《2020屆高考物理二輪復(fù)習(xí) 瘋狂專(zhuān)練15 磁場(chǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)電荷的作用（含解析）》由會(huì)員分享，可在線(xiàn)閱讀，更多相關(guān)《2020屆高考物理二輪復(fù)習(xí) 瘋狂專(zhuān)練15 磁場(chǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)電荷的作用（含解析）（11頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、磁場(chǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)電荷的作用 專(zhuān)練十五 磁場(chǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)電荷的作用 一、考點(diǎn)內(nèi)容 (1)洛倫茲力、洛倫茲力的方向；(2)洛倫茲力公式、洛倫茲力作用下的有界磁場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)運(yùn)動(dòng)；(3)帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)、時(shí)間、半徑及軌跡判定等。 二、考點(diǎn)突破 1．質(zhì)量和電量都相等的帶電粒子M和N，以不同的速率經(jīng)小孔S垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，運(yùn)行的半圓軌跡如圖中虛線(xiàn)所示，下列表述正確的是(　　) A．M帶負(fù)電，N帶正電 B．M的速率小于N的速率 C．洛倫茲力對(duì)M、N做正功 D．M的運(yùn)行時(shí)間大于N的運(yùn)行時(shí)間 2．(多選)如圖所示，扇形區(qū)域AOC內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，邊界OA上有一粒子

2、源S。某一時(shí)刻，從S平行于紙面向各個(gè)方向發(fā)射出大量帶正電的同種粒子(不計(jì)粒子的重力及粒子間的相互作用)，所有粒子的初速度大小相同，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間有部分粒子從邊界OC射出磁場(chǎng)。已知∠AOC＝60°，從邊界OC射出的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間等于(T為粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期)，則從邊界OC射出的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不可能為(　　) A． B． C． D． 3．(多選)如圖所示，兩個(gè)相同的半圓形光滑絕緣軌道分別豎直放置在勻強(qiáng)電場(chǎng)E和勻強(qiáng)磁場(chǎng)B中，軌道兩端在同一高度上，兩個(gè)相同的帶正電小球a、b同時(shí)從軌道左端最高點(diǎn)由靜止釋放，在運(yùn)動(dòng)中都能通過(guò)各自軌道的最低點(diǎn)

3、M、N，則(　　) A．兩小球每次到達(dá)軌道最低點(diǎn)時(shí)的速度都有vN>vM B．兩小球每次經(jīng)過(guò)軌道最低點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力都有FN>FM C．小球b第一次到達(dá)N點(diǎn)的時(shí)刻與小球a第一次到達(dá)M點(diǎn)的時(shí)刻相同 D．小球b能到達(dá)軌道的最右端，小球a不能到達(dá)軌道的最右端 4．質(zhì)譜儀裝置原理圖如圖所示，某種帶電粒子經(jīng)電場(chǎng)加速后從小孔O以相同的速率沿紙面射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)，磁場(chǎng)方向垂直紙面向外，已知從O點(diǎn)射出的粒子有微小發(fā)散角2θ，且左右對(duì)稱(chēng)。結(jié)果所有粒子落點(diǎn)在乳膠底片的P1P2直線(xiàn)區(qū)間，下列說(shuō)法正確的是(　　) A．打在P2點(diǎn)粒子一定是從O點(diǎn)垂直板射入的粒子 B．打在P2點(diǎn)粒子一定是從O點(diǎn)右偏射入的粒

4、子 C．打在P1點(diǎn)粒子一定是從O點(diǎn)左偏射入的粒子 D．打在P1點(diǎn)粒子一定是在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間最短的粒子 5．在xOy坐標(biāo)系中，存在以O(shè)為圓心、R為半徑、垂直xOy平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。現(xiàn)從O點(diǎn)沿x軸正方向發(fā)射一初速為v的電子，通過(guò)y軸時(shí)電子的速度方向與y軸的夾角為30°。已知電子的質(zhì)量為m、電荷量為e，則 A．電子將從(0，R)點(diǎn)通過(guò)y軸 B．電子將從(0，2R)點(diǎn)通過(guò)y軸 C．電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為 D．勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為 6．(多選)如圖所示，M、N為兩塊帶等量異種電荷的平行金屬板，兩板間電壓可取從零到某一最大值之間的各種數(shù)值，靜止的帶電粒子帶電荷量為＋q，質(zhì)量為m

