《2022年高考物理大二輪復(fù)習(xí) 題型限時專練4 選擇題+選考題(四)》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2022年高考物理大二輪復(fù)習(xí) 題型限時專練4 選擇題+選考題(四)（9頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、2022年高考物理大二輪復(fù)習(xí) 題型限時專練4 選擇題+選考題(四) 一、選擇題(本題共8小題，在每小題給出的四個選項中，第14～17題只有一項符合題目要求，第18～21題有多項符合題目要求．) 14．(2018·云南七校聯(lián)考)關(guān)于結(jié)合能和比結(jié)合能，下列說法正確的是(　　) A．原子核的結(jié)合能等于核子結(jié)合成原子核而具有的能量 B．一重原子核衰變成α粒子和另一原子核，衰變產(chǎn)物的結(jié)合能之和一定大于原來重核的結(jié)合能 C．比結(jié)合能越小表示原子核中的核子結(jié)合得越牢固 D．自由核子組成原子核時，其質(zhì)量虧損所對應(yīng)的能量大于該原子核的結(jié)合能 [解析]　原子核分解成自由核子時，需要的最小能量就是原子

2、核的結(jié)合能，A錯誤；重核衰變時釋放能量，衰變產(chǎn)物更穩(wěn)定，即衰變產(chǎn)物的比結(jié)合能更大，衰變前后核子數(shù)不變，所以衰變產(chǎn)物的結(jié)合能之和一定大于原來重核的結(jié)合能，B正確；比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定，C錯誤；原子核是核子憑借核力結(jié)合在一起構(gòu)成的，要把它們分開，也需要能量，所以質(zhì)量虧損對應(yīng)的能量與結(jié)合能是相等的，D錯誤． [答案]　B 15．(2018·武漢市高三調(diào)研)如圖是對著豎直墻壁沿水平方向拋出的小球a、b、c的運動軌跡，三個小球到墻壁的水平距離均相同，且a和b從同一點拋出．不計空氣阻力，則(　　) A．a(chǎn)和b的飛行時間相同 B．b的飛行時間比c的短 C．a(chǎn)的初速度比b的小 D．c的初

3、速度比a的大 [解析]　三個小球與墻壁的水平距離相同，b下落的高度比a大，根據(jù)t＝可知，b飛行的時間較長，根據(jù)v0＝，則a的初速度比b的大，選項A、C錯誤；b下落的豎直高度比c大，則b飛行的時間比c長，選項B錯誤；a下落的豎直高度比c大，則a飛行的時間比c長，根據(jù)v0＝，則a的初速度比c的小，選項D正確． [答案]　D 16．(2018·湖南湘東五校聯(lián)考)每年的某段時間內(nèi)太陽光會直射地球赤道，如圖所示，一顆衛(wèi)星在赤道正上方繞地球做勻速圓周運動，運動方向與地球自轉(zhuǎn)方向相同，每繞地球一周，黑夜與白天的時間比為1∶5.設(shè)地球表面重力加速度為g，地球半徑為R，地球自轉(zhuǎn)角速度為ω.忽略大氣及太陽照

4、射偏移的影響，則赤道上某定點能夠直接持續(xù)觀測到此衛(wèi)星的最長時間為(　　) A. B. C. D. [解析]　衛(wèi)星每繞地球一周，黑夜與白天的時間比為1∶5，結(jié)合幾何知識計算可得，衛(wèi)星繞地球運行的軌道半徑為2R，設(shè)軌道半徑為R的衛(wèi)星周期為T1，該衛(wèi)星的周期為T2，則有mg＝mR，＝，聯(lián)立解得T2＝＝，又地球的自轉(zhuǎn)周期為T＝，由幾何關(guān)系可知，在地球上能夠直接觀測到該衛(wèi)星的角度為120°，即能夠直接觀測到該衛(wèi)星的時間為該衛(wèi)星相對地球運動120°的時間，衛(wèi)星相對地球赤道上某點運動一周所用時間為t＝，則赤道上某定點可直接持續(xù)觀測到此衛(wèi)星的最長時間為t′＝＝，選項C正確． [答案]　C

5、 17．(2018·遼寧五校聯(lián)考)如圖所示，在x軸上關(guān)于原點O對稱的兩點A、B分別固定放置點電荷＋Q1和－Q2，x軸上的P點位于B點的右側(cè)，且P點電場強度為零．設(shè)無窮遠處電勢為零，則下列判斷正確的是(　　) A．P點電勢為零 B．在A、B連線上還有一點與P點電場強度相同 C．A、O兩點的電勢差大于O、B兩點的電勢差 D．將一試探電荷＋q從P點移至O點過程中，電勢能一直增大 [解析]　根據(jù)題述可知P點的電場強度為零，根據(jù)點電荷電場強度公式和場強疊加原理可知＋Q1的電荷量一定大于－Q2的電荷量，A、B連線上各點電場強度都大于零，選項B錯誤；無窮遠處電勢為零且P點電場強度為零，由于＋Q

