2022年高一上學(xué)期期末物理試卷 含解析(II)一、單項選擇題1下列說法中正確的是（）A在空中斜向上飛行的足球一定受到一個向前的力作用B作用在物體上的合外力不為零，物體的瞬時速度可能為零C質(zhì)量一定的物體受到的合力越大速度越大D物體運動速度的方向總跟合外力的方向一致2以下四個圖象分別表示四個物體的位移、速度、加速度、摩擦力隨時間變化的規(guī)律，其中物體受力一定平衡的是（）ABCD3下列關(guān)于力的合成和分解的說法，正確的是（）A兩個力的合力，可能比這兩個分力都小B已知合力及一個分力的大小和方向，則求另一個分力有唯一解C3N、4N、6N三個共點力最大合力為13N，最小合力為0ND靜止在斜面上的物體的重力，可以分解為一個使物體沿斜面下滑的力，另一個是物體對斜面的壓力4在軍事演習(xí)中，某空降兵從飛機上跳下，先做自由落體運動，t1時刻，速度達最大值v1時打開降落傘，做減速運動，在t2時刻以較小速度v2著地他的速度圖象如圖所示下列關(guān)于該空降兵的說法正確的是（）A0t1 時間內(nèi)的平均速度=Bt1t2時間內(nèi)的平均速度=C加速過程的加速度比減速過程的大D減速過程空降兵所受阻力越來越小5細繩拴一個質(zhì)量為m的小球，小球用固定在墻上的水平彈簧支撐，小球與彈簧不粘連，平衡時細繩與豎直方向的夾角為53°，如圖所示，（已知sin53°=0.8，cos53°=0.6）以下說法正確的是（）A小球靜止時彈簧的彈力大小為B小球靜止時細繩的拉力大小為C細繩燒斷瞬間小球的加速度立即變?yōu)镈細繩燒斷瞬間小球的加速度立即變?yōu)?g6用牛頓運動定律判斷，下列說法正確的是（）A人走路時，地對腳的力大于腳蹬地的力，所以人才能往前走B不論站著不動，還是走動過程，人對地面的壓力和地面對人的支持力，總是大小相等方向相反的C人站在沼澤地下陷時，人對沼澤地的壓力大于沼澤地對人的支持力D以卵擊石，石頭完好而雞蛋破了，說明石頭對雞蛋的作用力大于雞蛋對石頭的作用力7在光滑水平面上有一物塊始終受水平恒力F的作用而運動，在其正前方固定一個足夠長的輕質(zhì)彈簧，如圖所示，當物塊與彈簧接觸后向右運動的過程中，下列說法正確的是（）A物塊接觸彈簧后即做減速運動B物塊接觸彈簧后先加速后減速C當彈簧處于壓縮量最大時，物塊的加速度等于零D當物塊的速度為零時，它所受的合力為零8如圖所示，在兩塊相同的豎直木塊之間，有質(zhì)量均為m的4塊相同的磚，用兩個大小均為F的水平力壓木板，使磚靜止不動，則第2塊磚對第3塊磚的摩擦力大小為（）A0BmgCD9甲、乙兩物體在同一地點同時開始做直線運動的vt圖象如圖所示根據(jù)圖象提供的信息可知（）A6s末乙追上甲B在乙追上甲之前，甲乙相距最遠為8mC8s末甲乙兩物體相遇，且離出發(fā)點有32mD在04s內(nèi)與46s內(nèi)甲的平均速度相等10如圖所示，物體A疊放在物體B上，B置于光滑水平面上A，B質(zhì)量分別為mA=8kg，mB=2kg，A，B之間的動摩擦因數(shù)=0.2，開始時F=10N，此后逐漸增加，在增大到45N的過程中，則（）A當拉力F16N時，兩物體均保持靜止狀態(tài)B兩物體開始沒有相對運動，當拉力超過16N時，開始相對滑動C兩物體間從受力開始就有相對運動D兩物體間始終沒有相對運動二、多項選擇題11下列說法中正確的是（）A人走路時，會受到靜摩擦力作用B武警戰(zhàn)士雙手握住豎立的竹竿勻速上攀時，所受的摩擦力的方向是向下的C將酒瓶豎直用手握住停留在空中，當增大手的用力時，酒瓶受的摩擦力不變D在結(jié)冰的水平路面上撒些細土，人走上去不易滑倒，是因為此時人與路面間的最大靜摩擦力增大了12某同學(xué)站在電梯底板上，利用速度傳感器和計算機研究一觀光電梯升降過程中的情況，如圖所示的vt圖象是計算機顯示的觀光電梯在某一段時間內(nèi)速度變化的情況（向上為正方向）根據(jù)圖象提供的信息，可以判斷下列說法中正確的是（）A在05s內(nèi)，觀光電梯在加速上升，該同學(xué)處于失重狀態(tài)B在5s10s內(nèi)，該同學(xué)對電梯底板的壓力等于他所受的重力C在10 s20s內(nèi)，觀光電梯在減速下降，說明該同學(xué)的慣性在變小D在20 