《2022年高一下學期期中考試 物理 含解析 by張三》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2022年高一下學期期中考試 物理 含解析 by張三（15頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、2022年高一下學期期中考試 物理 含解析 by張三 注意事項： 1. 答題前，務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡規(guī)定的位置上。 2. 答選擇題時，必須使用2B鉛筆將答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦擦干凈后，再選涂其他答案標號。 3. 答非選擇題時，必須使用0.5毫米黑色簽字筆，將答案書寫在答題卡規(guī)定的位置上。 4. 所有題目必須在答題卡上作答，在試題卷上答題無效。 一、單項選擇題（本題共8小題，每小題4分，共32分。每小題只有一個選項最符合題意） 1、下列說法正確的是 ： A．物體所帶的電荷量可以是任意值 B．電子和質子在任何情況下都可看做點電荷 C

2、．相互作用的點電荷，無論它們電荷量是否相同，它們受到的庫侖力的大小一定相等 D．真空中兩個點電荷距離時，它們的靜電力 【答案】C A、物體所帶的電荷量一定是元電荷的整數(shù)倍，故A錯誤； B、帶電體看作點電荷的條件，當帶電體的形狀對它們間相互作用力的影響可忽略時，這個帶電體可看作點電荷，電子和質子的體積雖然很小，如果相對于研究的問題，它們間相互作用力的影響不能忽略不計，就不能看作點電荷，故B錯誤； C、相互作用的點電荷，它們受到的庫侖力是一對作用力和反作用力，大小一定相等，故C正確； D、真空中兩個點電荷距離時，兩電荷就不能理想化為點電荷，庫侖定律就不再適用，故D錯誤。 故選C。

3、 【考點】點電荷；元電荷； 2、一位母親與六歲的女兒樂樂一起上樓回家，對此，下列說法中錯誤的是： A．爬相同的樓梯，女兒體重小，克服重力做的功少 B．爬相同的樓梯，母親體重大，克服重力做的功多? C．爬相同的樓梯，若女兒比母親先到達，女兒克服重力做功的功率一定大? D．爬相同的樓梯，若母親比女兒先到達，母親克服重力做功的功率一定大 【答案】C AB、由題知，爬相同的樓梯，h相同，母親的體重G1大于女兒的體重G2，即：G1＞G2， 爬樓做功：W=Gh，母親爬樓做功W1大于女兒爬樓做功W2，即：W1＞W(wǎng)2，故AB正確； C、母親爬樓做功多，女兒比母親先到達，做功時間少，根據(jù)

4、無法判斷誰的功率大，故C錯誤； D、母親爬樓做功多，母親比女兒先到達，做功時間少，根據(jù)可知母親做功功率大，故D正確。 故選C。 【考點】功率、平均功率和瞬時功率 3、已知土星繞太陽運轉的軌道半徑為r，周期為T，引力常量為G，由此可求得： A.土星的質量??? B.太陽的質量 ?C.土星的平均密度???D.太陽的平均密度? 【答案】B AB、研究行星繞太陽做勻速圓周運動，根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式：，知道行星的運動軌道半徑r和周期T，再利用萬有引力常量G，通過前面的表達式只能算出太陽M的質量，也就是中心體的質量，無法求出行星的質量，也就是環(huán)繞體的質量，故A錯誤B正確

5、； C、本題不知道行星的質量和體積，也就無法知道該行星的平均密度，故C錯誤． D、本題不知道太陽的體積，也就不知道太陽的平均密度，故D錯誤 故選B。 【考點】萬有引力定律及其應用；人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關系 4、一質量為5000kg的汽車，以額定功率由靜止啟動，它在水平面上運動時所受的阻力為車重的0.1倍，發(fā)動機額定功率為50kW。則汽車在此路面上行駛的最大速度為： A.5m/s B.7m/s C.8m/s D.10m/s 【答案】D 當汽車的牽引力減小到等于阻力時，汽車的速度達到最大。 根據(jù)得，最大速度為：

