減少，由楞次定律知在上線圈中感應(yīng)出上負(fù)下正的電動(dòng)勢，電子向N板偏轉(zhuǎn)，B錯(cuò)誤；接通K后，變阻器滑動(dòng)觸頭向右迅速滑動(dòng)，電阻增大，電流減小，穿過線圈的磁通量減少，由楞次定律知在上線圈中感應(yīng)出上負(fù)下正的電動(dòng)勢，電子向N板偏振，C錯(cuò)誤；接通K后，變阻器滑動(dòng)觸頭向左迅速滑動(dòng)，電阻減小，電流增大，穿過線圈的磁通量增加，由楞次定律知在上線圈中感應(yīng)出上正下負(fù)的電動(dòng)勢，電子向M板偏振，D正確；故選AD。8.如圖所示，一質(zhì)量為m1=0.1kg的小燈泡通過雙股柔軟輕質(zhì)導(dǎo)線與一質(zhì)量為m2=0.3kg的正方形線框連接成閉合回路（圖中用單股導(dǎo)線表示），已知線框匝數(shù)為N=10匝，總電阻為r=1，線框正下方h=0.4m處有一水平方向的有界勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=1T，磁場寬度與線框邊長均為L=0.2m，忽略所有摩擦阻力及導(dǎo)線電阻，現(xiàn)由靜止釋放線框，當(dāng)線框下邊進(jìn)入磁場的瞬間，加速度恰好為零，且小燈泡正常發(fā)光，g取10m/s2則（）A. 小燈泡的電阻R=3B. 線框下邊進(jìn)入磁場的瞬間，小燈泡的速度v=3m/sC. 在線框進(jìn)入磁場區(qū)域的過程中，通過小燈泡的電荷量q=0.2CD. 在線框穿過磁場區(qū)域的過程中，小燈泡消耗的電能ER=0.8J【答案】AC【解析】試題分析：線框進(jìn)入磁場前，整個(gè)系統(tǒng)機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得：m2gh-m1gh=（m1+m2）v2，代入數(shù)據(jù)解得：v=2m/s；選項(xiàng)B錯(cuò)誤；線框勻速下落的過程中，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢為：E=NBLv，線框受到的安培力：，對線框，由平衡條件得：，解得燈泡電阻為：R=3；選項(xiàng)A正確；線框勻速下落的高度為2L，由能量守恒定律得系統(tǒng)消耗的電能為：E電=2（m2-m1）gL，消耗在小燈泡上的電能為：，解得：ER=06J，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；通過小燈泡的電荷量為：，代入數(shù)據(jù)解得：q=02C；選項(xiàng)C正確；故選AC考點(diǎn)：法拉第電磁感應(yīng)定律；能量守恒定律；【名師點(diǎn)睛】本題是一道電磁感應(yīng)與電路相結(jié)合的綜合題，分析清楚線框運(yùn)動(dòng)過程，應(yīng)用機(jī)械能守恒定律、E=BLv、歐姆定律、平衡條件、能量守恒定律、電流定義式即可正確解題。9.如圖甲所示，位于豎直面內(nèi)的兩金屬導(dǎo)軌平行且處在勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直于導(dǎo)軌平面導(dǎo)軌的一端與一電阻R相連，具有一定質(zhì)量的金屬桿ab放在導(dǎo)軌上且接觸良好并與導(dǎo)軌垂直，導(dǎo)軌上有支撐水平金屬桿的套環(huán)，使金屬桿始終保持靜止當(dāng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t按如圖乙所示變化時(shí)（規(guī)定垂直紙面向里的磁場方向?yàn)檎?，若?guī)定套環(huán)對金屬桿的支持力向上為正，則如圖所示反映金屬桿所受的支持力F隨時(shí)間t變化和電阻R的發(fā)熱功率P隨時(shí)間t變化的圖線可能正確的是（）A. B. C. D. 【答案】AC【解析】【詳解】在0-0.5s內(nèi)，B均勻增大，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，回路中產(chǎn)生恒定的感應(yīng)電動(dòng)勢：，根據(jù)楞次定律判斷得知，ab中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向沿ba，為負(fù)方向。