s25s內(nèi)，觀光電梯在加速下降，該同學(xué)處于失重狀態(tài)13如圖所示，質(zhì)量為4kg的物塊A拴在一個被水平拉伸的彈簧一端，彈簧的另一端固定在車上開始時小車靜止，彈簧對物塊的彈力大小為10N，小車、物塊均處于靜止狀態(tài)現(xiàn)讓小車以加速度a=2m/s2沿水平地面向右加速運動，則（）A物塊A相對小車仍靜止B物塊A受到的彈簧彈力將變大C物塊A受到的摩擦力將減小D物塊A受到的摩擦力將增大14如圖所示，物體A和B相對靜止，以共同的速度沿斜面勻速下滑，則（）AA、B間無摩擦力的作用BB受到的滑動摩擦力的大小為（mA+mB）gsinCB受到的靜摩擦力的大小為mAgsinD取走A物后，B物將做勻加速直線運動三、填空題15在距地10m的高處以5m/s的速度豎直上拋一個物體，g=10m/s2，則它到地面的最大高度為m，出手后經(jīng)s物體落地16如圖所示，是某同學(xué)在“驗證力的平行四邊形定則”的實驗中，根據(jù)實驗數(shù)據(jù)按照一定的標度（標度未畫出）畫出的力的圖示F1、F2、F、F中不是由彈簧測力計測得的力是（填字母）若AO與F共線，BO與F共線，則被拉伸的橡皮筋的方向應(yīng)為（填A(yù)O或BO）在該實驗中需要記錄和觀察的是A記錄F1、F2、F的大小和方向B記錄F1、F2的夾角C觀察F1、F2的大小是否在誤差允許范圍內(nèi)相同D觀察F、F的大小和方向是否在誤差允許范圍內(nèi)相同17（12分）某同學(xué)設(shè)計了一個“探究加速度a與物體所受合力F及質(zhì)量m關(guān)系”的實驗，圖甲為實驗裝置簡圖（1）該實驗應(yīng)采用法，在探究加速度a與物體質(zhì)量m關(guān)系時，應(yīng)保持不變（選填“砂和砂桶質(zhì)量”或“小車質(zhì)量”），同時實驗還要求砂和砂桶質(zhì)量小車質(zhì)量（選填“遠大于”或“遠小于”）圖乙為某次實驗用打點計時器測得的紙帶，已知交流電的頻率為50Hz，根據(jù)紙帶可求出小車的加速度大小為m/s2（保留兩位有效數(shù)字）（2）在利用打點計時器和小車來做“探究加速度a跟F、m之間關(guān)系”的實驗時，下列說法中正確的是A連接砝碼盤和小車的細繩應(yīng)跟長木板保持平行B平衡摩擦力時，應(yīng)將砝碼盤及盤內(nèi)砝碼通過定滑輪拴在小車上C小車釋放前應(yīng)靠近打點計時器，且應(yīng)先接通電源再釋放小車D平衡摩擦力后，若改變小車和砝碼的總質(zhì)量后需要重新平衡摩擦力（3）某同學(xué)在探究加速度與力的關(guān)系時，根據(jù)測量數(shù)據(jù)作出的a一F圖線，如圖丙所示則實驗存在的問題是四、計算題（共32分）18（8分）如圖所示，質(zhì)量為m的球置于傾角為的斜面上，被一個豎直擋板擋住（忽略一切摩擦）（1）求斜面對小球的彈力F1和擋板對小球的彈力F2的大?。ó嫵鍪芰D）；（2）若將豎直擋板逆時針緩慢轉(zhuǎn)動至水平位置過程中，斜面和擋板對小球的彈力大小如何變化？（直接寫結(jié)論）19（12分）如圖所示，傳送帶與地面傾角=30°，從A到B長度為16m，傳送帶以10m/s的速率逆時針轉(zhuǎn)動在傳送帶上端A無初速地放一個質(zhì)量為m=1kg的物體，它與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為=，g=10m/s2求：（1）剛放上時，物塊對傳送帶的壓力及物塊受到的摩擦力（2）物體從A運動到B所需的時間是多少？20（12分）如圖所示，質(zhì)量M=2kg的小車放在水平光滑的平面上，在小車左端加一水平推力F=6N，當小車向右運動的速度達到3m/s時，在小車前端輕輕地放上一個大小不計，質(zhì)量為m=1kg的小物塊，物塊與小車間的動摩擦因數(shù)=0.4，小車足夠長（取g=10m/s2）求：（1）放上小物塊瞬間，小物塊與小車的加速度大??；（2）經(jīng)多長時間兩者達到相同的速度；（3）從小物塊放上小車開始，經(jīng)過t=2s小物塊通過的位移大小參考答案與試題解析一、單項選擇題1下列說法中正確的是（）A在空中斜向上飛行的足球一定受到一個向前的力作用B作用在物體上的合外力不為零，物體的瞬時速度可能為零C質(zhì)量一定的物體受到的合力越大速度越大D物體運動速度的方向總跟合外力的方向一致【考點】加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系式；速度；加速度【分析】解答此題首先要明確力與運動之間的一些基本關(guān)系的描述：力是改變物體運動狀態(tài)的原因，維持物體運動不需要力，如果一個物體的運動狀態(tài)發(fā)生了改變，那它一定是受到了力的作用受平衡力作用的物體，可能靜止也可能做勻速直線運動【解答】解：A、在空中斜向上飛行的足球向上運動的原因是由于慣性，沒有受到一個向前的力作用，故A錯誤；B、物體的受力與運動的速度沒有直接的關(guān)系，作用在物體上的合外力不為零，物體的瞬時速度可能為零，故B正確；C、物體的受力與運動的速度沒有直接的關(guān)系，質(zhì)量一定的物體受到的合力越大加速度也大，而速度不一定越大故C錯誤；