2022版高中數(shù)學(xué) 第一章 導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用 課時(shí)作業(yè)7 函數(shù)的最大(小)值與導(dǎo)數(shù) 新人教A版選修2-2
2022版高中數(shù)學(xué) 第一章 導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用 課時(shí)作業(yè)7 函數(shù)的最大(小)值與導(dǎo)數(shù) 新人教A版選修2-2
|基礎(chǔ)鞏固|(25分鐘,60分)
一、選擇題(每小題5分,共25分)
1.函數(shù)f(x)=x+2cosx在區(qū)間上的最小值是( )
A.- B.2
C.+ D.+1
解析:f′(x)=1-2sinx,
∵x∈,
∴sinx∈[-1,0],∴-2sinx∈[0,2].
∴f′(x)=1-2sinx>0在上恒成立,
∴f(x)在上單調(diào)遞增.
∴f(x)min=-+2cos=-.
答案:A
2.函數(shù)y=2x3-3x2-12x+5在[0,3]上的最大值和最小值分別是( )
A.5,15 B.5,-4
C.5,-15 D.5,-16
解析:y′=6x2-6x-12=6(x+1)(x-2),
令y′=0得x=-1或x=2.
當(dāng)x=2時(shí)y=-15,
當(dāng)x=0時(shí)y=5,
當(dāng)x=3時(shí),y=-4.故選C.
答案:C
3.函數(shù)y=的最大值為( )
A.e-1 B.e
C.e2 D.
解析:令y′==0,則x=e
當(dāng)x∈(0,e)時(shí),y′>0,當(dāng)x∈(e,+∞)時(shí),y′<0.
∴當(dāng)x=e時(shí)y取最大值,故選A.
答案:A
4.已知f(x)=2x3-6x2+m(m為常數(shù))在[-2,2]上有最大值3,那么此函數(shù)在[-2,2]上的最小值是( )
A.-37 B.-29
C.-5 D.以上都不對
解析:∵f′(x)=6x2-12x=6x(x-2),
∵f(x)在(-2,0)上為增函數(shù),
在(0,2)上為減函數(shù),
∴當(dāng)x=0時(shí),f(x)=m最大.
∴當(dāng)m=3,從而f(-2)=-37,f(2)=-5.
∴最小值為-37.故選A.
答案:A
5.下列關(guān)于函數(shù)f(x)=(2x-x2)ex的判斷正確的是( )
①f(x)>0的解集是{x|0<x<2};
②f(- )是極小值,f( )是極大值;
③f(x)沒有最小值,也沒有最大值.
A.①③ B.①②③
C.② D.①②
解析:由f(x)>0得0<x<2,
f′(x)=(2-x2)ex,故①正確.
令f′(x)=0,得x=± ,
當(dāng)x<- 或x> 時(shí),f′(x)<0.
當(dāng)- <x< 時(shí),f′(x)>0.
∴x=- 時(shí),f(x)取得極小值,
當(dāng)x= 時(shí),f(x)取得極大值,故②正確.
當(dāng)x→-∞時(shí),f(x)<0,
當(dāng)x→+∞時(shí),f(x)<0.
綜合函數(shù)的單調(diào)性與極值畫出函數(shù)草圖(如下圖).
∴函數(shù)f(x)有最大值無最小值,故③不正確.
答案:D
二、填空題(每小題5分,共15分)
6.函數(shù)f(x)=+x(x∈[1,3])的值域?yàn)開_______.
解析:f′(x)=-+1=,所以在[1,3]上f′(x)>0恒成立,即f(x)在[1,3]上單調(diào)遞增,所以f(x)的最大值是f(3)=,最小值是f(1)=.故函數(shù)f(x)的值域?yàn)?
答案:
7.若函數(shù)f(x)在區(qū)間[a,b]上滿足f′(x)>0,則f(a)是函數(shù)的最________值,f(b)是函數(shù)的最________值.
解析:由f′(x)>0知,函數(shù)f(x)在區(qū)間[a,b]上為增函數(shù),所以f(a)為最小值,f(b)為最大值.
答案:小 大
8.函數(shù)f(x)=ax3+2ax+1在區(qū)間[-3,2]上有最大值4,則實(shí)數(shù)a=________.
解析:f′(x)=3ax2+2a=a(3x2+2).當(dāng)a>0時(shí),f′(x)>0,∴f(x)max=f(2)=8a+4a+1=4,解得a=;當(dāng)a<0時(shí),f′(x)<0,∴f(x)max=f(-3)=-27a-6a+1=4,解得a=-
答案:或-
三、解答題(每小題10分,共20分)
9.求下列各函數(shù)的最值.