6、1的電荷量大于－Q2的電荷量，可知P點右側(cè)電場方向向右，正電荷從右側(cè)無窮遠處移動到P點的過程中，電場力始終做負功，故P點電勢不為零，選項A錯誤；由于＋Q1的電荷量大于－Q2的電荷量，＋Q1附近的電場線要比－Q2附近的電場線密，A、O兩點之間的平均電場強度要比O、B兩點之間的平均電場強度大，由E＝定性分析可知，A、O兩點之間的電勢差大于O、B兩點之間的電勢差，選項C正確；O點電勢高于P點，但越靠近－Q2，電勢越低，將一試探電荷＋q從P點移至O點的過程中，電場力先做正功后做負功，電勢能先減小后增大，選項D錯誤． [答案]　C 18．如圖所示，靜止在粗糙水平面上的半徑為4R的半球的最高點A處有一

7、根水平細線系著質(zhì)量為m、半徑為R的光滑球．已知重力加速度為g.下列說法正確的是(　　) A．地面對半球的摩擦力的方向水平向右 B．細線對小球的拉力大小為mg C．保持小球的位置不變，將A點沿半球逐漸下移，半球?qū)π∏虻闹С至χ饾u減小 D．剪斷細線的瞬間，小球的加速度大小為0.6g [解析]　以半球和小球整體為研究對象，整體處于平衡狀態(tài)，不受摩擦力作用，A項錯誤．對小球受力分析如圖，拉力FA＝mgtanθ，由幾何關(guān)系可知tanθ＝，則FA＝mg，B項正確．半球?qū)π∏虻闹С至N＝，在A點下移時，θ增大，cosθ減小，則FN增大，C項錯誤．在剪斷細線的瞬間，細線對小球的拉力消失，小

8、球在沿切線方向有mgsinθ＝ma，其中sinθ＝0.6，得a＝0.6g，D項正確． [答案]　BD 19．(2018·湖南湘東五校聯(lián)考)如圖所示，空間存在一有邊界的條形勻強磁場區(qū)域，磁場方向與豎直平面(紙面)垂直，磁場邊界的間距為L，一質(zhì)量為m、邊長也為L的正方形導(dǎo)線框沿豎直方向運動，線框所在平面始終與磁場方向垂直，且線框上、下邊始終與磁場的邊界平行．t＝0時刻線框的上邊恰好與磁場的下邊界重合(圖中位置Ⅰ)，線框的速度為v0，經(jīng)歷一段時間后，當線框的下邊恰好與磁場的上邊界重合時(圖中位置Ⅱ)，線框的速度剛好為零，此后，線框下落，經(jīng)過一段時間回到初始位置Ⅰ(不計空氣阻力)，則(　　)

9、 A．上升過程中合力做的功與下降過程中合力做的功相等 B．上升過程中線框產(chǎn)生的熱量比下降過程中線框產(chǎn)生的熱量多 C．上升過程中，線框的加速度逐漸減小 D．上升過程克服重力做功的平均功率小于下降過程重力做功的平均功率 [解析]　線框在穿過磁場過程中要克服安培力做功，但在線框上升過程中，安培力與重力均與運動方向相反，都做負功，而在線框下降過程中，重力做正功，安培力做負功，即上升過程中合力做的功大于重力做的功，下降過程中合力做的功小于重力做的功，即上升過程中合力做的功大于下降過程中合力做的功，選項A錯誤；分析線框的運動過程可知，對應(yīng)于同一位置，上升過程的安培力大于下降過程的安培力，而上升、下

10、降位移相等，故上升過程克服安培力做的功大于下降過程中克服安培力做的功，故上升過程中線框產(chǎn)生的熱量多，所以選項B正確；以線框為對象受力分析可知，線框在上升過程中做減速運動，有F安＋mg＝ma，F(xiàn)安＝，故有a＝g＋v，所以上升過程中，隨著速度逐漸減小，加速度也逐漸減小，故選項C正確；線框在下降過程中做加速運動，有a′＝g－，由此可知，下降過程中的平均加速度小于上升過程的平均加速度，而上升、下降的位移相等，故可知上升時間較短，下降時間較長，兩過程中重力做功大小相同，由功率公式可知，上升過程克服重力做功的平均功率大于下降過程重力做功的平均功率，所以選項D錯誤． [答案]　BC 20．(2018·福