D、速度的方向與合外力方向無關(guān)，故D錯誤；故選：B【點評】本題主要考查了力與運動的關(guān)系，時刻牢記力是改變物體運動狀態(tài)的原因，維持物體運動不需要力，便可對大多數(shù)的現(xiàn)象進行分析和判斷同時也要注意，當一個物體的運動狀態(tài)發(fā)生了改變時，說明它一定受到了力的作用2以下四個圖象分別表示四個物體的位移、速度、加速度、摩擦力隨時間變化的規(guī)律，其中物體受力一定平衡的是（）ABCD【考點】勻變速直線運動的速度與時間的關(guān)系；勻變速直線運動的位移與時間的關(guān)系【分析】解決本題一是掌握各種圖象的物理意義，二是正確理解和應(yīng)用平衡狀態(tài)因此解題關(guān)鍵是看哪種圖象描述的物體處于靜止或勻速運動狀態(tài)【解答】解：A、物體處于平衡狀態(tài)時合外力為零，加速度為零，物體處于靜止或勻速運動狀態(tài)圖A中物體速度且不斷減小，做減速運動，物體處于非平衡狀態(tài)故A錯誤B、圖B物體的加速度逐漸減小，因為存在加速度故物體處于非平衡狀態(tài)故B錯誤C、圖C物體做勻速運動，因此處于平衡狀態(tài)，故C正確D、圖D物體受摩擦力均勻減小，合外力可能不為零，因此物體可能處于非平衡狀態(tài)，故D錯誤故選：C【點評】本題結(jié)合圖象的特點考察了學(xué)生對平衡狀態(tài)的理解情況，角度新穎，思路開闊，解決本題的要旨是掌握各種圖象的物理意義3下列關(guān)于力的合成和分解的說法，正確的是（）A兩個力的合力，可能比這兩個分力都小B已知合力及一個分力的大小和方向，則求另一個分力有唯一解C3N、4N、6N三個共點力最大合力為13N，最小合力為0ND靜止在斜面上的物體的重力，可以分解為一個使物體沿斜面下滑的力，另一個是物體對斜面的壓力【考點】力的合成【分析】解答此題時，要從合力與分力的關(guān)系：等效替代，進行分析根據(jù)平行四邊形定則分析合力與分力的大小關(guān)系：合力大小介于二力之和與二力之差之間；重力，可以分解為一個使物體沿斜面下滑的力，另一個是垂直斜面的分力【解答】解：A、由平行四邊形定則可知，兩個力的合力，可以比這兩個分力都小，故A正確；B、根據(jù)三角形法則可知，已知合力及一個分力的大小和方向，則求另一個分力有唯一解，故B正確；C、由力的合成法則，則有：3N、4N、6N三個共點力最大合力為13N，最小合力為0N，故C正確；D、在斜面上的物體的重力，可以分解為一個使物體沿斜面下滑的力，另一個是垂直與斜面的分力，并不是壓力，因這兩個力的施力物體不同，故D錯誤；故選：ABC【點評】考查力的合成與分解的應(yīng)用，掌握平行四邊形定則，注意分力與合力的關(guān)系4在軍事演習(xí)中，某空降兵從飛機上跳下，先做自由落體運動，t1時刻，速度達最大值v1時打開降落傘，做減速運動，在t2時刻以較小速度v2著地他的速度圖象如圖所示下列關(guān)于該空降兵的說法正確的是（）A0t1 時間內(nèi)的平均速度=Bt1t2時間內(nèi)的平均速度=C加速過程的加速度比減速過程的大D減速過程空降兵所受阻力越來越小【考點】勻變速直線運動的圖像；平均速度【分析】速度圖象傾斜的直線表示物體做勻加速直線運動，其加速度不變根據(jù)斜率等于加速度，分析t1t2時間內(nèi)加速度如何變化根據(jù)“面積”等于位移，將在t1t2的時間內(nèi)物體的位移與勻減速直線運動的位移進行比較，再分析平均速度與的大小【解答】解：A、在0t1時間傘兵做勻加速直線運動，平均速度故A正確B、在t1t2的時間內(nèi)，假設(shè)傘兵做勻減速直線運動，圖線如圖中虛線所示，其平均速度為根據(jù)“面積”等于位移可知，勻減速直線運動的位移大于傘兵實際運動的位移，則平均速度v故B錯誤C、加速過程中，加速度不變，減速過程中時間內(nèi)圖線的斜率逐漸減小，則加速度逐漸減小，由圖象可知，減速時加速度先大于加速時加速度，后小于加速時加速度故C錯誤；D、減速過程中時間內(nèi)圖線的斜率逐漸減小，則加速度逐漸減小，根據(jù)牛頓第二定律可知，fmg=ma，所以阻力越來越小，故D正確故選：AD【點評】本題根據(jù)斜率等于加速度判斷加速度的變化根據(jù)“面積”等于位移，分析平均速度的大小對于勻變速直線運動的平均速度5細繩拴一個質(zhì)量為m的小球，小球用固定在墻上的水平彈簧支撐，小球與彈簧不粘連，平衡時細繩與豎直方向的夾角為53°，如圖所示，（已知sin53°=0.8，cos53°=0.6）以下說法正確的是（）A小球靜止時彈簧的彈力大小為B小球靜止時細繩的拉力大小為C細繩燒斷瞬間小球的加速度立即變?yōu)镈細繩燒斷瞬間小球的加速度立即變?yōu)?g【考點】牛頓第二定律；