5、(不計(jì)重力)，從P點(diǎn)經(jīng)電場(chǎng)加速后，從小孔Q進(jìn)入N板右側(cè)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于紙面向外，CD為磁場(chǎng)邊界上的一絕緣板，它與N板的夾角為θ＝30°，孔Q到板的下端C的距離為L(zhǎng)，當(dāng)M、N兩板間電壓取最大值時(shí)，粒子恰垂直打在CD板上，則(　　) A．兩板間電壓的最大值Um＝ B．CD板上可能被粒子打中區(qū)域的長(zhǎng)度s＝L C．粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間tm＝ D．能打到N板上的粒子的最大動(dòng)能為 7．(多選)如圖，虛線(xiàn)MN上方存在方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B1，帶電粒子從邊界MN上的A點(diǎn)以速度v0垂直磁場(chǎng)方向射入磁場(chǎng)，經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后從邊界MN上的B點(diǎn)射出，若粒子經(jīng)過(guò)的區(qū)域PQ上

6、方再疊加方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B2，讓該粒子仍以速度v0從A處沿原方向射入磁場(chǎng)，經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后從邊界MN上的B′點(diǎn)射出(圖中未標(biāo)出)，不計(jì)粒子的重力，下列說(shuō)法正確的是(　　) A．B′點(diǎn)在B點(diǎn)的左側(cè) B．從B′點(diǎn)射出的速度大于從B點(diǎn)射出的速度 C．從B′點(diǎn)射出的速度方向平行于從B點(diǎn)射出的速度方向 D．從A到B′的時(shí)間等于從A到B的時(shí)間 8．如圖所示，在直角坐標(biāo)系xOy中，位于坐標(biāo)軸上的M、N、P三點(diǎn)到坐標(biāo)原點(diǎn)O的距離均為r，在第二象限內(nèi)以O(shè)1(－r，r)為圓心，r為半徑的四分之一圓形區(qū)域內(nèi)，分布著方向垂直xOy平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)?，F(xiàn)從M點(diǎn)平行xOy平面沿不同方向同時(shí)向磁場(chǎng)區(qū)域發(fā)射速

7、率均為v的相同粒子，其中沿MO1方向射入的粒子恰好從P點(diǎn)進(jìn)入第一象限。為了使M點(diǎn)射入磁場(chǎng)的粒子均匯聚于N點(diǎn)，在第一象限內(nèi)，以適當(dāng)?shù)倪^(guò)P點(diǎn)的曲線(xiàn)為邊界(圖中未畫(huà)出，且電場(chǎng)邊界曲線(xiàn)與磁場(chǎng)邊界曲線(xiàn)不同)，邊界之外的區(qū)域加上平行于y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)或垂直xOy平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，不考慮粒子間的相互作用及其重力。下列說(shuō)法正確的是 A．若OPN之外的區(qū)域加的是磁場(chǎng)，則所加磁場(chǎng)的最小面積為 B．若OPN之外的區(qū)域加的是電場(chǎng)，粒子到達(dá)N點(diǎn)時(shí)的速度最大為v C．若OPN之外的區(qū)域加的是電場(chǎng)，粒子到達(dá)N點(diǎn)時(shí)的速度方向不可能與x軸成45° D．若OPN之外的區(qū)域加的是電場(chǎng)，則邊界PN曲線(xiàn)的方程為 9．如圖所

