穩(wěn)優(yōu)提優(yōu)優(yōu)練（五）1、（2019·新課標(biāo)全國卷）用卡車運(yùn)輸質(zhì)量為m的勻質(zhì)圓筒狀工件，為使工件保持固定，將其置于兩光滑斜面之間，如圖所示。兩斜面I、固定在車上，傾角分別為30°和60°。重力加速度為g。當(dāng)卡車沿平直公路勻速行駛時(shí)，圓筒對(duì)斜面I、壓力的大小分別為F1、F2，則ABCD【答案】D【解析】對(duì)圓筒進(jìn)行受力分析知圓筒處于三力平衡狀態(tài)，受力分析如圖，由幾何關(guān)系可知，。解得， 由牛頓第三定律知，故D正確2、（2019·浙江省寧波市余姚市余姚中學(xué)月考）如圖所示兩木塊A和B疊放在光滑水平面上，質(zhì)量分別為m和M，A與B之間的最大靜摩擦力為Ffm，B與勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧連接構(gòu)成彈簧振子，已知A和B在振動(dòng)過程中不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，則A速度最大時(shí)，A、B間摩擦力最大B彈簧彈力最大時(shí)，A、B間摩擦力最大C它們的振幅不能大于D它們的振幅不能大于【答案】BD【解析】A.因?yàn)锳和B在振動(dòng)過程中不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，所以加速度相同；當(dāng)速度最大時(shí)，對(duì)A分析，受力為0，故A、B間摩擦力為0，A錯(cuò)誤；B.對(duì)A、B整體受力分析，隔離A分析：，所以彈力最大時(shí)，加速度最大，A、B間摩擦力最大，B正確；CD、通過選項(xiàng)C的分析，設(shè)最大振幅為A，當(dāng)振幅最大時(shí)，彈力最大：整體分析，隔離A分析：聯(lián)立兩式得：，C錯(cuò)誤；D正確。3、（2019·江蘇卷）如圖所示，摩天輪懸掛的座艙在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)座艙的質(zhì)量為m，運(yùn)動(dòng)半徑為R，角速度大小為，重力加速度為g，則座艙A運(yùn)動(dòng)周期為B線速度的大小為RC受摩天輪作用力的大小始終為mgD所受合力的大小始終為m2R【答案】BD【解析】由于座艙做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由公式，解得：，故A錯(cuò)誤；由圓周運(yùn)動(dòng)的線速度與角速度的關(guān)系可知，故B正確；由于座艙做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所以座艙受到摩天輪的作用力是變力，不可能始終為，故C錯(cuò)誤；由勻速圓周運(yùn)動(dòng)的合力提供向心力可得：，故D正確。4、（2019黑龍江省哈爾濱市第三中學(xué)校高三三模理）如圖所示是同一衛(wèi)星繞地球飛行的三條軌道，軌道1是近地圓形軌道，2和3是變軌后的橢圓軌道。A點(diǎn)是軌道2的近地點(diǎn)，軌道1、2在A點(diǎn)相切，B點(diǎn)是軌道2的遠(yuǎn)地點(diǎn)，則下列說法中正確的是A三條軌道中，衛(wèi)星在軌道1上繞地球運(yùn)行的周期最小B衛(wèi)星在軌道1上經(jīng)過A點(diǎn)的速度大于衛(wèi)星在軌道2上經(jīng)過A點(diǎn)的速度C衛(wèi)星在軌道1上的向心加速度小于地球同步衛(wèi)星的向心加速度D衛(wèi)星在軌道3的機(jī)械能大于軌道2上的機(jī)械能【答案】AD【解析】根據(jù)開普勒行星運(yùn)動(dòng)定律第三定律可知，軌道1周期最小，A正確；根據(jù)衛(wèi)星變軌的規(guī)律可知，衛(wèi)星從低軌變?yōu)楦哕墤?yīng)加速，所以衛(wèi)星在軌道1上經(jīng)過A點(diǎn)的速度小于衛(wèi)星在軌道2上經(jīng)過A點(diǎn)的速度，B錯(cuò)誤；軌道1為近地軌道，它的軌道高度比同步衛(wèi)星軌道低，根據(jù)可知，衛(wèi)星在軌道1上的向心加速度大于地球同步衛(wèi)星的向心加速度，C錯(cuò)誤；衛(wèi)星在軌道上自行運(yùn)轉(zhuǎn)的過程中機(jī)械能是守恒的，從軌道2變?yōu)檐壍?，應(yīng)在A點(diǎn)加速，所以可知A點(diǎn)軌道3的動(dòng)能大于軌道2，勢(shì)能相等，所以衛(wèi)星在軌道3的機(jī)械能大于軌道2上的機(jī)械能，D正確。5、（2019·新課標(biāo)全國卷）從地面豎直向上拋出一物體，物體在運(yùn)動(dòng)過程中除受到重力外，還受到一大小不變、方向始終與運(yùn)動(dòng)方向相反的外力作用。距地面高度h在3 m以內(nèi)時(shí)，物體上升、下落過程中動(dòng)能Ek隨h的變化如圖所示。重力加速度取10 m/s2。