物體的彈性和彈力【分析】小球靜止時，分析受力情況，由平衡條件求解彈簧的彈力大小和細繩的拉力大小細繩燒斷瞬間彈簧的彈力不變，則小球所受的合力與燒斷前細繩拉力的大小相等、方向相反，即可求出加速度【解答】解：AB、小球靜止時，分析受力情況，如圖，由平衡條件得：彈簧的彈力大小為：F=mgtan53°=mg細繩的拉力大小為：T=mg故A、B錯誤CD、細繩燒斷瞬間彈簧的彈力不變，則小球所受的合力與燒斷前細繩拉力的大小相等、方向相反，則此瞬間小球的加速度大小為： a=g故C正確，D錯誤故選：C【點評】本題中小球先處于平衡狀態(tài)，由平衡條件求解各力的大小，后燒斷細繩，小球處于非平衡條件，抓住細繩燒斷瞬間彈簧的彈力不變是關(guān)鍵6用牛頓運動定律判斷，下列說法正確的是（）A人走路時，地對腳的力大于腳蹬地的力，所以人才能往前走B不論站著不動，還是走動過程，人對地面的壓力和地面對人的支持力，總是大小相等方向相反的C人站在沼澤地下陷時，人對沼澤地的壓力大于沼澤地對人的支持力D以卵擊石，石頭完好而雞蛋破了，說明石頭對雞蛋的作用力大于雞蛋對石頭的作用力【考點】牛頓第三定律；牛頓第一定律【分析】作用力和反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，在任何情況下都相等【解答】解：A、人走路時，地對腳的力與腳蹬地的力是作用力和反作用力，大小相等，方向相反，故A錯誤；B、不論站著不動，還是走動過程中，人對地面的壓力和地面對人的支持力是作用力和反作用力，總是大小相等方向相反的，故B正確；C、人站在沼澤地下陷時，人對沼澤地的壓力與沼澤地對人的支持力是作用力和反作用力，總是大小相等方向相反的，故C錯誤；D、以卵擊石，石頭完好而雞蛋破了，但石頭對雞蛋的作用力仍等于雞蛋對石頭的作用力，故D錯誤；故選：B【點評】本題考查了牛頓第三定律的基本運用，知道作用力和反作用力的大小關(guān)系，難度不大，屬于基礎(chǔ)題7在光滑水平面上有一物塊始終受水平恒力F的作用而運動，在其正前方固定一個足夠長的輕質(zhì)彈簧，如圖所示，當物塊與彈簧接觸后向右運動的過程中，下列說法正確的是（）A物塊接觸彈簧后即做減速運動B物塊接觸彈簧后先加速后減速C當彈簧處于壓縮量最大時，物塊的加速度等于零D當物塊的速度為零時，它所受的合力為零【考點】牛頓第二定律；胡克定律【分析】根據(jù)彈簧彈力的變化，由牛頓第二定律分析物體的運動情況和加速度變化情況【解答】解：A、B物塊接觸彈簧后彈簧的彈力逐漸增大，開始階段，彈力小于水平恒力F，合力方向向右，與速度方向相同，物體做加速運動，后來彈力大于F，合力向左，與速度方向相反，物體開始做減速運動所以物塊接觸彈簧后先加速后減速故A錯誤，B正確C、D當彈力與恒力F大小相等、方向相反時，加速度為零；而當物塊的速度為零時，合力向左，加速度向左，不等于零故CD錯誤故選B【點評】含有彈簧的問題是高考的熱點，也是難點，要抓住彈簧彈力的可變性來分析合力的變化，確定物體的運動情況，不能想當然認為物體一接觸彈簧就做減速運動8如圖所示，在兩塊相同的豎直木塊之間，有質(zhì)量均為m的4塊相同的磚，用兩個大小均為F的水平力壓木板，使磚靜止不動，則第2塊磚對第3塊磚的摩擦力大小為（）A0BmgCD【考點】共點力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運用【分析】對四個磚整體為研究對象，由平衡條件求出木板對第1塊磚和第4塊磚的摩擦力；以第1塊磚和第2塊整體為研究對象，由平衡條件求解第3塊對第2塊磚的摩擦力【解答】解：將4塊磚看成一個整體，對整體進行受力分析，在豎直方向，共受到三個力的作用：豎直向下的重力4mg，兩個相等的豎直向上的摩擦力f，由平衡條件可得：2f=4mg，f=2mg由此可見：第1塊磚和第4塊磚受到木板的摩擦力均為2mg將第1塊磚和第2塊磚當作一個整體隔離后進行受力分析，受豎直向下的重力2mg，木板對第1塊磚向上的摩擦力f=2mg；由平衡條件可得二力已達到平衡，第2塊磚和第3塊磚之間的摩擦力必為零故選：A【點評】本題是多個物體平衡問題，關(guān)鍵是選擇研究對象，往往先整體，后隔離，兩個方法結(jié)合處理，難度不大，屬于基礎(chǔ)題9甲、乙兩物體在同一地點同時開始做直線運動的vt圖象如圖所示根據(jù)圖象提供的信息可知（）A6s末乙追上甲B在乙追上甲之前，甲乙相距最遠為8mC8s末甲乙兩物體相遇，且離出發(fā)點有32mD在04s內(nèi)與46s內(nèi)甲的平均速度相等【考點】勻變速直線運動的圖像；勻變速直線運動的速度與時間的關(guān)系【分析】本題考查了圖象中的追及問題，明確甲乙兩物體的運動性質(zhì)，乙一直做勻速運動，A甲先做勻加速直線運動然后做勻減速直線運動把握相遇特