8、示，在某個(gè)絕緣粗糙轉(zhuǎn)盤(pán)上依次放著相同材料制成的質(zhì)量都為m的三個(gè)小物塊a、b、c，三者到中軸的距離之比為1∶2∶3。其中a、b帶正電，電荷量分別是q1和q2，c不帶電，不考慮a、b之間微弱的庫(kù)侖力?？臻g中有一豎直向上大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，已知三個(gè)小物體隨著轉(zhuǎn)盤(pán)緩慢逆時(shí)針加速轉(zhuǎn)動(dòng)（俯視），某一時(shí)刻，三者一起相對(duì)轉(zhuǎn)盤(pán)滑動(dòng)（不考慮物塊對(duì)磁場(chǎng)的影響）。則下列說(shuō)法中正確的是（　?。? A．q1和q2之比為2∶1 B．q1和q2之比為4∶1 C．若考慮微弱的庫(kù)侖力，則可能是a先滑動(dòng) D．若順時(shí)針緩慢加速轉(zhuǎn)，則a、b兩個(gè)物塊中一定是b先滑動(dòng) 10．正、負(fù)電子從靜止開(kāi)始分別經(jīng)過(guò)同一回旋加速器加速后，從回旋

9、加速器D型盒的邊緣引出后注入到正負(fù)電子對(duì)撞機(jī)中。正負(fù)電子對(duì)撞機(jī)置于真空中。在對(duì)撞機(jī)中正、負(fù)電子對(duì)撞后湮滅成為兩個(gè)同頻率的光子。回旋加速器D型盒中勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0，回旋加速器的半徑為R，加速電壓為U；D型盒縫隙間的距離很小，帶電粒子穿過(guò)的時(shí)間可以忽略不計(jì)。電子的質(zhì)量為m、電量為e，重力不計(jì)。真空中的光速為c，普朗克常量為h。 (1)求正、負(fù)電子進(jìn)入對(duì)撞機(jī)時(shí)分別具有的能量E及正、負(fù)電子對(duì)撞湮滅后產(chǎn)生的光子的頻率v； (2)求從開(kāi)始經(jīng)回旋加速器加速到獲得最大能量的過(guò)程中，D型盒間的電場(chǎng)對(duì)電子做功的平均功率； (3)圖甲為正負(fù)電子對(duì)撞機(jī)的最后部分的簡(jiǎn)化示意圖。位于水平面的粗實(shí)線(xiàn)所示的圓

10、環(huán)真空管道是正、負(fù)電子做圓周運(yùn)動(dòng)的“容器”，正、負(fù)電子沿管道向相反的方向運(yùn)動(dòng)，在管道內(nèi)控制它們轉(zhuǎn)變的是一系列圓形電磁鐵。即圖中的A1、A2、A3……An共有n個(gè)，均勻分布在整個(gè)圓環(huán)上。每個(gè)電磁鐵內(nèi)的磁場(chǎng)都是勻強(qiáng)磁場(chǎng)，并且磁感應(yīng)強(qiáng)度都相同，方向豎直向下。磁場(chǎng)區(qū)域的直徑為d。改變電磁鐵內(nèi)電流大小，就可以改變磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度，從而改變電子偏轉(zhuǎn)的角度。經(jīng)過(guò)精確調(diào)整，首先實(shí)現(xiàn)電子在環(huán)形管道中沿圖甲中粗虛線(xiàn)所示的軌道運(yùn)動(dòng)，這時(shí)電子經(jīng)過(guò)每個(gè)電磁鐵時(shí)射入點(diǎn)和射出點(diǎn)都在電磁鐵的同一直徑的兩端，如圖乙所示。這就為進(jìn)一步實(shí)現(xiàn)正、負(fù)電子的對(duì)撞做好了準(zhǔn)備。求電磁鐵內(nèi)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B大小。

11、 11．邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的等邊三角形OAB區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。在紙面內(nèi)從O點(diǎn)向磁場(chǎng)區(qū)域AOB各個(gè)方向瞬時(shí)射入質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的粒子，所有粒子的速率均為v。如圖所示，沿OB方向射入的粒子從AB邊的中點(diǎn)C射出，不計(jì)粒子之間的相互作用和重力的影響，已知sin 35°≈0.577。求： (1)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大??； (2)帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間； (3)沿OB方向射入的粒子從AB邊的中點(diǎn)C射出時(shí)，還在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的粒子占所有粒子的比例。 12．如圖所示，在O≤x≤a、O≤y≤范圍內(nèi)有垂直于xOy平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感