該物體的質(zhì)量為A2 kgB1.5 kgC1 kgD0.5 kg【答案】C【解析】對(duì)上升過程，由動(dòng)能定理，得，即F+mg=12 N；下落過程，即N，聯(lián)立兩公式，得到m=1 kg、F=2 N?！灸割}來源三】2019年全國普通高等學(xué)校招生統(tǒng)一考試物理（新課標(biāo)全國卷）【母題原題】（2019·江蘇卷）如圖所示，輕質(zhì)彈簧的左端固定，并處于自然狀態(tài)小物塊的質(zhì)量為m，從A點(diǎn)向左沿水平地面運(yùn)動(dòng)，壓縮彈簧后被彈回，運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)恰好靜止物塊向左運(yùn)動(dòng)的最大距離為s，與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，重力加速度為g，彈簧未超出彈性限度在上述過程中A彈簧的最大彈力為mgB物塊克服摩擦力做的功為2mgsC彈簧的最大彈性勢(shì)能為mgsD物塊在A點(diǎn)的初速度為【答案】BC【解析】小物塊壓縮彈簧最短時(shí)有，故A錯(cuò)誤；全過程小物塊的路程為，所以全過程中克服摩擦力做的功為：，故B正確；小物塊從彈簧壓縮最短處到A點(diǎn)由能量守恒得：，故C正確；小物塊從A點(diǎn)返回A點(diǎn)由動(dòng)能定理得：，解得：，故D錯(cuò)誤。6、如圖所示，圓柱形的容器內(nèi)有若干個(gè)長(zhǎng)度不同、粗糙程度相同的直軌道，它們的下端均固定于容器底部圓心O，上端固定在容器側(cè)壁若相同的小球以同樣的速率，從點(diǎn)O沿各軌道同時(shí)向上運(yùn)動(dòng)對(duì)其向上運(yùn)動(dòng)過程，下列說法不正確的是()A小球動(dòng)能相等的位置在同一水平面上B小球重力勢(shì)能相等的位置不在同一水平面上C小球克服摩擦力做功相等的位置在同一水平面上D當(dāng)運(yùn)動(dòng)過程中產(chǎn)生的摩擦熱相等時(shí)，小球的位置不在同一水平面上【參考答案】ABC根據(jù)功能關(guān)系可知，克服重力做功等于重力勢(shì)能的減少量，故小球重力勢(shì)能相等的位置一定在同一水平面上，B選項(xiàng)錯(cuò)誤；設(shè)直軌道與水平面的夾角為，直軌道的水平投影為x，小球上滑的摩擦力Ffmgcos，上滑的位移L，克服摩擦力做功WFfLmgcos·mgx，即克服摩擦力做功相等的位置在同一豎直平面內(nèi)，產(chǎn)生摩擦熱相等時(shí)，小球的位置不在同一水平面上，C選項(xiàng)錯(cuò)誤，D選項(xiàng)正確；由上述分析，根據(jù)動(dòng)能定理可知，小球動(dòng)能相等的位置在同一水平面的同心圓周上，A選項(xiàng)錯(cuò)誤7、如圖所示，豎直平面內(nèi)的四分之一光滑圓弧軌道下端與光滑水平桌面相切，小滑塊B靜止在圓弧軌道的最低點(diǎn)現(xiàn)將小滑塊A從圓弧軌道的最高點(diǎn)無初速度釋放已知圓弧軌道半徑R1.8 m，小滑塊的質(zhì)量關(guān)系是mB2mA，重力加速度g10 m/s2.則碰后小滑塊B的速度大小不可能是()A5 m/s B4 m/sC3 m/s D2 m/s【參考答案】A滑塊A下滑過程，根據(jù)動(dòng)能定理可知，mAgRmAv0，解得v06 m/s.如果滑塊間發(fā)生彈性碰撞，則mAv0mAvAmBvB，mAvmAvmBv，聯(lián)立解得，vB4 m/s；如果滑塊間發(fā)生完全非彈性碰撞，mAv0(mAmB)vB，解得vB2 m/s，聯(lián)立可知，碰后小滑塊B的速度大小范圍為2 m/svB4 m/s，A選項(xiàng)錯(cuò)誤8、（2019·北京卷）如圖所示，a、b兩點(diǎn)位于以負(fù)點(diǎn)電荷Q（Q>0）為球心的球面上，c點(diǎn)在球面外，則Aa點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的大小比b點(diǎn)大Bb點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的大小比c點(diǎn)小Ca點(diǎn)電勢(shì)比b點(diǎn)高Db點(diǎn)電勢(shì)比c點(diǎn)低【答案】D【解析】由點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式確定各點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小，由點(diǎn)電荷的等勢(shì)線是以點(diǎn)電荷為球心的球面和沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低確定各點(diǎn)的電勢(shì)的高低。