點，根據(jù)vt圖象特點進行求解【解答】解：A、在vt圖中圖象與橫坐標圍成的面積大小與物體發(fā)生的位移大小相等，6s末甲的位移為：x甲=×（4+8）×4+×2×8=32m6s末乙的位移為：x乙=4×6=24m，故6s末乙沒有追上甲，A錯誤；B、5S末之前甲的速度大于乙的速度，二者的距離越來越遠，5s末之后甲的速度小于乙的速度，二者的距離開始縮小，故5s末二者速度相等時相距最遠，最遠為上面三角形的面積：×5×4m=10m，故B錯誤；C、8s末乙的位移為：4×8=32m=x甲，即8s末甲乙兩物體相遇，且離出發(fā)點有32m，C正確；D、在04S內(nèi)甲的平均速度=6m/s46S內(nèi)甲的平均速度=4m/s可見不相等，故D錯誤故選：C【點評】在同一坐標中表示兩種圖象，要明確兩圖象代表的運動形式，能和實際運動相結(jié)合，注意圖象交點的含義，如本題中圖象交點表示速度相等，速度相等時一般有最大距離或者最小距離10如圖所示，物體A疊放在物體B上，B置于光滑水平面上A，B質(zhì)量分別為mA=8kg，mB=2kg，A，B之間的動摩擦因數(shù)=0.2，開始時F=10N，此后逐漸增加，在增大到45N的過程中，則（）A當拉力F16N時，兩物體均保持靜止狀態(tài)B兩物體開始沒有相對運動，當拉力超過16N時，開始相對滑動C兩物體間從受力開始就有相對運動D兩物體間始終沒有相對運動【考點】牛頓第二定律；物體的彈性和彈力【分析】當兩物體間恰好相對運動時，兩者間的靜摩擦力達到最大值，隔離對B分析，求出AB發(fā)生相對滑動時的臨界加速度，再對整體分析，運用牛頓第二定律求出剛好發(fā)生相對滑動時的拉力即可分析兩個物體的運動狀態(tài)【解答】解：當A、B間的靜摩擦力達到最大值時，A、B剛要發(fā)生相對滑動，隔離對B分析，由牛頓第二定律得：aB=m/s2=8m/s2再對整體：F=（mA+mB）a=10×8N=80N知當拉力達到80N時，A、B才發(fā)生相對滑動所以F從10N增大到45N的過程中，兩物體間始終沒有相對運動，故ABC錯誤，D正確故選：D【點評】本題主要考查牛頓第二定律的臨界問題，關(guān)鍵找出臨界狀態(tài)，運用整體法和隔離法，根據(jù)牛頓第二定律進行求解二、多項選擇題11下列說法中正確的是（）A人走路時，會受到靜摩擦力作用B武警戰(zhàn)士雙手握住豎立的竹竿勻速上攀時，所受的摩擦力的方向是向下的C將酒瓶豎直用手握住停留在空中，當增大手的用力時，酒瓶受的摩擦力不變D在結(jié)冰的水平路面上撒些細土，人走上去不易滑倒，是因為此時人與路面間的最大靜摩擦力增大了【考點】摩擦力的判斷與計算【分析】人正常走路時，會受到靜摩擦力作用，靜摩擦力提供動力，勻速攀上時，所受的摩擦力與重力平衡，增大手握瓶子的力，酒瓶受的摩擦力仍然大于瓶子的重力，而最大靜摩擦力隨之增大【解答】解：A、人正常走路時，會受到靜摩擦力作用，靜摩擦力提供動力，A正確；B、勻速攀上時，所受的摩擦力與重力平衡，方向是向上的，B錯誤；C、用手握住停留在空中，若再增大手握瓶子的力，酒瓶受的摩擦力仍然等于瓶子的重力，而最大靜摩擦力隨之增大，C正確；D、在結(jié)冰的水平路面上灑些細土，人走上去不易滑倒，是因為此時人與路面間的最大靜摩擦力增大了，D正確；故選：ACD【點評】本題考查了摩擦力的大小和方向的判斷，根據(jù)運動或相對運動的方向判斷摩擦力方向，根據(jù)二力平衡求靜摩擦力的大小12某同學(xué)站在電梯底板上，利用速度傳感器和計算機研究一觀光電梯升降過程中的情況，如圖所示的vt圖象是計算機顯示的觀光電梯在某一段時間內(nèi)速度變化的情況（向上為正方向）根據(jù)圖象提供的信息，可以判斷下列說法中正確的是（）A在05s內(nèi)，觀光電梯在加速上升，該同學(xué)處于失重狀態(tài)B在5s10s內(nèi)，該同學(xué)對電梯底板的壓力等于他所受的重力C在10 s20s內(nèi)，觀光電梯在減速下降，說明該同學(xué)的慣性在變小D在20 s25s內(nèi)，觀光電梯在加速下降，該同學(xué)處于失重狀態(tài)【考點】勻變速直線運動的圖像；勻變速直線運動的速度與時間的關(guān)系【分析】在速度時間圖象中，直線的斜率表示加速度，根據(jù)圖象求出電梯的加速度，當有向上的加速度時，此時人就處于超重狀態(tài)，當有向下的加速度時，此時人就處于失重狀態(tài)【解答】解：A、在05s內(nèi)，從速度時間圖象可知，此時的加速度為正，電梯的加速度向上，處于超重狀態(tài)，故A錯誤；B、在5s10s內(nèi)，速度時間圖象為水平線，此時電梯在勻速運動，處于受力平衡狀態(tài)，重力等于壓力，故B正確；C、慣性只與質(zhì)量有關(guān)，與