2動量、功和能基本公式1恒力做功的計算式WFlcos (是F與位移l方向的夾角)2恒力所做總功的計算W總F合lcos 或W總W1W2.3計算功率的兩個公式P或PFvcos .4動能定理W總Ek2Ek1.W總是外力所做的總功，包括自身重力所做的功5重力勢能Epmgh(h是相對于零勢能面的高度)6機械能守恒定律的三種表達方式(1)始末狀態(tài)：mgh1mvmgh2mv.(2)能量轉(zhuǎn)化：Ek(增)Ep(減)(3)研究對象：EAEB.7幾種常見的功能關(guān)系做功能量變化功能關(guān)系重力做功重力勢能變化EpWGEp彈力做功彈性勢能變化EpW彈Ep合外力做功W合動能變化EkW合Ek除重力和彈力之外其他力做功W其他機械能變化EW其他E滑動摩擦力與介質(zhì)阻力做功Ffl相對系統(tǒng)內(nèi)能變化E內(nèi)Ffl相對E內(nèi)電場力做功WABqUAB電勢能變化EpWABEp電流做功WUIt電能變化EWE8.動量：pmv.9動量定理：Ftmv2mv1.10動量守恒定律(1)理想守恒：系統(tǒng)不受外力或所受外力的合力為零，則系統(tǒng)動量守恒(2)表達式：m1v1m2v2m1v1m2v2.二級結(jié)論1判斷某力是否做功，做正功還是負功(1)F與l的夾角(恒力)(2)F與v的夾角(曲線運動的情況)(3)能量變化(兩個相聯(lián)系的物體做曲線運動的情況)2求功的途徑(1)WFlcos (恒力，定義式)(2)WPt(變力，恒定功率)(3)WEk(變力或恒力)(4)W其他E機，功能原理(5)圖象法(變力或恒力)(6)氣體做功：WpV(p氣體的壓強；V氣體的體積變化)3機車啟動類問題中的“特殊點”(1)全程最大速度的臨界點為Ff.(2)勻加速運動的最后點為Ffma；此時瞬時功率P為額定功率P額，瞬時速度v為勻加速過程的最大速度(3)在勻加速過程中的某點有Ffma1.(4)在變加速運動過程中的某點有Ffma2.4摩擦生熱：QFfl相對5“一動一靜”彈性正碰中，若兩個小球質(zhì)量相等，則碰后交換速度臨考必練1.(多選)如圖所示，擺球質(zhì)量為m，懸線的長為L，把懸線拉到水平位置后放手設(shè)在擺球從A點運動到B點的過程中空氣阻力F阻的大小不變，則下列說法正確的是()A重力做功為mgLB線的拉力做功為0C空氣阻力F阻做功為mgLD空氣阻力F阻做功為F阻L解析：小球下落過程中，重力做功為mgL，A正確；線的拉力始終與速度方向垂直，拉力做功為0，B正確；空氣阻力F阻大小不變，方向始終與速度方向相反，故空氣阻力F阻做功為F阻·L，C錯誤，D正確答案：ABD2.如圖所示，兩個完全相同的小球A、B，在同一高度處以相同大小的初速度v分別水平拋出和豎直向上拋出，下列說法正確的是()A兩小球落地時的速度相同B兩小球落地時，A球重力的瞬時功率較小C從開始運動至落地，A球重力做功較大D從開始運動至落地，重力對A小球做功的平均功率較小解析：根據(jù)機械能守恒定律得，mv2mghmv2，兩小球落地時速度大小v是相同的，但兩小球的速度方向不同，選項A錯誤；兩小球落地時，A球重力瞬時功率為mgvcos ，B球重力瞬時功率為mgv，A球重力瞬時功率小于B球重力瞬時功率，選項B正確；從開始運動到落地，兩球重力做功都是mgh，是相等的，選項C錯誤；從開始運動到落地，兩球重力做功相等，A球下落時間較短，重力對A球做功的平均功率較大，選項D錯誤答案：B3.(多選)如圖所示，質(zhì)量為M的小車原來靜止在光滑水平面上，小車A端固定一根輕彈簧，彈簧的另一端放置一質(zhì)量為m的物體C，小車底部光滑，開始讓彈簧處于壓縮狀態(tài)，當彈簧釋放后，物體C被彈出向小車B端運動，最后與B端粘在一起，下列說法中正確的是()A物體離開彈簧時，小車向左運動B物體與B端粘在一起之前，小車的運動速率與物體C的運動速率之比為C物體與B端粘在一起后，小車靜止下來D物體與B端粘在一起后，小車向右運動解析：在物體離開彈簧的過程中，物體和小車組成的系統(tǒng)動量守恒，系統(tǒng)原來的總動量為零，物體向右運動，故小車向左運動，A正確；小車和物體動量大小相等，運動速率與其質(zhì)量成反比，B正確；物體與小車B端粘在一起的過程動量也守恒，二者粘在一起前的總動量為零，則粘在一起后的總動量也為零，因此小車將靜止下來，C正確，D錯誤答案：ABC4.