11、州四校聯(lián)考)如圖所示，一理想變壓器原線圈匝數(shù)n1＝1000，副線圈匝數(shù)n2＝100，將原線圈接在100sin100πt(V)的交流電壓上，副線圈接有阻值R＝5 Ω的定值電阻、理想電流表和理想電壓表．現(xiàn)在A、B兩點間接入不同的電子元件，下列說法正確的是(　　) A．副線圈兩端電壓為1000 V B．若在A、B兩點間接入一阻值R′＝15 Ω的定值電阻，則電壓表示數(shù)為2.5 V C．若在A、B兩點間接入一電感線圈(感抗較大)，則電流表的示數(shù)為2 A D．若在兩點間接入一電容器，則在降低交流電的頻率時，電壓表的示數(shù)減小 [解析]　原線圈輸入電壓有效值為U1＝100 V，根據(jù)理想變壓器變壓

12、公式，可知副線圈兩端電壓為10 V，選項A錯誤；若在A、B兩點間接入一阻值R′＝15 Ω的定值電阻，副線圈輸出電流為I2＝＝0.5 A，則電壓表示數(shù)為U＝I2R＝2.5 V，選項B正確；若在A、B兩點間接入一電感線圈，由于感抗較大，電路中阻抗大于5 Ω，根據(jù)歐姆定律，可知電流表的示數(shù)一定小于2 A，選項C錯誤；若在A、B兩點間接入一電容器，則在降低交流電的頻率時，容抗增大，電路中的電流減小，由歐姆定律可知，電阻兩端電壓減小，電壓表的示數(shù)減小，選項D正確． [答案]　BD 21．(2018·衡水中學(xué)六調(diào))在如圖所示被MN隔開的區(qū)域Ⅰ和區(qū)域Ⅱ內(nèi)分別存在與紙面垂直的勻強磁場，一帶電粒子僅在洛倫茲

13、力作用下沿著apb由區(qū)域Ⅰ運動到區(qū)域Ⅱ.已知ap與pb的弧長之比為2∶1，下列說法正確的是(　　) A．粒子在區(qū)域Ⅰ和區(qū)域Ⅱ中運動的速率之比為1∶1 B．粒子通過ap、pb的時間之比為2∶1 C．a(chǎn)p、pb對應(yīng)的圓心角之比為2∶1 D．區(qū)域Ⅰ和區(qū)域Ⅱ的磁感應(yīng)強度方向相反 [解析]　由于帶電粒子在磁場中運動所受的洛倫茲力不做功，所以粒子在區(qū)域Ⅰ和區(qū)域Ⅱ中運動的速率之比為1∶1，選項A正確；由s＝vt，可知粒子通過ap、pb的時間之比為2∶1，選項B正確；根據(jù)題圖可知，粒子在區(qū)域Ⅰ和區(qū)域Ⅱ中軌跡半徑不同，所以圓心角之比不一定是2∶1，選項C錯誤；根據(jù)題圖可知帶電粒子在區(qū)域Ⅰ和區(qū)域Ⅱ所

14、受的洛倫茲力的大致方向，易知區(qū)域Ⅰ和區(qū)域Ⅱ的磁感應(yīng)強度方向相反，選項D正確． [答案]　ABD 二、選考題(從兩道題中任選一題作答) 33．(2018·唐山高三期末)[物理——選修3－3] (1)(多選)大自然中存在許多絢麗奪目的晶體，這些晶體不僅美麗，而且由于化學(xué)成分和結(jié)構(gòu)各不相同而呈現(xiàn)出千姿百態(tài)．高貴如鉆石，平凡如雪花，都是由無數(shù)原子嚴謹而有序地組成的．關(guān)于晶體與非晶體，正確的說法是________． A．固體可以分為晶體和非晶體兩類，晶體、非晶體是絕對的，是不可以相互轉(zhuǎn)化的 B．多晶體是由許多單晶體雜亂無章地組合而成的，所以多晶體沒有確定的幾何形狀 C．晶體沿不同方向的導(dǎo)熱

15、或?qū)щ娦阅懿幌嗤?，但沿不同方向的光學(xué)性質(zhì)一定相同 D．單晶體有確定的熔點，非晶體沒有確定的熔點 E．有的物質(zhì)在不同條件下能夠生成不同晶體，是因為組成它們的微粒能夠按照不同規(guī)則在空間分布 (2)如圖所示，氣缸開口向右、固定在水平桌面上，氣缸內(nèi)用活塞封閉了一定質(zhì)量的理想氣體，活塞橫截面積為S＝1×10－3 m2.活塞與氣缸壁導(dǎo)熱良好，輕繩跨過定滑輪將活塞和地面上質(zhì)量為m＝1 kg的重物連接．開始時，繩子剛好伸直且張力為零，活塞與缸底的距離L1＝27 cm，被銷子K固定在圖示位置，此時氣缸內(nèi)氣體的壓強p1＝1.1×105 Pa，溫度T1＝330 K，外界大氣壓強p0＝1.0×105 Pa，g＝