6、 故選D。 【考點】功率、平均功率和瞬時功率 5、已知貨物的質量為m，在某段時間內起重機將貨物以大小為a的加速度沿豎直方向加速升高h，則在這段時間內，下列敘述正確的是(重力加速度為g): (? ?)? A.貨物的動能一定增加mah－mgh??? ?B.貨物的機械能一定增加mah＋mgh C.貨物的重力勢能一定增加mah??? ?D.貨物的機械能一定增加mah 【答案】B A、根據(jù)牛頓第二定律得：合力為，則合力做功為，知動能增加量為mah，故A錯誤； BCD、貨物上升h高度，重力勢能的增加量為mgh，則機械能的增加量為mah+mgh，故CD錯誤B正確。

7、 故選B。 【考點】動能定理的應用 6、一物體靜止在粗糙水平面上，在水平向右的拉力作用下開始向右運動。在運動過程中，物體的動能與位移x的關系圖象如圖所示，其中0-x1過程的圖線是過原點的直線，x1-x2過程的圖線為平行于橫坐標軸的直線。則下列說法正確的是： A. 在0-x1過程中，物體的拉力不斷增大 B. 在x1-x2過程中，拉力做功為零 C. 在0-x2過程中，物體的機械能不斷增大 D. 在0-x2過程中，物體克服摩擦力做功的功率先增大后保持不變 【答案】D A、在0-x1過程中，物體的動能不斷增大，EK=kx，該過程中拉力與摩擦力做功，由圖線可得，拉力F保持不變，故

8、A錯誤； B、在x1-x2過程中，物體的動能保持不變，合力做功為零，所以拉力與摩擦力大小相等，方向相反，故B錯誤； C、在0-x1過程中，物體的動能不斷增大，在x1-x2過程中，物體的動能保持不變，故C錯誤； D、在0-x1過程中，物體的速度不斷增大，在x1-x2過程中，物體的速度保持不變，所以摩擦力的功率：，在0-x1過程中，隨物體的速度不斷增大而增大，在x1-x2過程中，物體的速度保持不變，摩擦力才功率保持不變，故D正確。 故選D。 【考點】動能定理 7、如圖所示，在光滑絕緣水平面上有三個孤立的點電荷Q1、Q、Q2，Q恰好靜止不動，Q1、Q2圍繞Q做勻速圓周運動，在運動過程中三

9、個點電荷始終共線．已知Q1、Q2分別與Q相距r1、r2，不計點電荷間的萬有引力，下列說法正確的是： A.Q1、Q2的電荷量之比為 B. Q1、Q2的電荷量之比為 C. Q1、Q2的質量之比為 D. Q1、Q2的質量之比為 【答案】C AB、點電荷Q1、Q、Q2恰好靜止不動，因此根據(jù)庫侖定律，則有：，所以Q1、Q2的電荷量之比為，故AB錯誤； CD、對Q1、Q2：它們間的庫侖引力提供向心力，則有：，所以Q1、Q2的質量之比為，故C正確D錯誤。 故選C。 【考點】庫侖定律 8、粗細均勻的U形管內裝有總長為4L的液體。開始時閥門K閉合，左右

10、支管內液面高度差為L。打開閥門K后，左右液面剛好相平時左管液面的速度大小為（不計液體與管壁之間的任何阻力）： A. B. C. D. 【答案】A 設總質量為m；由圖可知，在液體流動過程中，液體的重力勢能減小了；則由機械能守恒定律可得：，解得： 故選A。 【考點】機械能守恒定律 二、多項選擇題(本題共 4小題，每小題 4 分，共16分。每小題至少有兩個選項符合題意,全部選對的得 4 分，選對但不全的得 2 分，錯選或不答的得 0 分) 9、下列說法正確的是： A. 重力勢能為零的物體，也可以對別的物體做功 B. 處于平衡狀態(tài)的物體，動能和機械能