運動狀態(tài)無關(guān)，故C錯誤；D、在20s25s內(nèi)，觀光電梯在加速下降，加速度向下，該同學(xué)處于失重狀態(tài)，故D正確故選：BD【點評】本題主要考查了對超重失重現(xiàn)象的理解，人處于超重或失重狀態(tài)時，人的重力并沒變，只是對支持物的壓力變了13如圖所示，質(zhì)量為4kg的物塊A拴在一個被水平拉伸的彈簧一端，彈簧的另一端固定在車上開始時小車靜止，彈簧對物塊的彈力大小為10N，小車、物塊均處于靜止狀態(tài)現(xiàn)讓小車以加速度a=2m/s2沿水平地面向右加速運動，則（）A物塊A相對小車仍靜止B物塊A受到的彈簧彈力將變大C物塊A受到的摩擦力將減小D物塊A受到的摩擦力將增大【考點】牛頓第二定律；物體的彈性和彈力【分析】物體開始時受彈力為10N，而處于靜止狀態(tài)，受到的靜摩擦力為10N，說明物體的最大靜摩擦力大于等于10N；當小車的加速度為2m/s2，兩物體將保持相對靜止時，物體的加速度為a=2m/s2，則需要的外力8N；根據(jù)彈力和最大靜摩擦力可求出物體相對于小車靜止的最大加速度，當小車的加速度小于等于最大加速度時，物體與小車仍保持相對靜止彈簧的彈力不變，摩擦力大小不變【解答】解：物體開始時受彈力F=10N，而處于靜止狀態(tài)，說明受到的靜摩擦力為10N，方向向左，則物體的最大靜摩擦力Fm10N若小車以加速度a=2m/s2沿水平地面向右加速運動，則物塊受到的合外力：F合=ma=4×2=8N設(shè)摩擦力的方向也向右，則：F+f=ma代入數(shù)據(jù)可得：f=2N，負號表示方向向左，物塊A受到的彈簧彈力將變小，可知物塊A相對小車仍靜止故AC正確，BD錯誤故選：AC【點評】本題考查應(yīng)用牛頓第二定律分析物體受力情況的能力要注意靜摩擦力大小和方向會隨物體狀態(tài)而變化14如圖所示，物體A和B相對靜止，以共同的速度沿斜面勻速下滑，則（）AA、B間無摩擦力的作用BB受到的滑動摩擦力的大小為（mA+mB）gsinCB受到的靜摩擦力的大小為mAgsinD取走A物后，B物將做勻加速直線運動【考點】共點力平衡的條件及其應(yīng)用；摩擦力的判斷與計算；物體的彈性和彈力【分析】解答本題的關(guān)鍵是正確應(yīng)用整體與隔離法，以整體為研究對象，整體重力沿斜面的分力等于斜面給B的摩擦力，然后隔離A，A處于平衡狀態(tài)，A所受重力沿斜面的分力等于B給A的靜摩擦力【解答】解：A、以A為研究對象，A處于平衡狀態(tài)，因此有f=mAgsin，所以A受到B給其沿斜面向上的摩擦力作用，故A錯誤；B、以整體為研究對象，根據(jù)平衡狀態(tài)有：（mA+mB）gsin=fB，故B正確；C、A對B的靜摩擦力與B對A的靜摩擦力大小相等，故f=f=mAgsin，故C正確；D、由前面分析知：（mA+mB）gsin=fB，又根據(jù)滑動摩擦力公式fB=（mA+mB）gcos，得：=tan，取走A物體后，物體B受滑動摩擦力為mBgcos，代入=tan得，mBgcos=mgsin，即物體B受力平衡，則物體B仍能做勻速直線運動，故D錯誤；故選：BC【點評】“整體隔離法”是力學(xué)中的重要方法，一定要熟練掌握，注意對于由多個物體組成的系統(tǒng)，優(yōu)先考慮以整體為研究對象三、填空題15在距地10m的高處以5m/s的速度豎直上拋一個物體，g=10m/s2，則它到地面的最大高度為11.25m，出手后經(jīng)2s物體落地【考點】豎直上拋運動【分析】豎直上拋運動在上升過程中做加速度為g的勻減速直線運動，下降過程中做自由落體運動，根據(jù)勻變速直線運動的公式求出物體上升的最大高度和運行的時間【解答】解：根據(jù)h=得，則離出發(fā)點的最大高度h=則離地面的最大高度H=10+1.25m=11.25m上升到減速為零所需的時間下降做自由落體運動，根據(jù)得，則總時間t=t1+t2=2s故答案為：11.25，2【點評】解決本題的關(guān)鍵知道豎直上拋運動上升過程和下降過程中的運動規(guī)律，本題在求解運動時間時，可以分過程求解，也可以全過程求解16如圖所示，是某同學(xué)在“驗證力的平行四邊形定則”的實驗中，根據(jù)實驗數(shù)據(jù)按照一定的標度（標度未畫出）畫出的力的圖示F1、F2、F、F中不是由彈簧測力計測得的力是F（填字母）若AO與F共線，BO與F共線，則被拉伸的橡皮筋的方向應(yīng)為BO（填A(yù)O或BO）在該實驗中需要記錄和觀察的是ADA記錄F1、F2、F的大小和方向B記錄F1、F2的夾角C觀察F1、F2的大小是否在誤差允許范圍內(nèi)相同D觀察F、F的大小和方向是否在誤差允許范圍內(nèi)相同【考點】驗證力的平行四邊形定則【分析】正確解答本題需要掌握：理論值和實驗值的區(qū)別，知道該實驗原理和實驗?zāi)康模瑥亩鞔_實驗所要記錄的數(shù)據(jù)【解答】解：由于誤差的存在，通過平行四邊形定則得出的合力值與由彈簧秤直接測得的力并不完全相等，通過平行四邊形得出值在對角線上，用一個彈簧直接測量出的值沿細繩方向，即沿BO方向，故F是由彈簧秤直接測得的，F(xiàn)是通過平行四邊形定值得出的合力值；根據(jù)實驗原理和實驗?zāi)康目芍?