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(新課標(biāo))2021版高考數(shù)學(xué)一輪總復(fù)習(xí) 第二章 函數(shù) 第6講 函數(shù)的單調(diào)性導(dǎo)學(xué)案 新人教A版

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(新課標(biāo))2021版高考數(shù)學(xué)一輪總復(fù)習(xí) 第二章 函數(shù) 第6講 函數(shù)的單調(diào)性導(dǎo)學(xué)案 新人教A版

第6講 函數(shù)的單調(diào)性 【課程要求】 1.了解函數(shù)單調(diào)性的概念,會討論和證明一些簡單函數(shù)的單調(diào)性. 2.利用函數(shù)的單調(diào)性求最值,求單調(diào)區(qū)間及參數(shù)的取值范圍. 對應(yīng)學(xué)生用書p14 【基礎(chǔ)檢測】 1.判斷下列結(jié)論是否正確(請在括號中打“√”或“×”) (1)若定義在R上的函數(shù)f(x),有f(-1)<f(3),則函數(shù)f(x)在R上為增函數(shù).(  ) (2)函數(shù)y=f(x)在[1,+∞)上是增函數(shù),則函數(shù)的單調(diào)遞增區(qū)間是[1,+∞).(  ) (3)函數(shù)y=的單調(diào)遞減區(qū)間是(-∞,0)∪(0,+∞).(  ) (4)函數(shù)y=f(x)的單調(diào)增區(qū)間為非空集合A,函數(shù)y=f(x)在區(qū)間B上單調(diào)遞增,則A=B.(  ) [答案] (1)× (2)× (3)× (4)× 2.[必修1p39B組T1]函數(shù)f(x)=x2-2x的單調(diào)遞增區(qū)間是________________. [答案] [1,+∞)(或(1,+∞)) 3.[必修1p44A組T9]若函數(shù)f(x)=x2-2mx+1在[2,+∞)上是增函數(shù),則實數(shù)m的取值范圍是____________. [解析]由題意知,[2,+∞)?[m,+∞),∴m≤2. [答案] (-∞,2] 4.函數(shù)f(x)=的單調(diào)遞增區(qū)間是(  )                    A.(-∞,-2] B.(-∞,1] C.[1,+∞) D.[4,+∞) [解析]由x2-2x-8≥0得x≥4或x≤-2, 令x2-2x-8=t,則y=為增函數(shù), ∴t=x2-2x-8在[4,+∞)上的增區(qū)間便是原函數(shù)的單調(diào)遞增區(qū)間, ∴原函數(shù)的單調(diào)遞增區(qū)間為[4,+∞). [答案]D 5.已知函數(shù)f(x)是定義在區(qū)間[0,+∞)上的函數(shù),且在該區(qū)間上單調(diào)遞增,則滿足f(2x-1)<f的x的取值范圍是(  ) A.B. C.D. [解析]因為函數(shù)f(x)是定義在區(qū)間[0,+∞)上的增函數(shù),滿足f(2x-1)<f. 所以0≤2x-1<,解得≤x<. [答案]D 6.如圖,△AOD是一直角邊長為1的等腰直角三角形,平面圖形OBD是四分之一圓的扇形,點P在線段AB上,PQ⊥AB,且PQ交AD或交弧DB于點Q,設(shè)AP=x(0<x<2),圖中陰影部分表示的平面圖形APQ(或APQD)的面積為y,則函數(shù)y=f(x)的大致圖象是(  ) [解析]觀察可知陰影部分的面積y的變化情況為:(1)當(dāng)0<x≤1時,y隨x的增大而增大,而且增加的速度越來越快.(2)當(dāng)1<x<2時,y隨x的增大而增大,而且增加的速度越來越慢.分析四個答案中的圖象,只有選項A符合條件,故選A. [答案]A 【知識要點】 1.函數(shù)的單調(diào)性 (1)增函數(shù)、減函數(shù) 增函數(shù) 減函數(shù) 定義 一般地,設(shè)函數(shù)f(x)的定義域為I,如果對于定義域I內(nèi)某個區(qū)間D上的任意兩個自變量的值x1,x2 當(dāng)x1<x2時,都有f(x1)<f(x2),那么就說函數(shù)f(x)在區(qū)間D上是__增函數(shù)__. 當(dāng)x1<x2時,都有f(x1)>f(x2),那么就說函數(shù)f(x)在區(qū)間D上是__減函數(shù)__. 圖象 特征 自左向右看圖象是__上升的__ 自左向右看圖象是__下降的__   (2)單調(diào)區(qū)間的定義 若函數(shù)f(x)在區(qū)間D上是增函數(shù)或減函數(shù),則稱函數(shù)f(x)在這一區(qū)間上具有(嚴(yán)格的)__單調(diào)性__,區(qū)間D叫做f(x)的__單調(diào)區(qū)間__. 