11、都保持不變 C. 在彈性限度內，彈簧越長，彈性勢能越大 D. 機械能具有相對性，數(shù)值有正負，其正負表示機械能的多少 【答案】AD A、重力勢能是相對量，重力勢能為零只能說明它在零勢能面上，它還是可以對外做功的，故A正確； B、處于平衡狀態(tài)的物體做勻速直線運動或靜止，若物體做豎直方向的勻速直線運動，則重力勢能是可以改變的，故B錯誤； C、彈簧的彈性勢能取決于彈簧的形變量，不是彈簧的長度，故C錯誤； D、機械能具有相對性，數(shù)值也有正負，但機械能是標量，正負表示機械能的大小，故D正確。 故選AD。 【考點】機械能守恒定律 10、若人造地球衛(wèi)星的軌道半徑縮小到原來的1/3，仍作

12、勻速圓周運動，則: A.?根據(jù)公式，可知衛(wèi)星的線速度將縮小到原來的1/3 B.?根據(jù)公式，可知地球提供的向心力將增大到原來的9倍 C.?根據(jù)公式，可知衛(wèi)星所需要的向心力將增大到原來的3倍 D.?根據(jù)上述B和C選項中給出的公式，可知衛(wèi)星運動的線速度將增大到原來的倍 【答案】BD A、當軌道半徑變化時，萬有引力變化，衛(wèi)星的角速度，隨著變化，所以，不能用公式討論衛(wèi)星的線速度變化，故A錯誤； B、根據(jù)公式，可知地球提供的向心力將增大到原來的9倍，故B正確； C、當軌道半徑變化時，萬有引力變化，衛(wèi)星的線速度隨著變化，所以，不能用公式討論衛(wèi)星的向心力變化，故C錯誤； D、根據(jù)上述B

13、和C選項中給出的公式得，可知軌道半徑縮小到原來的，衛(wèi)星運動的線速度將增大到原來的倍，故D正確。 故選BD。 【考點】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關系；萬有引力定律及其應用 11、質量為2kg的物體，在光滑水平面上以的初速度勻速向西運動，現(xiàn)有一個大小為8N方向向北的恒力作用于物體，則從該時刻起： A.物體一定做勻變速運動 B.物體只受向北方向的力，因此只有南北方向動能變化，東西方向動能不變 C.第2s末的動能為73J D.2s內拉力做功80J 【答案】AC A、設物體沿F方向的加速度為a，由牛頓第二定律得：，物體沿向北的方向做勻加速直線運動，同時向西的方向做勻速運動，所

14、以合運動是勻變速曲線運動，故A正確； B、根據(jù)運動的獨立性，物體只受向北方向的力，因此只有南北方向動能變化，東西方向動能不變，故B正確； C、物體沿F方向做勻加速直線運動，2s內的位移為： 力F所做的功為： 由動能定理得：，所以：，故C正確； D、根據(jù)動能定理：，故D錯誤。 故選AC。 【考點】動能定理 12、光滑地面上放一長木板，質量為M，木板上表面粗糙且左端放一木塊m，如圖所示，現(xiàn)用水平向右的恒力F拉木塊，使它在木板上滑動且相對地面位移為s(木塊沒有滑下長木板)。若改變下列物理量，使木塊依舊相對地面前進s，對比未改變前的情況，下列判斷正確的是: A.若只增大m，則拉力F做

15、功的功率變小 B.若只增大m，則長木板末動能增大 C.若只增大M，則長木板和木塊組成的系統(tǒng)損失的機械能增大 D.若只增大F，則長木板末動能不變 【答案】ABC A、由功的公式可知，拉力的功W=Fs，F(xiàn)不變，s不變；故拉力的功不變；對m對牛頓第二定律可知；故m的加速度減??；則運動時間增長，故拉力F做功的功率減小，故A正確； B、m增大后，m對M的摩擦力f=μmg增大，則由牛頓第二定律可知，M的加速度增大，且由A的分析可知，運動時間變長，故B的末速度變大，動能增大，故B正確； C、若增大M，則m運動不受影響；而M加速度減小，在m移動s的過程中，兩者的相對位移增大；則長木板和