(多選)如圖所示，光滑水平面OB與足夠長的粗糙斜面BC相接于B點，一輕彈簧左端固定于豎直墻面，右端被一質(zhì)量為m的滑塊壓縮至D點，然后由靜止釋放，滑塊脫離彈簧后經(jīng)B點滑上斜面，上升到最大高度h時靜止在斜面上重力加速度為g，以水平面OB為參考平面下列說法正確的是()A彈簧彈開滑塊的過程中，彈性勢能越來越小B彈簧對滑塊做功為W時，滑塊的動能為0.5WC滑塊在斜面上靜止時的重力勢能為mghD滑塊在斜面上運動的過程中，克服摩擦力做的功為mgh解析：彈簧彈開滑塊的過程中，彈簧的壓縮量越來越小，故彈簧的彈性勢能越來越小，A正確；彈簧對滑塊做功為W時，對滑塊，由動能定理可知，滑塊的動能為W，B錯誤；滑塊在斜面上靜止時，離OB面的高度為h，以水平面OB為參考平面，則滑塊的重力勢能為mgh，C正確；對滑塊在斜面上運動的過程，由功能關(guān)系有mghWfmv，解得滑塊克服摩擦力做的功Wfmvmgh，D錯誤答案：AC5質(zhì)量為m的汽車在平直公路上行駛，阻力恒為車重力的k倍當它以加速度a加速前進，速度達到v時，發(fā)動機的實際功率剛好達到額定功率，從此時開始，發(fā)動機功率保持不變，已知重力加速度大小為g，則()A汽車發(fā)動機的額定功率為kmgvB汽車行駛的最大速度為C當汽車的加速度減小為時，速度增大到2vD發(fā)動機以額定功率工作后，汽車的牽引力不再變化解析：汽車加速度為a時，設(shè)牽引力為F，由牛頓第二定律有Fkmgma，解得Fkmgma，當速度達到v時汽車的功率P(kmgma)v，由題意知，此時汽車功率等于額定功率，A項錯誤；汽車保持功率不變，達到最大速度時，汽車加速度為零，即P額kmgvm(kmgma)v，解得vm，B項正確；當汽車加速度減小為時，F(xiàn)kmgm·，解得此時牽引力Fkmgm·，并非F的一半，故速度一定不是2v，C項錯誤；汽車功率不變，速度增大，牽引力不斷減小，速度達到最大后，牽引力不再變化，D項錯誤答案：B6.如圖所示，一半圓形碗的邊緣上裝有一定滑輪，滑輪兩邊通過一不可伸長的輕質(zhì)細線掛著兩個小物體，質(zhì)量分別為m1、m2，m1>m2.現(xiàn)讓m1從靠近定滑輪處由靜止開始沿碗內(nèi)壁下滑設(shè)碗固定不動，其內(nèi)壁光滑、半徑為R，則m1滑到碗最低點時的速度為()A2 B. C. D2 解析：設(shè)當m1到達碗最低點時速率為v1，此時m2的速率為v2，則有v1cos 45°v2，由機械能守恒定律得m1gRm2g·Rm1vm2v，解得v12 ，D正確答案：D7.如圖所示，AOB是光滑水平軌道，BC是半徑為R的光滑固定圓弧軌道，兩軌道恰好相切，質(zhì)量為M的小木塊靜止在O點，一個質(zhì)量為m的子彈以初速度v0水平向右快速射入小木塊內(nèi)，并留在其中和小木塊一起運動，且恰能到達圓弧軌道的最高點C(木塊和子彈均可以看成質(zhì)點)已知R0.4 m，m1 kg，M10 kg.(重力加速度g取10 m/s2，結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)求：(1)子彈射入木塊前的速度v0；(2)若每當小木塊上升到圓弧并返回到O點時，立即有相同的子彈射入小木塊，并留在其中，則當?shù)谌w子彈射入小木塊后，木塊速度多大？解析：(1)第一顆子彈射入木塊的過程，系統(tǒng)動量守恒，即mv0(mM)v1系統(tǒng)由O到C的運動過程中機械能守恒，即(mM)v(mM)gR聯(lián)立以上兩式解得v031 m/s.(2)由動量守恒定律可知，第二顆子彈射入木塊后，木塊的速度為0當?shù)谌w子彈射入木塊時，由動量守恒定律得mv0(3mM)v3，解得v32.4 m/s.答案：(1)31 m/s(2)2.4 m/s8.如圖所示，在某豎直面內(nèi)，光滑曲面AB與水平面BC平滑連接于B點，BC右端連接內(nèi)壁光滑、半徑為r的細圓管CD，管口D端正下方直立一根勁度系數(shù)為k的輕彈簧，輕彈簧一端固定，另一端恰好與管口D端平齊質(zhì)量為m的滑塊在曲面上距BC高度為2r處由靜止開始下滑，滑塊與BC間的動摩擦因數(shù)，進入管口C端時與圓管恰好無作用力，通過CD后壓縮彈簧，在壓縮彈簧過程中滑塊速度最大時彈簧的彈性勢能為Ep.求：(1)滑塊到達B點時的速度大小vB；(2)水平面BC的長度s；(3)在壓縮彈簧過程中滑塊的最大速度vm.解析：(1)滑塊在曲面的下滑過程，由動能定理得mg·2rmv，解得vB2.(2)在C點，滑塊與圓管之間恰無作用力，則mgm，解得vC滑塊從A點運動到C點過程，由動能定理得mg·2rmgsmv，解得s3r.(3)設(shè)在壓縮彈簧過程中速度最大時，滑塊離D端的距離為x0，此時kx0mg，解得x0滑塊由C運動到距離D端x0處的過程中，由能量守恒得mg(rx0)mvmvEp聯(lián)立解得vm .答案：(1)2(2)3r(3) 6