2.函數(shù)單調(diào)性的判斷方法 (1)定義法:取值、作差、變形、定號、結(jié)論. (2)復(fù)合法:同增異減,即內(nèi)外函數(shù)的單調(diào)性相同時,為增函數(shù),不同時為減函數(shù). (3)導(dǎo)數(shù)法:利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性. (4)圖象法:利用圖象研究函數(shù)的單調(diào)性. 對應(yīng)學(xué)生用書p15 函數(shù)單調(diào)性的證明 例1 已知定義域為R的奇函數(shù)f(x)=2x+. (1)求a的值; (2)判斷f(x)的單調(diào)性,并用單調(diào)性的定義加以證明. [解析] (1)∵函數(shù)f(x)是定義在R上的奇函數(shù), ∴f(0)=0,即f(0)=1+a=0,解得a=-1,經(jīng)檢驗,符合題意, ∴a=-1. (2)f(x)在R上是增函數(shù). 證明如下: 由(1)可得,f(x)=2x-,設(shè)x1,x2∈R,且x1>x2,則 f(x1)-f(x2)=2x1--2x2+ =(2x1-2x2)+ =(2x1-2x2)+ =(2x1-2x2). ∵x1,x2∈R,且x1>x2, ∴2x1>2x2,1+>0, ∴f(x1)-f(x2)>0,即f(x1)>f(x2), 因此,f(x)在R上是增函數(shù). [小結(jié)]利用定義證明函數(shù)f(x)在給定區(qū)間D上的單調(diào)性的一般步驟:①任取x1,x2∈D,且x1<x2;②作差;③變形(通常是因式分解、通分、配方);④判斷符號(即判斷f(x1)-f(x2)的符號);⑤下結(jié)論(即指出函數(shù)f(x)在給定區(qū)間D上的單調(diào)性). 1.判斷并證明函數(shù)f(x)=ax2+(其中1<a<3)在[1,2]上的單調(diào)性. [解析]法一:函數(shù)f(x)=ax2+(1<a<3)在[1,2]上單調(diào)遞增. 證明:設(shè)1≤x1<x2≤2,則f(x2)-f(x1)=ax+-ax-=(x2-x1), 由1≤x1<x2≤2,得x2-x1>0,2<x1+x2<4, 1<x1x2<4,-1<-<-. 又因為1<a<3,所以2<a(x1+x2)<12,得a(x1+x2)->0, 從而f(x2)-f(x1)>0,即f(x2)>f(x1), 故當(dāng)a∈(1,3)時,f(x)在[1,2]上單調(diào)遞增. 法二:因為f′(x)=2ax-=, 因為1≤x≤2,∴1≤x3≤8, 又1<a<3,所以2ax3-1>0,所以f′(x)>0, 所以函數(shù)f(x)=ax2+(其中1<a<3)在[1,2]上是增函數(shù). 函數(shù)單調(diào)性(區(qū)間)的判斷 例2 (1)(多選)下列函數(shù)f(x)中,滿足“任意x1,x2∈(0,+∞),且x1≠x2,(x1-x2)[f(x1)-f(x2)]<0”的是(  )                    A.f(x)=-xB.f(x)=x3 C.f(x)=lnxD.f(x)= [解析]“任意x1,x2∈(0,+∞),且x1≠x2,(x1-x2)[f(x1)-f(x2)]<0”等價于函數(shù)為減函數(shù),四個選項中,只有AD選項符合. [答案]AD (2)函數(shù)f(x)=x2-3|x|+2的單調(diào)減區(qū)間是________. [解析]去絕對值,得函數(shù)f(x)= 當(dāng)x≥0時,函數(shù)f(x)=x2-3x+2的單調(diào)遞減區(qū)間為; 當(dāng)x<0時,函數(shù)f(x)=x2+3x+2的單調(diào)遞減區(qū)間為; 綜上,函數(shù)f(x)=的單調(diào)遞減區(qū)間為,. [答案], [小結(jié)]1.掌握確定函數(shù)單調(diào)性(區(qū)間)的常用方法 (1)定義法和導(dǎo)數(shù)法,證明函數(shù)單調(diào)性只能用定義法和導(dǎo)數(shù)法; (2)復(fù)合函數(shù)法,復(fù)合函數(shù)單調(diào)性的規(guī)律是“同增異減”; (3)圖象法. 2.熟記函數(shù)單調(diào)性的4個常用結(jié)論 (1)若f(x),g(x)均是區(qū)間A上的增(減)函數(shù),則f(x)+g(x)也是區(qū)間A上的增(減)函數(shù); (2)若k>0,則kf(x)與f(x)單調(diào)性相同;若k<0,則kf(x)與f(x)單調(diào)性相反; (3)函數(shù)y=f(x)(f(x)>0)在公共定義域內(nèi)與y=-f(x),y=的單調(diào)性相反; (4)函數(shù)y=f(x)(f(x)≥0)在公共定義域內(nèi)與y=的單調(diào)性相同. 3.