16、木塊組成的系統(tǒng)損失的機械能增大，故C正確； D、若增大F，m運動時間要短，M的加速度不變，其末速度減小，動能減小，故D錯誤。 故選ABC。 【考點】牛頓第二定律；功率 三、實驗題（本題共2小題，共16分） 13（8分）、某探究學習小組的同學們欲探究“拉力做功和動能變化的關系”，他們在實驗室組裝了一套如圖1所示的裝置，如圖所示： （1）為達到平衡阻力的目的，取下細繩和托盤，通過調節(jié)墊片的位置，改變長木板傾斜程度，根據(jù)打出的紙帶判斷小車是否做___________運動。 （2）連接細繩及托盤，放入砝碼，通過實驗得到圖2所示的紙帶。紙帶上O為小車運動起始時刻所打的點，選取時間間隔為

17、0.1s的相鄰計數(shù)點A、B、C、D、E、F、G。實驗時小車所受拉力為0.2N，小車的質量M=0.2kg。則O至F的過程中，拉力做功W= J，小車動能變化量= J。（結果保留四位有效數(shù)字） 分析上述數(shù)據(jù)可知：在實驗誤差允許的范圍內。 （3）若實際檢驗中，發(fā)現(xiàn)（排除讀數(shù)、測量等造成的偶然誤差），則可能的原因是 （寫一種情況即可）。 【答案】(1) 勻速運動 (2) 0.1115，0.1105 (3) 摩擦力平衡過度，紙帶上的O點不是起始時刻打的點。 （1）為保證拉力等于小車受到的合力，需平衡摩擦力，即將長木板左端適當墊高，輕

18、推小車，小車做勻速直線運動； （2）拉力的功為：； E點的瞬時速度為：； 故F點的動能為：； （3）若實際中，發(fā)現(xiàn)，則可能的原因是摩擦力平衡過度或紙帶上的O點不是起始時刻打的點。 【考點】探究功與速度變化的關系 14(8分)、用如圖裝置可驗證機械能守恒定律。輕繩兩端系著質量相等的物塊A、B，物塊B上放置一金屬片C。鐵架臺上固定一金屬圓環(huán)，圓環(huán)處在物塊B正下方。系統(tǒng)靜止時，金屬片C與圓環(huán)間的高度差為h。由此釋放，系統(tǒng)開始運動，當物塊B穿過圓環(huán)后，金屬片C被擱置在圓環(huán)上。兩光電門固定在鐵架臺P1、P2處，通過數(shù)字計時器可測出物塊B通過P1、P2這段時間。A、B均可視作質點，重力加速度g

19、已知。 （1）若測得P1、P2之間的距離為d，物塊B通過這段距離的時間為t，則物塊B剛穿過圓環(huán)后的速度v= 。 （2）若物塊A、B的質量均為M表示，金屬片C的質量用m表示，該實驗中驗證了 成立，即可驗證機械能守恒定律。 （3）本實驗中的測量儀器除了天平、光電門、數(shù)字計時器外，還需要 。 （4）改變物塊B的初始位置，使物塊B由不同的高度落下穿過圓環(huán)，記錄各次高度差h以及物塊B通過P1、P2這段距離的時間為t，以h為縱軸，以為橫軸，通過描點作出的圖線是一條過原點的直線，該直線的斜率k= (用m、M、d表示)。 【答案】(1) (2) m

20、gh （3）刻度尺 （4） （1）根據(jù)平均速度等于瞬時速度，則有：物塊B剛穿過圓環(huán)后的速度； （2）由題意可知，系統(tǒng)ABC減小的重力勢能轉化為系統(tǒng)的增加的動能，即：，即：，故C正確； （3）由，公式可知，除了天平、光電門、數(shù)字計時器外，還需要刻度尺； （4）作出的圖線是一條過原點的直線，直線的斜率。 【考點】驗證機械能守恒定律 四、 計算題（本題共4小題，共56分，解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分） 15、（12分）用豎直向上大小為30 N的力F，將質量為2 kg的物體從地面由靜止提升，物體上升2m后撤去力F

