（新課標(biāo)）天津市2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題能力訓(xùn)練17 橢圓、雙曲線、拋物線 理1.已知雙曲線C:=1(a>0,b>0)的一條漸近線方程為y=x,且與橢圓=1有公共焦點(diǎn),則C的方程為()A.=1B.=1C.=1D.=12.以拋物線C的頂點(diǎn)為圓心的圓交C于A,B兩點(diǎn),交C的準(zhǔn)線于D,E兩點(diǎn).已知|AB|=4,|DE|=2,則C的焦點(diǎn)到準(zhǔn)線的距離為()A.2B.4C.6D.83.(2018全國(guó),理5)若雙曲線=1(a>0,b>0)的離心率為,則其漸近線方程為()A.y=±xB.y=±xC.y=±xD.y=±x4.(2018天津,理7)已知雙曲線=1(a>0,b>0)的離心率為2,過(guò)右焦點(diǎn)且垂直于x軸的直線與雙曲線交于A,B兩點(diǎn).設(shè)A,B到雙曲線的同一條漸近線的距離分別為d1和d2,且d1+d2=6,則雙曲線的方程為()A.=1B.=1C.=1D.=15.設(shè)雙曲線=1(a>0,b>0)的右焦點(diǎn)為F,過(guò)點(diǎn)F作與x軸垂直的直線l交兩漸近線于A,B兩點(diǎn),與雙曲線的一個(gè)交點(diǎn)為P,設(shè)O為坐標(biāo)原點(diǎn).若=m+n(m,nR),且mn=,則該雙曲線的離心率為()A.B.C.D.6.雙曲線=1(a>0,b>0)的漸近線為正方形OABC的邊OA,OC所在的直線,點(diǎn)B為該雙曲線的焦點(diǎn).若正方形OABC的邊長(zhǎng)為2,則a=. 7.已知雙曲線C:=1(a>0,b>0)的右頂點(diǎn)為A,以A為圓心,b為半徑作圓A,圓A與雙曲線C的一條漸近線交于M,N兩點(diǎn).若MAN=60°,則C的離心率為.8.如圖,已知拋物線C1:y=x2,圓C2:x2+(y-1)2=1,過(guò)點(diǎn)P(t,0)(t>0)作不過(guò)原點(diǎn)O的直線PA,PB分別與拋物線C1和圓C2相切,A,B為切點(diǎn).(1)求點(diǎn)A,B的坐標(biāo);(2)求PAB的面積.注:直線與拋物線有且只有一個(gè)公共點(diǎn),且與拋物線的對(duì)稱軸不平行,則稱該直線與拋物線相切,稱該公共點(diǎn)為切點(diǎn).9.如圖,動(dòng)點(diǎn)M與兩定點(diǎn)A(-1,0),B(1,0)構(gòu)成MAB,且直線MA,MB的斜率之積為4,設(shè)動(dòng)點(diǎn)M的軌跡為C.(1)求軌跡C的方程;(2)設(shè)直線y=x+m(m>0)與y軸相交于點(diǎn)P,與軌跡C相交于點(diǎn)Q,R,且|PQ|<|PR|,求的取值范圍.10.已知三點(diǎn)O(0,0),A(-2,1),B(2,1),曲線C上任意一點(diǎn)M(x,y)滿足|=·()+2.(1)求曲線C的方程;(2)點(diǎn)Q(x0,y0)(-2<x0<2)是曲線C上動(dòng)點(diǎn),曲線C在點(diǎn)Q處的切線為l,點(diǎn)P的坐標(biāo)是(0,-1),l與PA,PB分別交于點(diǎn)D,E,求QAB與PDE的面積之比.二、思維提升訓(xùn)練11.已知F為拋物線C:y2=4x的焦點(diǎn),過(guò)F作兩條互相垂直的直線l1,l2,直線l1與C交于A,B兩點(diǎn),直線l2與C交于D,E兩點(diǎn),則|AB|+|DE|的最小值為()A.16B.14C.12D.1012.(2018全國(guó),理11)設(shè)F1,F2是雙曲線C:=1(a>0,b>0)的左、右焦點(diǎn),O是坐標(biāo)原點(diǎn),過(guò)F2作C的一條漸近線的垂線,垂足為P.若|PF1|=|OP|,則C的離心率為()A.B.2C.D.13.已知F是拋物線C:y2=8x的焦點(diǎn),M是C上一點(diǎn),FM的延長(zhǎng)線交y軸于點(diǎn)N,若M為FN的中點(diǎn),則|FN|=. 14.在平面直角坐標(biāo)系xOy中,雙曲線=1(a>0,b>0)的右支與焦點(diǎn)為F的拋物線x2=2py(p>0)交于A,B兩點(diǎn),若|AF|+|BF|=4|OF|,則該雙曲線的漸近線方程為. 15.已知圓C:(x+1)2+y2=20,點(diǎn)B(1,0),點(diǎn)A是圓C上的動(dòng)點(diǎn),線段AB的垂直平分線與線段AC交于點(diǎn)P.