感應(yīng)電流的大小為，ab棒所受的安培力大小為FA1=BI1L=（B0+2B0t），方向向左，則拉力大小為F1=FA1=（B0+2B0t），方向向右，為正方向；在0.5-1s內(nèi)，B不變，穿過回路的磁通量不變，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，安培力和拉力均為零；在1-2s內(nèi)，B均勻減小，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，回路中產(chǎn)生恒定的感應(yīng)電動(dòng)勢：，根據(jù)楞次定律判斷得知，ab中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向沿ab，為正方向。感應(yīng)電流的大小為，ab棒所受的安培力大小為FA2=BI2L=2B0-4B0（t-1）= （6B0-4B0t），方向向右，則拉力大小為F2=FA2=（6B0-4B0t），方向向左，為負(fù)方向；故知A正確。有前面分析的電流大小，結(jié)合功率公式：P=I2R知，C圖象正確；故選AC。10.如圖甲所示，abcd是位于豎直平面內(nèi)的正方形閉合金屬線圈，在金屬線圈的下方有一磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場區(qū)域，MN和MN是勻強(qiáng)磁場區(qū)域的水平邊界，邊界的寬度為S，并與線框的bc邊平行，磁場方向與線框平面垂直現(xiàn)讓金屬線框由距MN的某一高度從靜止開始下落，圖乙是金屬線框由開始下落到完全穿過勻強(qiáng)磁場區(qū)域的vt圖象（其中OA、BC、DE相互平行）已知金屬線框的邊長為L（LS）、質(zhì)量為m，電阻為R，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間，圖象中坐標(biāo)軸上所標(biāo)出的字母v1、v2、t1、t2、t3、t4均為已知量（下落過程中bc邊始終水平）根據(jù)題中所給條件，以下說法正確的是（）A. t2是線框全部進(jìn)入磁場瞬間，t4是線框全部離開磁場瞬間B. 從bc邊進(jìn)入磁場起一直到ad邊離開磁場為止，感應(yīng)電流所做的功為mgSC. v1的大小可能為D. 線框穿出磁場過程中流經(jīng)線框橫截面的電荷量比線框進(jìn)入磁場過程中流經(jīng)框橫截面的電荷量多【答案】AC【解析】金屬線框進(jìn)入磁場之前，做自由落體運(yùn)動(dòng)，下邊進(jìn)入磁場切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢和感應(yīng)電流，下邊受到向上的安培力作用，做加速度減少的減速運(yùn)動(dòng)；導(dǎo)線框完全進(jìn)入磁場中，導(dǎo)線框中磁通量不變，不產(chǎn)生感應(yīng)電流，導(dǎo)線框不受安培力作用，受重力，做勻加速運(yùn)動(dòng)；導(dǎo)線框下邊開始出磁場時(shí)，上邊切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢和感應(yīng)電流，上邊受到向上的安培力作用，導(dǎo)線框做減速運(yùn)動(dòng)全部離開后，以加速度g做勻加速運(yùn)動(dòng)所以A正確；從bc邊進(jìn)入磁場起一直到ad邊離開磁場為止，B錯(cuò)誤；當(dāng)恰受力平衡時(shí)，解得，即有可能，C正確； ，進(jìn)入和離開相同，所以q相同，D錯(cuò)誤故選AC.點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵通過圖線理清線框在整個(gè)過程中的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合動(dòng)能定理、共點(diǎn)力平衡進(jìn)行求解，掌握電量的經(jīng)驗(yàn)表達(dá)式，并能靈活運(yùn)用.11.下列說法正確的是（）A. 法拉第第一次提出了用電場線的概念來描述電場B. 磁場的基本性質(zhì)是對放在其中的電荷有力的作用C. 金屬圓盤在如圖甲的磁極間旋轉(zhuǎn)時(shí)，會(huì)受到磁場力的阻礙作用D. 金屬塊放到如圖乙的“高頻爐”中，鍋中金屬就可以熔化，這是因?yàn)榫€圈中的高頻交流電產(chǎn)生高頻微波輻射，深入到金屬內(nèi)部，產(chǎn)生熱量【答案】AC【解析】【詳解】法拉第提出了場的概念，并用電場線和磁感線形象地描述電場和磁場，故A正確；電場的基本性質(zhì)是對放在其中的電荷有力的作用，故B錯(cuò)誤；金屬圓盤在如圖甲的磁極間旋轉(zhuǎn)時(shí)，會(huì)受到磁場力的阻礙作用，是電磁阻尼，故C正確；金屬塊放到如圖乙的“高頻爐”中，鍋中金屬就可以熔化，這是因?yàn)榻饘賶K中產(chǎn)生了渦電流，故D錯(cuò)誤；故選AC?！