16、10 m/s2，不計一切摩擦和阻力．若在此時拔去銷子K，降低氣缸內(nèi)氣體的溫度，求： ①重物剛好離開地面時，缸內(nèi)氣體的溫度． ②重物緩慢上升2 cm時，缸內(nèi)氣體的溫度． [解析]　(1)在合適的條件下，某些晶體可以轉(zhuǎn)變?yōu)榉蔷w，例如天然水晶是晶體，熔化以后再凝固的水晶卻是非晶體，A錯誤；多晶體是由許多單晶體雜亂無章地組合而成的，所以多晶體沒有確定的幾何形狀，且具有各向同性的特點，B正確；單晶體一定是各向異性，多晶體是各向同性的，C錯誤；根據(jù)晶體與非晶體的區(qū)別可知，晶體有確定的熔點，非晶體沒有確定的熔點，D正確；有的物質(zhì)微粒在不同條件下可以按不同的規(guī)劃在空間分布，生成不同的晶體，E正確．

17、 (2)①設(shè)重物剛好離開地面時，缸內(nèi)氣體的壓強為p2，活塞受力平衡，故封閉氣體壓強p2＝p0－＝0.9×105 Pa 拔掉銷子前后，氣體發(fā)生等容變化，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，有＝ 解得T2＝270 K ②重物剛好離開地面時，氣體體積為V1，V1＝L1S 設(shè)重物緩慢上升h＝2 cm時，氣體體積為V2，V2＝(L1－h(huán))S 氣體發(fā)生等壓變化，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，有＝ 解得T′2＝250 K [答案]　(1)BDE　(2)①270 K?、?50 K 34．(2018·湛江市高三調(diào)研)[物理——選修3－4] (1)(多選)如圖所示，兩束單色光a、b從水下面射向A點，光線經(jīng)折射后合成

18、一束光c，則下列說法正確的是________． A．用同一雙縫干涉實驗裝置分別以a、b光做實驗，a光的干涉條紋間距大于b光的干涉條紋間距 B．a(chǎn)光比b光更容易發(fā)生衍射現(xiàn)象 C．在水中a光的速度比b光的速度小 D．在水中a光的臨界角大于b光的臨界角 E．若a光與b光以相同入射角從水中射向空氣，在不斷增大入射角時水面上首先消失的是a光 (2)在某種介質(zhì)中，有相距4 m的兩個波源S1、S2，沿垂直紙面方向做簡諧振動，其周期分別為T1＝0.8 s和T2＝0.4 s，振幅分別為A1＝2 cm和A2＝1 cm，在該介質(zhì)中形成的簡諧波的波速為v＝5 m/s.S處有一質(zhì)點，它到S1的距離為3

19、 m，且SS1⊥S1S2，在t＝0時刻，兩波源同時開始垂直紙面由平衡位置向外振動，試求： ①t＝0時刻振動傳到S處的時間差； ②t＝10 s時，S處質(zhì)點離開平衡位置的位移大小． [解析]　(1)根據(jù)題給的光路圖可知，a光的折射率較小，b光的折射率較大，根據(jù)n＝可知，在水中a光的速度比b光的速度大，選項C錯誤；根據(jù)折射率大的光的頻率較大，波長較短可知，a光的波長較長，a光比b光更容易發(fā)生衍射現(xiàn)象，選項B正確；由條紋間距公式Δx＝λ可知，波長較長的單色光a的干涉條紋間距較大，選項A正確；由全反射臨界角公式sinC＝，在水中a光的臨界角大于b光的臨界角，選項D正確；由sinC＝，且na

20、b可知，若a光與b光以相同入射角從水中射向空氣，在不斷增大入射角時，水面上首先消失的是b光，選項E錯誤． (2)①由題意可知，SS2＝＝5 m S1在t＝0時的振動傳到S處質(zhì)點所需的時間t1＝＝ s＝0.6 s S2在t＝0時的振動傳到S處質(zhì)點所需的時間 t2＝＝ s＝1 s 那么S1、S2在t＝0時的振動傳到S處質(zhì)點的時間差為 Δt＝t2－t1＝0.4 s ②在t＝10 s時S處質(zhì)點按S1的振動規(guī)律已經(jīng)振動了 Δt1＝t－t1＝9.4 s＝T1 此時S1引起S處質(zhì)點的位移大小為x1＝A1＝2 cm 在t＝10 s時S處質(zhì)點按S2的振動規(guī)律已經(jīng)振動了 Δt2＝t－t2＝9 s＝T2 此時S2引起S處質(zhì)點的位移大小為x2＝0 所以t＝10 s時S處質(zhì)點離開平衡位置的位移為S1和S2單獨傳播引起質(zhì)點位移的矢量和，故x＝x1＋x2＝2 cm [答案]　(1)ABD　(2)①0.4 s　②2 cm