12、應(yīng)強(qiáng)度大小為B。坐標(biāo)原點(diǎn)O處有一個(gè)粒子源，在某時(shí)刻發(fā)射大量質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子，它們的速度大小相同，速度方向均在xOy平面內(nèi)，與y軸正方向的夾角分布在0～90°范圍內(nèi)。已知粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑介于到a之間，從發(fā)射粒子到粒子全部離開(kāi)磁場(chǎng)經(jīng)歷的時(shí)間恰好為粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)周期的四分之一。求最后離開(kāi)磁場(chǎng)的粒子從粒子源射出時(shí)的： (1)速度的大?。? (2)速度方向與y軸正方向夾角的正弦。 答案 二、考點(diǎn)突破 1．【答案】A 【解析】由左手定則可知M帶負(fù)電，N帶正電，故

13、A選項(xiàng)正確。由qvB＝m得R＝，由題意可知兩個(gè)帶電粒子的質(zhì)量和電量都相等，又進(jìn)入到同一個(gè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，由題圖可知RN

14、出射點(diǎn)D與S點(diǎn)的連線(xiàn)垂直于OA時(shí)，DS弦最長(zhǎng)，軌跡所對(duì)的圓心角最大，周期一定，則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最長(zhǎng)。由此得到：軌跡半徑為R＝d，當(dāng)出射點(diǎn)E與S點(diǎn)的連線(xiàn)垂直于OC時(shí)，弦ES最短，軌跡所對(duì)的圓心角最小，則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最短。則：SE＝d，由幾何知識(shí)，得θ＝ 60°，最短時(shí)間：tmin＝。所以粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間范圍為T(mén)≤t≤，故不可能的是A、B。 3．【答案】AD 【解析】到M點(diǎn)的過(guò)程中重力做正功，電場(chǎng)力做負(fù)功，到達(dá)N點(diǎn)時(shí)只有重力做正功，因能量守恒，所以vN>vM，故A項(xiàng)正確；對(duì)M點(diǎn)，F(xiàn)M＝mg＋m。對(duì)N點(diǎn)，F(xiàn)N＝mg＋m±F洛，可以看出無(wú)法確定FN與FM的大小關(guān)系，故B項(xiàng)錯(cuò)誤

15、；電場(chǎng)力沿軌道切線(xiàn)分量減小了小球a的下滑速度，故C項(xiàng)錯(cuò)誤；b向右運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能守恒，能到最右端，a向右運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能減小，不能到最右端，故D項(xiàng)正確。 4．【答案】A 【解析】粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫磁力提供向心力，則有，解得，由于粒子的速率相同，所以在粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑相同，由幾何關(guān)系可得粒子在乳膠底片落點(diǎn)與O點(diǎn)的距離為，當(dāng)發(fā)散角θ＝0時(shí)，粒子在乳膠底片落點(diǎn)與O點(diǎn)的距離最大，即打在P2點(diǎn)粒子一定是從O點(diǎn)垂直板射入的粒子，當(dāng)發(fā)散角θ最大時(shí)，粒子在乳膠底片落點(diǎn)與O點(diǎn)的距離最小，即打在P1點(diǎn)的粒子一定是從O點(diǎn)左偏發(fā)散角θ最大或右偏發(fā)散角θ最大射入的粒子，從O點(diǎn)右偏發(fā)散角θ最大射