(1)求動(dòng)點(diǎn)P的軌跡C1的方程;(2)設(shè)M,N為拋物線C2:y=x2上的一動(dòng)點(diǎn),過(guò)點(diǎn)N作拋物線C2的切線交曲線C1于P,Q兩點(diǎn),求MPQ面積的最大值.16.已知?jiǎng)狱c(diǎn)C是橢圓:+y2=1(a>1)上的任意一點(diǎn),AB是圓G:x2+(y-2)2=的一條直徑(A,B是端點(diǎn)),的最大值是.(1)求橢圓的方程;(2)已知橢圓的左、右焦點(diǎn)分別為點(diǎn)F1,F2,過(guò)點(diǎn)F2且與x軸不垂直的直線l交橢圓于P,Q兩點(diǎn).在線段OF2上是否存在點(diǎn)M(m,0),使得以MP,MQ為鄰邊的平行四邊形是菱形?若存在,求實(shí)數(shù)m的取值范圍;若不存在,請(qǐng)說(shuō)明理由.專題能力訓(xùn)練17橢圓、雙曲線、拋物線一、能力突破訓(xùn)練1.B解析 由題意得,c=3.又a2+b2=c2,所以a2=4,b2=5,故C的方程為=1.2.B解析 不妨設(shè)拋物線C的方程為y2=2px(p>0),圓的方程為x2+y2=R2.因?yàn)閨AB|=4,所以可設(shè)A(m,2).又因?yàn)閨DE|=2,所以解得p2=16.故p=4,即C的焦點(diǎn)到準(zhǔn)線的距離是4.3.A解析 e=,+1=3.雙曲線焦點(diǎn)在x軸上,漸近線方程為y=±x,漸近線方程為y=±x.4.C解析 由雙曲線的對(duì)稱性,不妨取漸近線y=x.如圖所示,|AD|=d1,|BC|=d2,過(guò)點(diǎn)F作EFCD于點(diǎn)E.由題易知EF為梯形ABCD的中位線,所以|EF|=(d1+d2)=3.又因?yàn)辄c(diǎn)F(c,0)到y(tǒng)=x的距離為=b,所以b=3,b2=9.因?yàn)閑=2,c2=a2+b2,所以a2=3,所以雙曲線的方程為=1.故選C.5.C解析 在y=±x中令x=c,得A,B,在雙曲線=1中令x=c得P當(dāng)點(diǎn)P的坐標(biāo)為時(shí),由=m+n,得由(舍去),e=同理,當(dāng)點(diǎn)P的坐標(biāo)為時(shí),e=故該雙曲線的離心率為6.2解析 四邊形OABC是正方形,AOB=45°,不妨設(shè)直線OA的方程即雙曲線的一條漸近線的方程為y=x=1,即a=b.又|OB|=2,c=2a2+b2=c2,即a2+a2=(2)2,可得a=2.7解析 如圖所示,由題意可得|OA|=a,|AN|=|AM|=b,MAN=60°,|AP|=b,|OP|=設(shè)雙曲線C的一條漸近線y=x的傾斜角為,則tan =又tan =,解得a2=3b2,e=8.解 (1)由題意知直線PA的斜率存在,故可設(shè)直線PA的方程為y=k(x-t),由消去y,整理得x2-4kx+4kt=0,由于直線PA與拋物線相切,得k=t.因此,點(diǎn)A的坐標(biāo)為(2t,t2).設(shè)圓C2的圓心為D(0,1),點(diǎn)B的坐標(biāo)為(x0,y0),由題意知:點(diǎn)B,O關(guān)于直線PD對(duì)稱,故解得因此,點(diǎn)B的坐標(biāo)為(2)由(1)知|AP|=t和直線PA的方程tx-y-t2=0.點(diǎn)B到直線PA的距離是d=設(shè)PAB的面積為S(t),所以S(t)=|AP|·d=9.解 (1)設(shè)M的坐標(biāo)為(x,y),當(dāng)x=-1時(shí),直線MA的斜率不存在;當(dāng)x=1時(shí),直線MB的斜率不存在.于是x1,且x-1.此時(shí),MA的斜率為,MB的斜率為由題意,有=4.整理,得4x2-y2-4=0.故動(dòng)點(diǎn)M的軌跡C的方程為4x2-y2-4=0(x±1).(2)由消去y,可得3x2-2mx-m2-4=0.對(duì)于方程,其判別式=(-2m)2-4×3(-m2-4)=16m2+48>0,而當(dāng)1或-1為方程的根時(shí),m的值為-1或1.結(jié)合題設(shè)(m>0)可知,m>0,且m1.設(shè)Q,R的坐標(biāo)分別為(xQ,yQ),(xR,yR),則xQ,xR為方程的兩根,因?yàn)閨PQ|<|PR|,所以|xQ|<|xR|.因?yàn)閤Q=,xR=,且Q,R在同一條直線上,所以=1+此時(shí)>1,且2,所以1<1+<3,且1+,所以1<<3,且綜上所述,的取值范圍是10.