，本實驗要記錄力F1、F2和F的大小和方向，通過F1、F2做平行四邊形，求出其合力F，然后與F進行比較，看它們的大小和方向是否相同，故BC錯誤，AD正確故答案為：F，BO，AD【點評】本題比較簡單，屬于基礎(chǔ)題目，只要明確了實驗原理和實驗?zāi)康募纯烧_解答，無論什么類型的實驗明確實驗原理和實驗?zāi)康亩际墙鉀Q實驗問題的突破口17（12分）（xx秋天津期末）某同學(xué)設(shè)計了一個“探究加速度a與物體所受合力F及質(zhì)量m關(guān)系”的實驗，圖甲為實驗裝置簡圖（1）該實驗應(yīng)采用控制變量法法，在探究加速度a與物體質(zhì)量m關(guān)系時，應(yīng)保持砂和砂桶質(zhì)量不變（選填“砂和砂桶質(zhì)量”或“小車質(zhì)量”），同時實驗還要求砂和砂桶質(zhì)量遠小于小車質(zhì)量（選填“遠大于”或“遠小于”）圖乙為某次實驗用打點計時器測得的紙帶，已知交流電的頻率為50Hz，根據(jù)紙帶可求出小車的加速度大小為3.2m/s2（保留兩位有效數(shù)字）（2）在利用打點計時器和小車來做“探究加速度a跟F、m之間關(guān)系”的實驗時，下列說法中正確的是ACA連接砝碼盤和小車的細繩應(yīng)跟長木板保持平行B平衡摩擦力時，應(yīng)將砝碼盤及盤內(nèi)砝碼通過定滑輪拴在小車上C小車釋放前應(yīng)靠近打點計時器，且應(yīng)先接通電源再釋放小車D平衡摩擦力后，若改變小車和砝碼的總質(zhì)量后需要重新平衡摩擦力（3）某同學(xué)在探究加速度與力的關(guān)系時，根據(jù)測量數(shù)據(jù)作出的a一F圖線，如圖丙所示則實驗存在的問題是平衡摩擦力時木板傾角過大或平衡摩擦力過度【考點】探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系【分析】（1）該實驗采用控制變量法，結(jié)合連續(xù)相等時間內(nèi)的位移之差是一恒量求出加速度（2）根據(jù)實驗的原理以及操作中的注意事項確定正確的選項（3）抓住F=0，加速度a不等于零分析圖線不過原點的原因【解答】解：（1）探究加速度a與物體所受合力F及質(zhì)量m關(guān)系需采用控制變量法進行實驗在探究加速度a與物體質(zhì)量m關(guān)系時，應(yīng)保持砂和砂桶的質(zhì)量的不變?yōu)榱吮ＷC砂和砂桶的重力等于繩子的拉力，要求砂和砂桶質(zhì)量遠小于小車質(zhì)量根據(jù)x=aT2，運用逐差法得，a=3.2m/s2（2）A、細線的拉力等于小車所受的合力，連接砝碼盤和小車的細繩應(yīng)跟長木板保持平行，且需要平衡摩擦力，故A正確B、平衡摩擦力時，不能將砝碼盤及盤內(nèi)砝碼通過定滑輪拴在小車上，故B錯誤C、小車釋放前應(yīng)靠近打點計時器，且應(yīng)先接通電源再釋放小車，故C正確D、平衡摩擦力后，若改變小車和砝碼的總質(zhì)量后，不需要重新平衡摩擦力，故D錯誤故選：AC（3）由a一F圖線可知，F(xiàn)=0時，加速度a不為零，可知平衡摩擦力時木板傾角過大故答案為：（1）控制變量法，砂和砂桶，遠小于，3.2；（2）AC；（3）平衡摩擦力時木板傾角過大或平衡摩擦力過度【點評】解決本題的關(guān)鍵掌握實驗的原理以及操作中的注意事項，掌握紙帶的處理方法，會通過紙帶求解瞬時速度和加速度四、計算題（共32分）18如圖所示，質(zhì)量為m的球置于傾角為的斜面上，被一個豎直擋板擋?。ê雎砸磺心Σ粒?）求斜面對小球的彈力F1和擋板對小球的彈力F2的大小（畫出受力圖）；（2）若將豎直擋板逆時針緩慢轉(zhuǎn)動至水平位置過程中，斜面和擋板對小球的彈力大小如何變化？