由點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式可知，a、b兩點(diǎn)到場(chǎng)源電荷的距離相等，所以a、b兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，故A錯(cuò)誤；由于c點(diǎn)到場(chǎng)源電荷的距離比b點(diǎn)的大，所以b點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小比c點(diǎn)的大，故B錯(cuò)誤；由于點(diǎn)電荷的等勢(shì)線是以點(diǎn)電荷為球心的球面，所以a點(diǎn)與b點(diǎn)電勢(shì)相等，負(fù)電荷的電場(chǎng)線是從無窮遠(yuǎn)處指向負(fù)點(diǎn)電荷，根據(jù)沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，所以b點(diǎn)電勢(shì)比c點(diǎn)低，故D正確。9、(多選)如圖所示，在xOy坐標(biāo)系中第一象限內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，第二象限內(nèi)的部分區(qū)域存在勻強(qiáng)電場(chǎng)一電荷量為q、質(zhì)量為m的帶電粒子，以初速度v0從P(a,0)點(diǎn)沿與x軸成45°方向射入磁場(chǎng)中，通過y軸上的N(0，a)點(diǎn)進(jìn)入第二象限后，依次通過無電場(chǎng)區(qū)域和勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū)域，到達(dá)x軸上某點(diǎn)時(shí)速度恰好為零已知該粒子從第一次通過N點(diǎn)到第二次通過N點(diǎn)所用時(shí)間為t0，粒子重力不計(jì)下列說法正確的是()A磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 B該帶電粒子自P點(diǎn)開始到第一次通過N點(diǎn)所用的時(shí)間為C該帶電粒子第一次通過無電場(chǎng)區(qū)域飛行的位移大小為aD勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為【參考答案】BD分析題意，畫出粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖所示：NP為直徑，根據(jù)幾何關(guān)系可知，Ra，洛倫茲力提供向心力，qvBm，聯(lián)立解得，B，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，圓心角為，運(yùn)動(dòng)時(shí)間t，B選項(xiàng)正確；粒子在第二象限內(nèi)，先經(jīng)過無電場(chǎng)區(qū)域，后經(jīng)過電場(chǎng)區(qū)域，在無電場(chǎng)區(qū)域做勻速直線運(yùn)動(dòng)，x1v0t1，在電場(chǎng)區(qū)域做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，x2·t2，其中t1t2，x1x2a，聯(lián)立可得，無電場(chǎng)區(qū)域位移x12at，C選項(xiàng)錯(cuò)誤；電場(chǎng)區(qū)域的位移x2ax1ta，根據(jù)動(dòng)能定理，Eq·x20mv，解得E，D選項(xiàng)正確10、（2019·北京四中高二期中）如圖a所示，矩形導(dǎo)線框ABCD固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感線垂直于線框所在平面向里。規(guī)定垂直于線框所在平面向里為磁場(chǎng)的正方向，線框中沿著ABCDA方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向。要在線框中產(chǎn)生如圖b所示的感應(yīng)電流，則磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的規(guī)律可能為ABCD【答案】BD【解析】A圖中，在0t0時(shí)間內(nèi)，磁場(chǎng)垂直紙面向里，且均勻增大，根據(jù)楞次定律，知感應(yīng)電流的方向?yàn)锳DCBA，與規(guī)定的正方向相反，感應(yīng)電流為負(fù)值。故A錯(cuò)誤。B圖中，在0t0時(shí)間內(nèi)，磁場(chǎng)垂直紙面向里，且均勻減小，根據(jù)楞次定律，知感應(yīng)電流的方向?yàn)锳BCDA，與規(guī)定的正方向相同，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為定值，則感應(yīng)電流為定值，同理，在t02t0時(shí)間內(nèi)，感應(yīng)電流的方向?yàn)锳DCBA，與規(guī)定的正方向相反，感應(yīng)電流為負(fù)值，且為定值。故B正確。