21、，經(jīng)一段時間后，物體落回地面。若忽略空氣阻力，g取10 m/s2。求： （1）拉力F做的功 （2）物體上升2m時的動能 （3）物體剛落回地面時的速度 【答案】 方向豎直向下 （1）由功的定義得 （2）從物體靜止上升2m，由動能定理： 解得： （3）對全過程，由動能定理： 解得： 方向豎直向下 【考點】動能定理； 16、（14分）（創(chuàng)編）如圖所示，光滑軌道AB平直，BC部分是處于豎直平面內半徑R的光滑半圓。圓心O處有一絕緣平臺,一帶正電小球被固定在圓心。另一個質量為m的帶負電小球在平直軌道上從A點由靜止開始向左運動，到達C點時小球對軌道的壓力為0。已知

22、小球運動到B點時受到的庫侖力大小與小球重力大小相等，兩帶電小球均可看成點電荷（重力加速度g已知）。求： （1）小球在C點受到的庫侖力的大小和方向 （2）小球到達C點時的速度大小 （3）小球從A運動至C的過程中庫侖力做的功 【答案】，方向豎直向下 （1）由庫侖定律知：小球在最C點庫侖力，方向豎直向下 （2）在C點，由牛頓第二定律： 解得： （3）A至C，由動能定理： 解得： 【考點】庫侖定律；牛頓第二定律；動能定理 17、(15分)（原創(chuàng)）如圖所示，傾角為370的光滑斜面與動摩擦因素u=0.5的水平面平滑相連于B點，將一勁度系數(shù)k=500N/m的

23、輕質彈簧的一端固定在光滑斜面的固定板上，固定板中央留有小孔，平行于斜面的細線穿過固定板的小孔和彈簧后跨過定滑輪將小物塊和大物塊連接，小物塊與彈簧接觸但不相連，小物塊質量m=5kg，大物塊質量M=6kg，水平軌道上固定一相同的輕質彈簧，自然狀態(tài)下，彈簧右端位于C點，初始時刻兩物塊靜止，小物塊位于A點。已知lAB= 0.1m, lBC=0.06m，重力加速度g取10m/s2?，F(xiàn)小球與細線突然斷開，求： （1）細線未斷時，輕質彈簧的形變量 （2）在彈簧彈性限度內，物塊與水平面上的彈簧接觸并擠壓彈簧，當該彈簧獲得與斜面上的彈簧在細線剛斷開時相同的彈性勢能時，小物塊的速度v （3）彈簧彈性勢能與形

24、變量x滿足關系，試確定小物塊的最終位置 【答案】 （1）細線未斷時，大球平衡：、小球平衡： 解得： （2）物塊與BC平面上的彈簧接觸獲得與初始細線斷開時相同的彈性勢能時，彈簧壓縮0.06m。由A至水平彈簧被壓縮0.06m的過程中，由動能定理： 解得： （3）彈簧彈力 最大靜摩擦力 因為 故物體會向右運動 此時彈簧彈性勢能 若物體能夠向右運動到C點 故物體在到達C點前就停止運動。設改點距離C點x2。 由動能定理： 又： 解得： 【考點】共點力平衡；動能定理； 18、（15分）（創(chuàng)編）如圖所示，均勻光滑直桿AB長為

25、L，可繞光滑固定轉軸O轉動，O在距B點L/3處。在水平桿的另一端A下擺經(jīng)過的軌跡上安裝光電門，用來測量A端的瞬時速度vA，光電門測量位置和距轉軸O的高度差h可以調節(jié)，有一質量為m的小球套在光滑桿上，重力加速度g取10m/s2。 （1）若桿的質量忽略不計，小球固定在桿OA的中點處，由靜止釋放桿，請寫出光電門測量到的速度vA與高度差h的關系式 （2）實際情況下桿的質量M不能忽略，拿走小球后重復實驗，得到了如圖所示的與h關系圖線。請寫出桿繞O點轉動時的動能Ek與vA的關系式 （3）將光電門安裝在OA中點正下方L/3處，將桿由水平位置靜止釋放，套在桿上某處的小球由靜止開始沿桿下滑，恰好