（直接寫結(jié)論）【考點】共點力平衡的條件及其應(yīng)用；物體的彈性和彈力【分析】（1）以小球為研究對象，分析受力，根據(jù)共點力平衡條件得到擋板和斜面對小球的彈力；（2）若擋板沿逆時針緩緩轉(zhuǎn)到水平過程中，小球的重力不變，則知斜面和擋板對小球的彈力的合力不變，斜面的彈力方向不變，運用圖解法，作出三個不同位置小球的受力圖，比較兩個彈力的變化情況【解答】解：（1）分析小球的受力情況：重力mg、擋板的彈力F2和斜面對小球的彈力F1根據(jù)平衡條件得：，F(xiàn)2=mgtan（2）若將豎直擋板逆時針緩慢轉(zhuǎn)動至水平位置過程中，小球的重力不變，則由平衡條件得知，斜面和擋板對小球的彈力F2的合力不變，而斜面的彈力F1的方向不變，運用圖解法，作出不同位置小球的受力圖，由圖可知，F(xiàn)1減小，F(xiàn)2先減小后增大答：（1）斜面對小球的彈力F1為，擋板對小球的彈力F2的大小為mgtan；（2）將豎直擋板逆時針緩慢轉(zhuǎn)動至水平位置過程中，F(xiàn)1減小，F(xiàn)2先減小后增大【點評】本題是三個平衡問題，分析受力情況是解題的關(guān)鍵步驟運用圖解法分析動態(tài)平衡問題，簡潔直觀19（12分）（xx秋天津期末）如圖所示，傳送帶與地面傾角=30°，從A到B長度為16m，傳送帶以10m/s的速率逆時針轉(zhuǎn)動在傳送帶上端A無初速地放一個質(zhì)量為m=1kg的物體，它與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為=，g=10m/s2求：（1）剛放上時，物塊對傳送帶的壓力及物塊受到的摩擦力（2）物體從A運動到B所需的時間是多少？【考點】牛頓第二定律；勻變速直線運動的位移與時間的關(guān)系【分析】（1）物體放在傳送帶上后，開始階段，傳送帶的速度大于物體的速度，傳送帶給物體一沿斜面向下的滑動摩擦力，根據(jù)平衡條件求出物塊與傳送帶的壓力，根據(jù)滑動摩擦力公式求出摩擦力；（2）物體由靜止開始加速下滑，當物體加速至與傳送帶速度相等時，由于tan，物體將隨傳送帶一起做勻速運動，根據(jù)運動學(xué)基本公式求出兩段運動的時間，進而求出總時間【解答】解：（1）剛放上時，開始階段，傳送帶的速度大于物體的速度，傳送帶給物體一沿斜面向下的滑動摩擦力，對物體受力分析，垂直傳送帶方向上有：，根據(jù)牛頓第三定律可知，物塊對傳送帶的壓力為：，物塊受到的摩擦力為：f=，（2）開始階段由牛頓第二定律得：mgsin+mgcos=ma1 所以：a1=gsin+gcos=12.5m/s2物體加速至與傳送帶速度相等時需要的時間為：t1=發(fā)生的位移為：16m，所以物體加速到10m/s 時仍未到達B點，由于，則此后物體與傳送帶以相同的速度一起做勻速直線運動，勻速運動的時間為：，則從A到B的時間為：t=1+1=2s答：（1）剛放上時，物塊對傳送帶的壓力為，物塊受到的摩擦力為7.5N；（2）物體從A運動到B所需的時間是2s【點評】從本題可以總結(jié)出，皮帶傳送物體所受摩擦力可能發(fā)生突變，不論是其大小的突變，還是其方向的突變，都發(fā)生在物體的速度與傳送帶速度相等的時刻20（12分）（xx秋天津期末）如圖所示，質(zhì)量M=2kg的小車放在水平光滑的平面上，在小車左端加一水平推力F=6N，當小車向右運動的速度達到3m/s時，在小車前端輕輕地放上一個大小不計，質(zhì)量為m=1kg的小物塊，物塊與小車間的動摩擦因數(shù)=0.4，小車足夠長（取g=10m/s2）求：（1）放上小物塊瞬間，小物塊與小車的加速度大??；（2）經(jīng)多長時間兩者達到相同的速度；（3）從小物塊放上小車開始，經(jīng)過t=2s小物塊通過的位移大小【考點】牛頓第二定律；勻變速直線運動的位移與時間的關(guān)系【分析】（1）根據(jù)牛頓第二定律分別求出物塊和小車的加速度大?。?）根據(jù)速度時間公式求出物塊和小車速度相等的時間；（3）分析物體和車的運動的過程可以知道，車的運動可以分為兩個過程，利用位移公式分別求得兩個過程的位移，即可求得總位移的大小【解答】解：（1）根據(jù)牛頓第二定律，小物塊的加速度為：am=g=4m/s2小車的加速度為：aM=1m/s2（2）設(shè)經(jīng)t時間兩者達到相同的速度由amt=v0+aMt代入數(shù)據(jù)得：t=1s（3）在開始1s內(nèi)小物塊的位移為：x1=amt2=m=2m1s末物塊的速度為：v=amt=4m/s在接下來的1s小物塊與小車相對靜止，一起做加速運動且加速度為：a=2m/s2這1s內(nèi)的位移為：x2=vt1+at12=4×1+×2×1=5m則小物塊通過的總位移為：x=x1+x2=7m答：（1）放上小物塊瞬間，小物塊與小車的加速度大小分別為4m/s2和1m/s2；（2）經(jīng)1s時間兩者達到相同的速度；（3）從小物塊放上小車開始，經(jīng)過t=2s小物塊通過的位移大小是7m【點評】解決本題的關(guān)鍵理清物塊和小車的運動規(guī)律，結(jié)合牛頓第二定律和運動學(xué)公式綜合求解，要知道加速度是聯(lián)系力和運動的紐帶，在這類問題中是必未求的量