16、入的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)對(duì)應(yīng)的圓心角最小，從O點(diǎn)左偏發(fā)散角θ最大射入的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)對(duì)應(yīng)的圓心角最大，根據(jù)可知從O點(diǎn)右偏發(fā)散角θ最大射入的粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間最短，從O點(diǎn)左偏發(fā)散角θ最大射入的粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)，故選項(xiàng)A正確，B、C、D錯(cuò)誤。 5．【答案】AD 【解析】粒子在磁場(chǎng)中受到洛倫茲力作用做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，由圖中幾何關(guān)系得，又，解得，故D正確；圖中OA的長(zhǎng)度即圓形磁場(chǎng)區(qū)的半徑R，由圖中幾何關(guān)系可得，故通過(guò)y軸的坐標(biāo)為(0，R)，故A正確，B錯(cuò)誤；粒子對(duì)應(yīng)的圓弧是整個(gè)圓的，因此粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，故C錯(cuò)誤。 6．【答案】BCD 【解析】M、N兩板間電壓取最大值時(shí)，粒子

17、恰垂直打在CD板上，所以圓心在C點(diǎn)，CH＝QC＝L，故半徑R1＝L。又因Bqv1＝m，qUm＝mv，所以Um＝，所以A錯(cuò)誤；設(shè)軌跡與CD板相切于K點(diǎn)時(shí)，半徑為R2，在△AKC中，sin30°＝＝，所以R2＝，CK長(zhǎng)為R2＝L，所以CD板上可能被粒子打中的區(qū)域即為HK的長(zhǎng)度，s＝L－＝L，故B正確；打在QE間的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最長(zhǎng)，為半周期，T＝，所以tm＝，C正確；粒子能打到N板上的臨界條件是軌跡與CD相切，由B選項(xiàng)知，r＝，vm＝，則粒子的最大動(dòng)能Ekm＝，故D正確。 7．【答案】AC 【解析】粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力對(duì)運(yùn)動(dòng)電荷不做功，所以粒子的速度大小不變，故B錯(cuò)誤；根據(jù)洛

18、倫茲力提供向心力qvB＝m，得r＝，所以疊加磁場(chǎng)后帶電粒子在PQ上方做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑變小，根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡圖結(jié)合幾何知識(shí)，粒子從PQ上方穿出的速度方向不變，因此B′點(diǎn)在B點(diǎn)的左側(cè)，從B′點(diǎn)射出的速度方向平行于從B點(diǎn)射出的速度方向，故A、C正確；兩種情況下粒子在PQ上方轉(zhuǎn)過(guò)的角度相同，由T＝＝可知，疊加磁場(chǎng)后粒子在PQ上方的運(yùn)動(dòng)時(shí)間變短，而P點(diǎn)之前和Q點(diǎn)之后的運(yùn)動(dòng)時(shí)間不變，所以從A到B′的時(shí)間小于從A到B的時(shí)間，故D錯(cuò)誤。 8．【答案】ABD 【解析】由題意知，沿MO1方向射入的粒子恰好從P點(diǎn)進(jìn)入第一象限，軌跡為圓弧，速度方向水平向右（沿x軸正方向），由幾何關(guān)系知軌跡半徑等于圓形磁場(chǎng)半徑，作

19、出由粒子軌跡圓的圓心、磁場(chǎng)圓的圓心以及出射點(diǎn)、入射點(diǎn)四點(diǎn)組成的四邊形為菱形，且所有從M點(diǎn)入射粒子進(jìn)入第一象限速度方向相同，即均沿+x方向進(jìn)入第一象限，為了使M點(diǎn)射入磁場(chǎng)的粒子均匯聚于N點(diǎn)，OPN之外的區(qū)域加的是磁場(chǎng)，最小的磁場(chǎng)面積為圖中陰影部分的面積，如圖所示，根據(jù)幾何關(guān)系可得所加磁場(chǎng)的最小面積為，故A正確；若OPN之外的區(qū)域加的是電場(chǎng)，粒子進(jìn)入第一象限做類(lèi)平拋，沿MO1入射的粒子到達(dá)N點(diǎn)時(shí)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)，速度最大，速度與水平方向夾角也最大，設(shè)類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，在N點(diǎn)速度與水平方向夾角為θ，則水平方向r＝vt，豎直方向r＝vyt，解得vy＝2v，vmax＝v，，又tan 45°＝1，故B正確