26、經(jīng)過該光電門，測得小球對地速度大小為v。已知桿的質量M是小球質量m的倍, 桿繞O點轉動時的動能Ek與vA滿足（2）問關系。求此時小球重力做功的瞬時功率P。 【答案】（1） （2） （3） （1）根據(jù)圖中幾何關系可知，A端下降高度為h時，小球下降高度為,設此時小球的速度為。由機械能守恒定律： 由小球與A端共軸，有相同的角速度，所以： 解得： （2） 考慮桿的質量，拿走小球后，桿的重心距轉軸O的距離為。因此桿的重心下降高度H與A端下降高度h的關系為： 在轉動過程中，根據(jù)機械能守恒定律有： 由與h的關系圖可知： 由上面3式聯(lián)立解得： （3）小球下降高度，此時

27、桿與水平方向夾角為45°。由幾何關系知，桿的重心下降高度 設桿此時動能為，小球垂直桿方向的分速度為，小球沿桿方向分速度為 桿和小球組成的系統(tǒng)機械能守恒： 解得： 又：, 解得： 又 及 解得： 【考點】機械能守恒定律； 羅 欣 王維剛 xx重慶一中高xx級高一下期半期考試（本部） 物 理 答 案 xx.5 一、二選擇題（本題共12小題，每小題4分，共48分） 題號 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 C C B D B D C A AD BD AC AB

28、C 三、實驗題（本題共2小題，共14分） 13．（每空2分，共8分） (1) 勻速運動 ; (2) 0.1115 , 0.1105 ; (3) 摩擦力平衡過度，紙帶上的O點不是起始時刻打的點。 14.（每空2分，共8分） (1) (2) mgh （3）刻度尺 （4） 四、計算題（本題共4小題，共60分，解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分） 15（12分）.解： （1） （2）從物體靜止上升2m，由動能定理： 解得： （3）對全過程，由動能定理：

29、 解得： 方向豎直向下 16. （14分）解： （1）由庫侖定律知： 小球在最C點庫侖力方向豎直向下 （2）在C點，由牛頓第二定律： 解得： （3）A至C，由動能定理： 解得： 17.（15分） （1）細線未斷時，大球平衡： 小球平衡： 解得： （2）物塊與BC平面上的彈簧接觸獲得與初始細線斷開時相同的彈性勢能時，彈簧壓縮0.06m。由A至水平彈簧被壓縮0.06m的過程中，由動能定理： 解得： （3）彈簧彈力 最大靜摩擦力 因為 故物體會向右運動 此時彈簧彈性勢能 若物體能夠向右運動到C

30、點 故物體在到達C點前就停止運動。設改點距離C點x2。 由動能定理： 又： 解得： 18.（15分） （1）根據(jù)圖中幾何關系可知，A端下降高度為h時，小球下降高度為,設此時小球的速度為。有機械能守恒定律： 由小球與A端共軸，有相同的角速度，所以： 解得： （2） 考慮桿的質量，拿走小球后，桿的重心距轉軸O的距離為。因此桿的重心下降高度H與A端下降高度h的關系為： 在轉動過程中，根據(jù)機械能守恒定律有： 由與h的關系圖可知： 由上面3式聯(lián)立解得： （3）小球下降高度，此時桿與水平方向夾角為45°。由幾何關系知，桿的重心下降高度 設桿此時動能為，小球垂直桿方向的分速度為，小球沿桿方向分速度為 桿和小球組成的系統(tǒng)機械能守恒： 解得： 又：, 解得： 又 又： 解得：