军c(diǎn)睛】法拉第第一次提出了用電場線的概念來描述電場，總結(jié)了電磁感應(yīng)的規(guī)律，渦流和電磁阻尼都是電磁感應(yīng)現(xiàn)象12.如圖所示是稱為阻尼擺的示意圖，在輕質(zhì)桿上固定一金屬薄片，輕質(zhì)桿可繞上端O點(diǎn)軸在豎直面內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)，一水平有界磁場垂直于金屬薄片所在的平面使擺從圖中實(shí)線位置釋放，擺很快就會(huì)停止擺動(dòng)；若將擺改成梳齒狀，還是從同一位置釋放，擺會(huì)擺動(dòng)較長的時(shí)間試定性分析其原因【答案】見解析【解析】第一種情況下，阻尼擺進(jìn)入有界磁場后，在擺中會(huì)形成渦流，渦流受磁場的阻礙作用，會(huì)很快停下來；第二種情況下，將金屬擺改成梳齒狀，阻斷了渦流形成的回路，從而減弱了渦流，受到的阻礙會(huì)比先前小得多，所以會(huì)擺動(dòng)較長的時(shí)間13. 如圖所示，導(dǎo)線全部為裸導(dǎo)線，半徑為r的圓內(nèi)有垂直于平面的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，一根長度大于2r的導(dǎo)線MN以速度v在圓環(huán)上無摩擦地自左向右勻速滑動(dòng)，電路的固定電阻為R其余電阻忽略不計(jì)試求MN從圓環(huán)的左端到右端的過程中電阻R上的電流強(qiáng)度的平均值及通過的電荷量【答案】 【解析】試題分析：由于B·SB·r2，完成這一變化所用的時(shí)間故所以電阻R上的電流強(qiáng)度平均值為通過R的電荷量為考點(diǎn)：法拉第電磁感應(yīng)定律；電量14.如圖所示，一正方形線圈從某一高度自由下落，恰好勻速進(jìn)入其下方的勻強(qiáng)磁場區(qū)域已知正方形線圈質(zhì)量為m=0.1kg，邊長為L=1m，電阻為R=4，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=1T，高度為2L，取g=10m/s2求：（1）線圈進(jìn)入磁場時(shí)回路產(chǎn)生的感應(yīng)電流I1的大小和方向（2）線圈離磁場的高度（3）線圈下邊緣cd剛離開磁場時(shí)線圈的加速度大小及方向（4）若線圈在離開磁場前就已經(jīng)勻速運(yùn)動(dòng)，則線圈在離開磁場過程中產(chǎn)生的熱量【答案】（1）1A，方向?yàn)槟鏁r(shí)針（2）0.8m（3）5m/s2，方向向上（4）2J【解析】【詳解】（1）線框進(jìn)入磁場時(shí)恰好勻速運(yùn)動(dòng)，重力和安培力平衡，則得 BI1L=mg可得 由楞次定律判斷知，I1的方向沿逆時(shí)針（2）線框進(jìn)入磁場時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢 E=I1R=1×4V=4V由E=BLv1得：由v12=2gH得（3）線框完全在磁場中下落的高度：h=2L-L=1m線框完全在磁場中磁通量不變，不產(chǎn)生感應(yīng)電流，不受安培力，所以線框做加速度為g的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，線框下邊cd將要出磁場時(shí)的速率為： 線框下邊剛離開磁場時(shí)感應(yīng)電流的大小根據(jù)牛頓第二定律得：mg-BI2L=ma可得線圈的加速度 a=g-=-5m/s2，負(fù)號表示加速度方向向上（4）若線圈在離開磁場前就已經(jīng)勻速運(yùn)動(dòng)，由mg=BIL=，知v3=v1；根據(jù)能量守恒得知，線框離開磁場的過程產(chǎn)生的熱量與進(jìn)入磁場時(shí)的相等，為：Q=2mgL=2×0.1×10×1J=2J【點(diǎn)睛】本題在電磁感應(yīng)中屬于常規(guī)題，從力的角度研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象，根據(jù)受力情況分析線圈的運(yùn)動(dòng)情況，并運(yùn)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解速度運(yùn)用電磁感應(yīng)的基本規(guī)律和力學(xué)知識(shí)結(jié)合求解12