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2022版高中數(shù)學(xué) 第一章 導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用 課時(shí)作業(yè)5 函數(shù)的單調(diào)性與導(dǎo)數(shù) 新人教A版選修2-2

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2022版高中數(shù)學(xué) 第一章 導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用 課時(shí)作業(yè)5 函數(shù)的單調(diào)性與導(dǎo)數(shù) 新人教A版選修2-2

2022版高中數(shù)學(xué) 第一章 導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用 課時(shí)作業(yè)5 函數(shù)的單調(diào)性與導(dǎo)數(shù) 新人教A版選修2-2 |基礎(chǔ)鞏固|(25分鐘,60分) 一、選擇題(每小題5分,共25分) 1.下列函數(shù)中,在(0,+∞)內(nèi)為增函數(shù)的是(  ) A.y=sinx        B.y=xex C.y=x3-x D.y=lnx-x 解析:B中,y′=(xex)′=ex+xex=ex(x+1)>0在(0,+∞)上恒成立,∴y=xex在(0,+∞)上為增函數(shù).對(duì)于A、C、D都存在x>0,使y′<0的情況. 答案:B 2.函數(shù)f(x)=(a2+1)x+b在R上(  ) A.單調(diào)遞增 B.單調(diào)遞減 C.有增有減 D.單調(diào)性與a、b有關(guān) 解析:f′(x)=a2+1>0,∴f(x)在R上單調(diào)遞增. 答案:A 3.若函數(shù)y=f(x)的導(dǎo)函數(shù)y=f′(x)的圖象如圖所示,則y=f(x)的圖象可能為(  ) 解析:觀察題圖可知:當(dāng)x<0時(shí),f′(x)>0,則f(x)單調(diào)遞增;當(dāng)0<x<1時(shí),f′(x)<0,則f(x)單調(diào)遞減,即f(x)的圖象在x=0左側(cè)上升,右側(cè)下降.故選C. 答案:C 4.已知函數(shù)f(x)=+lnx,則有(  ) A.f(e)<f(3)<f(2) B.f(3)<f(e)<f(2) C.f(e)<f(2)<f(3) D.f(2)<f(e)<f(3) 解析:f′(x)=+,∴x∈(0,+∞)時(shí), f′(x)>0, ∴f(x)在(0,+∞)上是增函數(shù), 又2<e<3,∴f(2)<f(e)<f(3),故選D. 答案:D 5.若函數(shù)f(x)=x3-ax2-x+6在(0,1)內(nèi)單調(diào)遞減,則實(shí)數(shù)a的取值范圍是(  ) A.a(chǎn)≥1 B.a(chǎn)=1 C.a(chǎn)≤1 D.0<a<1 解析:因?yàn)閒′(x)=3x2-2ax-1,又f(x)在(0,1)內(nèi)單調(diào)遞減, 所以不等式3x2-2ax-1≤0在(0,1)內(nèi)恒成立, 所以f′(0)≤0,且f′(1)≤0, 所以a≥1. 答案:A 二、填空題(每小題5分,共15分) 6.函數(shù)f(x)=(x2+x+1)ex(x∈R)的單調(diào)遞減區(qū)間為________. 解析:f′(x)=(2x+1)ex+(x2+x+1)ex =ex(x2+3x+2)=ex(x+1)(x+2), 令f′(x)<0,解得-2<x<-1, ∴函數(shù)f(x)的單調(diào)減區(qū)間為(-2,-1). 答案:(-2,-1) 7.使y=sinx+ax為R上的增函數(shù)的a的取值范圍是________. 解析:因?yàn)閥′=cosx+a≥0, 所以a≥-cosx對(duì)x∈R恒成立. 所以a≥1. 答案:[1,+∞) 8.設(shè)f(x)=ax3+x恰有三個(gè)單調(diào)區(qū)間,則a的取值范圍是________. 解析:f(x)的定義域?yàn)?-∞,+∞),f′(x)=3ax2+1. 若a>0,則f′(x)>0,x∈(-∞,+∞),此時(shí),f(x)只有一個(gè)單調(diào)區(qū)間,與已知矛盾; 若a=0,則f(x)=x,此時(shí),f(x)也只有一個(gè)單調(diào)區(qū)間,亦與已知矛盾; 若a<0,則f′(x)=3a, 綜上可知a<0時(shí),f(x)恰有三個(gè)單調(diào)區(qū)間. 