解 (1)由題意可知=(-2-x,1-y),=(2-x,1-y),=(x,y),=(0,2).|=()+2,=2y+2,x2=4y.曲線C的方程為x2=4y.(2)設(shè)Q,則SQAB=2=2y=,y'=x,kl=x0,切線l的方程為y-x0(x-x0)與y軸交點(diǎn)H,|PH|=1-直線PA的方程為y=-x-1,直線PB的方程為y=x-1,由得xD=由得xE=,SPDE=|xD-xE|·|PH|=1-,QAB與PDE的面積之比為2.二、思維提升訓(xùn)練11.A解析 方法一:由題意,易知直線l1,l2斜率不存在時(shí),不合題意.設(shè)直線l1方程為y=k1(x-1),聯(lián)立拋物線方程,得消去y,得x2-2x-4x+=0,所以x1+x2=同理,直線l2與拋物線的交點(diǎn)滿足x3+x4=由拋物線定義可知|AB|+|DE|=x1+x2+x3+x4+2p=+4=+82+8=16,當(dāng)且僅當(dāng)k1=-k2=1(或-1)時(shí),取得等號(hào).方法二:如圖所示,由題意可得F(1,0),設(shè)AB傾斜角為作AK1垂直準(zhǔn)線,AK2垂直x軸,結(jié)合圖形,根據(jù)拋物線的定義,可得所以|AF|·cos +2=|AF|,即|AF|=同理可得|BF|=,所以|AB|=又DE與AB垂直,即DE的傾斜角為+,則|DE|=,所以|AB|+|DE|=16,當(dāng)=時(shí)取等號(hào),即|AB|+|DE|最小值為16,故選A.12.C解析 由題意畫(huà)圖,如圖所示,可知|PF2|=b,|OP|=a.由題意,得|PF1|=a.設(shè)雙曲線漸近線的傾斜角為.在OPF1中,由余弦定理知cos(180°-)=-cos .又cos =,=-,解得c2=3a2.e=13.6解析 設(shè)N(0,a),由題意可知F(2,0).又M為FN的中點(diǎn),則M因?yàn)辄c(diǎn)M在拋物線C上,所以=8,即a2=32,即a=±4所以N(0,±4).所以|FN|=6.14.y=±x解析 拋物線x2=2py的焦點(diǎn)F,準(zhǔn)線方程為y=-設(shè)A(x1,y1),B(x2,y2),則|AF|+|BF|=y1+y2+=y1+y2+p=4|OF|=4=2p.所以y1+y2=p.聯(lián)立雙曲線與拋物線方程得消去x,得a2y2-2pb2y+a2b2=0.所以y1+y2=p,所以所以該雙曲線的漸近線方程為y=±x.15.解 (1)由已知可得,點(diǎn)P滿足|PB|+|PC|=|AC|=2>2=|BC|,所以動(dòng)點(diǎn)P的軌跡C1是一個(gè)橢圓,其中2a=2,2c=2.動(dòng)點(diǎn)P的軌跡C1的方程為=1.(2)設(shè)N(t,t2),則PQ的方程為y-t2=2t(x-t)y=2tx-t2.聯(lián)立方程組消去y整理,得(4+20t2)x2-20t3x+5t4-20=0,有而|PQ|=|x1-x2|=,點(diǎn)M到PQ的高為h=,由SMPQ=|PQ|h代入化簡(jiǎn),得SMPQ=,當(dāng)且僅當(dāng)t2=10時(shí),SMPQ可取最大值16.解 (1)設(shè)點(diǎn)C的坐標(biāo)為(x,y),則+y2=1.連接CG,由,又G(0,2),=(-x,2-y),可得=x2+(y-2)2-=a(1-y2)+(y-2)2-=-(a-1)y2-4y+a+,其中y-1,1.因?yàn)閍>1,所以當(dāng)y=-1,即1<a3時(shí),取y=-1,得有最大值-(a-1)+4+a+,與條件矛盾;當(dāng)y=>-1,即a>3時(shí),的最大值是,由條件得,即a2-7a+10=0,解得a=5或a=2(舍去).綜上所述,橢圓的方程是+y2=1.(2)設(shè)點(diǎn)P(x1,y1),Q(x2,y2),PQ的中點(diǎn)坐標(biāo)為(x0,y0),則滿足=1,=1,兩式相減,整理,得=-=-,從而直線PQ的方程為y-y0=-(x-x0).又右焦點(diǎn)F2的坐標(biāo)是(2,0),將點(diǎn)F2的坐標(biāo)代入PQ的方程得-y0=-(2-x0),因?yàn)橹本€l與x軸不垂直,所以2x0-=5>0,從而0<x0<2.假設(shè)在線段OF2上存在點(diǎn)M(m,0)(0<m<2),使得以MP,MQ為鄰邊的平行四邊形是菱形,則線段PQ的垂直平分線必過(guò)點(diǎn)M,而線段PQ的垂直平分線方程是y-y0=(x-x0),將點(diǎn)M(m,0)代入得-y0=(m-x0),得m=x0,從而m