(1)f(x)=-x4+2x2+3,x∈[-3,2];
(2)f(x)=x3-3x2+6x-2,x∈[-1,1].
解析:(1)f′(x)=-4x3+4x,
令f′(x)=-4x(x+1)(x-1)=0得
x=-1,或x=0,或x=1.
當(dāng)x變化時(shí),f′(x)及f(x)的變化情況如下表:
∴當(dāng)x=-3時(shí),f(x)取最小值-60;
當(dāng)x=-1或x=1時(shí),f(x)取最大值4.
(2)f′(x)=3x2-6x+6=3(x2-2x+2)=3(x-1)2+3,
∵f′(x)在[-1,1]內(nèi)恒大于0,
∴f(x)在[-1,1]上為增函數(shù).
故x=-1時(shí),f(x)最小值=-12;
x=1時(shí),f(x)最大值=2.
即f(x)的最小值為-12,最大值為2.
10.已知h(x)=x3+3x2-9x+1在區(qū)間[k,2]上的最大值是28,求k的取值范圍.
解析:h(x)=x3+3x2-9x+1,
h′(x)=3x2+6x-9.
令h′(x)=0,得x1=-3,x2=1,
當(dāng)x變化時(shí)h′(x)及h(x)的變化情況如下表:
當(dāng)x=-3時(shí),取極大值28;當(dāng)x=1時(shí),取極小值-4.
而h(2)=3<h(-3)=28,如果h(x)在區(qū)間[k,2]上的最大值為28,則k≤-3.
|能力提升|(20分鐘,40分)
11.若函數(shù)f(x)=asinx+sin3x在x=處有最值,則a等于( )
A.2 B.1
C. D.0
解析:∵f(x)在x=處有最值,
∴x=是函數(shù)f(x)的極值點(diǎn).
又∵f′(x)=acosx+cos3x(x∈R),
∴f′=acos+cosπ=0,解得a=2.
答案:A
12.設(shè)函數(shù)f(x)=x2ex,若當(dāng)x∈[-2,2]時(shí),不等式f(x)>m恒成立,則實(shí)數(shù)m的取值范圍是________.
解析:f′(x)=xex+x2ex
=·x(x+2),
由f′(x)=0得x=0或x=-2.
當(dāng)x∈[-2,2]時(shí),f′(x),f(x)隨x的變化情況如下表:
∴當(dāng)x=0時(shí),f(x)min=f(0)=0,
要使f(x)>m對x∈[-2,2]恒成立,
只需m<f(x)min,∴m<0.
答案:m<0
13.已知函數(shù)f(x)=lnx+,若函數(shù)f(x)在[1,e]上的最小值是,求a的值.
解析:函數(shù)的定義域?yàn)閇1,e],
f′(x)=-=,
令f′(x)=0,得x=a,
①當(dāng)a≤1時(shí),f′(x)≥0,
函數(shù)f(x)在[1,e]上是增函數(shù),
f(x)min=f(1)=ln1+a=,
∴a=?(-∞,1],故舍去.
②當(dāng)1<a<e時(shí),令f′(x)=0得x=a,
函數(shù)f(x)在[1,a]上是減函數(shù),在[a,e]上是增函數(shù),
∴f(x)min=f(a)=lna+=.
∴a= ∈(1,e),故符合題意.
③當(dāng)a≥e時(shí),f′(x)≤0,
函數(shù)f(x)在[1,e]上是減函數(shù),
f(x)min=f(e)=lne+=,
∴a=e?[e,+∞),故舍去,
綜上所述a= .
14.已知函數(shù)f(x)=-x++lnx在上存在x0使得不等式f(x0)-c≤0成立,求c的取值范圍.
解析:在上存在x0,使得不等式f(x0)-c≤0成立,只需c≥f(x)min,
由f′(x)=--+
=-=-,
∴當(dāng)x∈時(shí),f′(x)<0,
故f(x)在上單調(diào)遞減;當(dāng)x∈時(shí),f′(x)>0,
故f(x)在上單調(diào)遞增;當(dāng)x∈(1,2)時(shí),f′(x)<0,
故f(x)在(1,2)上單調(diào)遞減;
∴f是f(x)在上的極小值.
而f=+ln=-ln2,f(2)=-+ln2,
且f-f(2)=-ln4=lne-ln4,
又e3-16>0,∴l(xiāng)ne-ln4>0,
∴在上f(x)min=f(2),
∴c≥f(x)min=-+ln2.
∴c的取值范圍為.