答案:(-∞,0) 三、解答題(每小題10分,共20分) 9.求下列函數(shù)的單調(diào)區(qū)間: (1)f(x)=x-x3;(2)f(x)=x2-lnx. 解析:(1)f′(x)=1-3x2 令1-3x2>0,解得-<x<. 因此,函數(shù)f(x)的單調(diào)增區(qū)間為. 令1-3x2<0,解得x<-或x>. 因此,函數(shù)f(x)的單調(diào)減區(qū)間為,. (2)函數(shù)f(x)的定義域?yàn)?0,+∞). f′(x)=2x-=. 因?yàn)閤>0,所以x+1>0,由f′(x)>0,解得 x>, 所以函數(shù)f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間為; 由f′(x)<0,解得x<,又x∈(0,+∞), 所以函數(shù)f(x)的單調(diào)遞減區(qū)間為. 10.求函數(shù)f(x)=(a+1)lnx+ax2+1的單調(diào)區(qū)間. 解析:f(x)的定義域?yàn)?0,+∞). f′(x)=+2ax=. 當(dāng)a≥0時(shí),f′(x)>0, 故f(x)在(0,+∞)單調(diào)遞增; 當(dāng)a≤-1時(shí),f′(x)<0, 故f(x)在(0,+∞)單調(diào)遞減; 當(dāng)-1<a<0時(shí),令f′(x)=0, 解得x= 則當(dāng)x∈時(shí),f′(x)>0; x∈時(shí),f′(x)<0. 故f(x)在上單調(diào)遞增, 在上單調(diào)遞減. |能力提升|(20分鐘,40分) 11.已知函數(shù)f(x)=-+ln2,則(  ) A.f()=f() B.f()<f() C.f()>f() D.f(),f()的大小關(guān)系無法確定 解析:f′(x)==,當(dāng)x<1時(shí),f′(x)<0,函數(shù)f(x)單調(diào)遞減. ∵<<1,∴f()>f().故選C. 答案:C 12.若函數(shù)f(x)=x3+bx2+cx+d的單調(diào)減區(qū)間為(-1,3),則b=________,c=________. 解析:f′(x)=3x2+2bx+c, 由條件知 即 解得b=-3,c=-9. 答案:-3?。? 13.已知函數(shù)f(x)=lnx-. (1)求函數(shù)f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間; (2)證明:當(dāng)x>1時(shí),f(x)<x-1. 解析:(1)f′(x)=-x+1=,x∈(0,+∞). 由f′(x)>0得解得0<x<. 故f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間是. (2)證明:令F(x)=f(x)-(x-1),x∈(0,+∞). 則F′(x)=. 當(dāng)x∈(1,+∞)時(shí),F(xiàn)′(x)<0, 所以F(x)在(1,+∞)上單調(diào)遞減, 故當(dāng)x>1時(shí),F(xiàn)(x)<F(1)=0, 即當(dāng)x>1時(shí),f(x)<x-1. 14.已知函數(shù)f(x)=x3-ax-1. (1)若f(x)在實(shí)數(shù)集R上單調(diào)遞增,求實(shí)數(shù)a的取值范圍; (2)是否存在實(shí)數(shù)a,使f(x)在(-1,1)上單調(diào)遞減?若存在,求出a的取值范圍;若不存在,說明理由. 解析:(1)由已知f′(x)=3x2-a. ∵f(x)在(-∞,+∞)上是增函數(shù), ∴f′(x)=3x2-a≥0在(-∞,+∞)上恒成立. 即a≤3x2對(duì)x∈R恒成立. ∵3x2≥0,∴只要a≤0. 又∵a=0時(shí),f′(x)=3x2≥0, ∴f(x)=x3-1在R上是增函數(shù),∴a≤0. (2)由f′(x)=3x2-a≤0在(-1,1)上恒成立. ∴a≥3x2在x∈(-1,1)上恒成立. 又∵-1<x<1,∴3x2<3,只需a≥3. 當(dāng)a=3時(shí),f′(x)=3(x2-1)在x∈(-1,1)上,f′(x)<0, 即f(x)在(-1,1)上為減函數(shù),∴a≥3. 故存在實(shí)數(shù)a≥3,使f(x)在(-1,1)上單調(diào)遞減.

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