20、，C錯(cuò)誤；若OPN之外的區(qū)域加的是電場(chǎng)，設(shè)邊界PN曲線(xiàn)上有一點(diǎn)的坐標(biāo)為（x，y），則r－x＝vt，y＝at2，當(dāng)x＝0時(shí)y＝r，整理可得邊界PN曲線(xiàn)的方程為，故D正確。 9．【答案】BD 【解析】根據(jù)左手定則判斷得洛倫茲力水平向外，設(shè)摩擦因數(shù)為μ，a到中軸距離為l，臨界條件對(duì)c有：μmg＝mω2·3l，對(duì)b有：μmg－q2ω·2lB＝mω2·2l，對(duì)a有：μmg－q1ωlB＝mω2l，聯(lián)立得q1∶q2＝4∶1，故A錯(cuò)誤，B正確；若考慮微弱的庫(kù)侖力，則b受到a的向外的推力，b更容易失衡滑動(dòng)，故C錯(cuò)誤；若順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，洛倫茲力水平向內(nèi)，則臨界條件對(duì)于a有： q1ω1lB－μmg＝mω12l，對(duì)于

21、b有： q2ω2·2lB－μmg＝mω22·2l，由于q1和q2之比為4∶1，可得臨界角速度ω1＞ω2，所以b先滑動(dòng)，故D正確。 10．【解析】(1)正、負(fù)電子在回旋加速器中磁場(chǎng)里則有： 解得正、負(fù)電子離開(kāi)回旋加速器時(shí)的速度為： 正、負(fù)電子進(jìn)入對(duì)撞機(jī)時(shí)分別具有的能量： 正、負(fù)電子對(duì)撞湮滅時(shí)動(dòng)量守恒，能量守恒，則有： 正、負(fù)電子對(duì)撞湮滅后產(chǎn)生的光子頻率：。 (2)從開(kāi)始經(jīng)回旋加速器加速到獲得最大能量的過(guò)程，設(shè)在電場(chǎng)中加速n次，則有： 解得： 正、負(fù)電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期為： 正、負(fù)電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：。 D型盒間的電場(chǎng)對(duì)電子做功的平均功率：。 (3)設(shè)電子在勻強(qiáng)磁

22、場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r，由幾何關(guān)系可得 解得： 根據(jù)洛倫磁力提供向心力可得： 電磁鐵內(nèi)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B大?。骸? 11．【解析】(1)OC＝Lcos 30°＝L 沿OB方向射入的粒子從AB邊的中點(diǎn)C射出，由幾何知識(shí)得粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的圓弧對(duì)的圓心角為60°。 半徑r＝OC＝L 由qvB＝ 得B＝＝。 (2)從A點(diǎn)射出的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)，設(shè)弦OA對(duì)的圓心角為α，由幾何關(guān)系得 sin＝＝≈0.577，α≈70° 最長(zhǎng)時(shí)間tm≈·＝。 (3)從OA上D點(diǎn)射出的粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的弦長(zhǎng)OD＝OC，粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的圓弧對(duì)的圓心角也為60°，如圖所示，由幾何知識(shí)得入射速度與

23、OD的夾角應(yīng)為30°，即沿OC方向射入的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間與沿OB方向射入的粒子從AB邊的中點(diǎn)C射出的時(shí)間相等，從OB方向到OC方向這30°范圍內(nèi)的粒子此時(shí)都還在磁場(chǎng)中，而入射的范圍為60°，故還在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的粒子占所有粒子的比例是。 12．【解析】(1)設(shè)粒子的發(fā)射速度為v，粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為R，由牛頓第二定律和洛倫茲力公式，得： qvB＝m① 由①得：R＝② 可知半徑R為定值。因?yàn)榱Ｗ铀俣确较虿淮_定，所以粒子可能的運(yùn)動(dòng)軌跡為圖虛線(xiàn)所示過(guò)O點(diǎn)的一系列動(dòng)態(tài)圓。當(dāng)