C圖中，在0t0時(shí)間內(nèi)，磁場(chǎng)垂直紙面向里，且均勻減小，根據(jù)楞次定律，知感應(yīng)電流的方向?yàn)锳BCDA，與規(guī)定的正方向相同，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為定值，則感應(yīng)電流為定值，在t02t0時(shí)間內(nèi)，磁場(chǎng)方向垂直紙面向外，且均勻增大，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流的方向仍然為ABCDA，與規(guī)定的正方向相同。故C錯(cuò)誤。D圖中，在0t0時(shí)間內(nèi)，磁場(chǎng)垂直紙面向外，且均勻增大，根據(jù)楞次定律，知感應(yīng)電流的方向?yàn)锳BCDA，與規(guī)定的正方向相同，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為定值，則感應(yīng)電流為定值，同理，在t02t0時(shí)間內(nèi)，感應(yīng)電流的方向?yàn)锳DCBA，與規(guī)定的正方向相反，感應(yīng)電流為負(fù)值，且為定值。故D正確。11、(多選)如圖所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為4：1，電壓表和電流表均為理想電表，原線圈接在u36sin100t(V)的正弦交流電上，圖中D為理想二極管(正向電阻不計(jì)，反向電阻為無窮大)，定值電阻R9 ，則下列說法正確的是()At s時(shí)，原線圈輸入電壓的瞬時(shí)值為18 VB電壓表示數(shù)為18 VC電流表示數(shù)為1 AD變壓器的輸入功率為 W【參考答案】AD將時(shí)間的瞬時(shí)值代入交變電壓的瞬時(shí)表達(dá)式可知，t s時(shí)，原線圈輸入電壓的瞬時(shí)值為18V，A選項(xiàng)正確；電壓表的示數(shù)為有效值，根據(jù)正弦式交變電流中有效值與最大值的關(guān)系可知，電壓表示數(shù)為36 V，B選項(xiàng)錯(cuò)誤；根據(jù)理想變壓器電壓與匝數(shù)的關(guān)系可知，理想變壓器輸出電壓的有效值為U29 V，二極管正向?qū)〞r(shí)，電流為I21 A，二極管具有單向?qū)ㄐ?，根?jù)電流的熱效應(yīng)可知，IR·I2R·T，解得電流表的示數(shù)IA，C選項(xiàng)錯(cuò)誤；理想變壓器的輸出功率等于輸入功率，PU2I2W，D選項(xiàng)正確12、在研究甲、乙兩種金屬光電效應(yīng)現(xiàn)象的實(shí)驗(yàn)中，光電子的最大初動(dòng)能Ek與入射光頻率的關(guān)系如圖所示，則()A兩條圖線與橫軸的夾角和一定不相等B若增大入射光頻率，則所需的遏止電壓Uc隨之增大C若某一頻率的光可以使甲金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則一定也能使乙金屬發(fā)生光電效應(yīng)D若增加入射光的強(qiáng)度，不改變?nèi)肷涔忸l率，則光電子的最大初動(dòng)能將增大【參考答案】B根據(jù)光電效應(yīng)方程EkhW0，對(duì)應(yīng)圖象可知，圖象斜率都為普朗克常量h，故兩條圖線與橫軸的夾角和一定相等，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)能定理可知，遏止電壓Uc，若增大入射光頻率，則所需的遏止電壓Uc隨之增大，B選項(xiàng)正確；分析圖象可知，乙金屬的逸出功W0大，若某一頻率的光可以使甲金屬發(fā)生光電效應(yīng)，不一定也能使乙金屬發(fā)生光電效應(yīng)，C選項(xiàng)錯(cuò)誤；根據(jù)光電效應(yīng)方程可知，最大初動(dòng)能與光的頻率有關(guān)，與光的強(qiáng)度無關(guān)，D選項(xiàng)錯(cuò)誤13、（2019·天津卷）我國核聚變反應(yīng)研究大科學(xué)裝置“人造太陽”2018年獲得重大突破，等離子體中心電子溫度首次達(dá)到1億度，為人類開發(fā)利用核聚變能源奠定了重要的技術(shù)基礎(chǔ)。下列關(guān)于聚變的說法正確的是A核聚變比核裂變更為安全、清潔B任何兩個(gè)原子核都可以發(fā)生聚變C兩個(gè)輕核結(jié)合成質(zhì)量較大的核，總質(zhì)量較聚變前增加D兩個(gè)輕核結(jié)合成質(zhì)量較大的核，核子的比結(jié)合能增加【答案】AD【解析】核聚變的最終產(chǎn)物時(shí)氦氣無污染，而核裂變會(huì)產(chǎn)生固體核廢料，因此核聚變更加清潔和安全，A正確；發(fā)生核聚變需要在高溫高壓下進(jìn)行，大核不能發(fā)生核聚變，故B錯(cuò)誤；核聚變反應(yīng)會(huì)放出大量的能量，根據(jù)質(zhì)能關(guān)系可知反應(yīng)會(huì)發(fā)生質(zhì)量虧損，故C錯(cuò)誤；因聚變反應(yīng)放出能量，因此反應(yīng)前的比結(jié)合能小于反應(yīng)后的比結(jié)合能，故D正確。11