謹(jǐn)防3種失誤 (1)單調(diào)區(qū)間是定義域的子集,故求單調(diào)區(qū)間應(yīng)以“定義域優(yōu)先”為原則. (2)單調(diào)區(qū)間只能用區(qū)間表示,不能用集合或不等式表示. (3)圖象不連續(xù)的單調(diào)區(qū)間要分開寫,用“和”或“,”連接,不能用“∪”連接. 2.函數(shù)f(x)=ln(x2-2x-8)的單調(diào)遞增區(qū)間是(  ) A.(-∞,-2) B.(-∞,1) C.(1,+∞) D.(4,+∞) [解析]由x2-2x-8>0,得x>4或x<-2. 設(shè)t=x2-2x-8,則y=lnt為增函數(shù). 要求函數(shù)f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間,即求函數(shù)t=x2-2x-8的單調(diào)遞增區(qū)間. ∵函數(shù)t=x2-2x-8的單調(diào)遞增區(qū)間為(4,+∞), ∴函數(shù)f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間為(4,+∞). 故選D. [答案]D 3.函數(shù)y=的單調(diào)遞減區(qū)間是(  ) A.B. C.(0,e) D.(e,+∞) [解析]∵y′=,令y′<0,解得x>e. 所以單調(diào)遞減區(qū)間是,選D. [答案]D 函數(shù)單調(diào)性的應(yīng)用 例3 (1)已知函數(shù)f(x)的圖象關(guān)于直線x=1對稱,當(dāng)x2>x1>1時,[f(x2)-f(x1)](x2-x1)<0恒成立,設(shè)a=f,b=f(2),c=f(e)(e=2.71828…為自然對數(shù)的的底數(shù)),則a,b,c的大小關(guān)系為(  ) A.c>a>bB.c>b>a C.a(chǎn)>c>bD.b>a>c [解析]因為f(x)的圖象關(guān)于直線x=1對稱,所以f=f.由x2>x1>1時,[f(x2)-f(x1)]·(x2-x1)<0恒成立,知f(x)在(1,+∞)上單調(diào)遞減.∵1<2<<e, ∴f(2)>f>f(e),∴b>a>c. [答案]D (2)已知函數(shù)f(x)=是R上的單調(diào)函數(shù),則實數(shù)a的取值范圍是(  ) A.B. C.D. [解析]由對數(shù)函數(shù)的定義可得a>0,且a≠1.又函數(shù)f(x)在R上單調(diào),而二次函數(shù)y=ax2-x-的圖象開口向上,所以函數(shù)f(x)在R上單調(diào)遞減, 故有即 所以a∈. [答案]B (3)已知函數(shù)f(x)是R上的增函數(shù),A(0,-3),B(3,1)是其圖象上的兩點,那么不等式-3<f(x+1)<1的解集的補(bǔ)集是(全集為R)(  ) A.(-1,2) B.(1,4) C.(-∞,-1)∪[4,+∞) D.(-∞,-1]∪[2,+∞) [解析]由函數(shù)f(x)是R上的增函數(shù),A(0,-3),B(3,1)是其圖象上的兩點,知不等式-3<f(x+1)<1即為f(0)<f(x+1)<f(3),所以0<x+1<3,所以-1<x<2,故不等式-3<f(x+1)<1的解集的補(bǔ)集是(-∞,-1]∪[2,+∞). [答案]D [小結(jié)]1.比較函數(shù)值大小的解題思路:比較函數(shù)值的大小時,若自變量的值不在同一個單調(diào)區(qū)間內(nèi),要利用其函數(shù)性質(zhì),轉(zhuǎn)化到同一個單調(diào)區(qū)間上進(jìn)行比較,對于選擇題、填空題能數(shù)形結(jié)合的盡量用圖象法求解. 2.解函數(shù)不等式的解題思路:先利用函數(shù)的相關(guān)性質(zhì)將不等式轉(zhuǎn)化為f(g(x))>f(h(x))的形式,再根據(jù)函數(shù)的單調(diào)性去掉“f”,得到一般的不等式g(x)>h(x)(或g(x)<h(x)). 3.利用單調(diào)性求參數(shù)的范圍(或值)的方法: (1)視參數(shù)為已知數(shù),依據(jù)函數(shù)的圖象或單調(diào)性定義,確定函數(shù)的單調(diào)區(qū)間,與已知單調(diào)區(qū)間比較求參數(shù); (2)需注意若函數(shù)在區(qū)間[a,b]上是單調(diào)的,則該函數(shù)在此區(qū)間的任意子集上也是單調(diào)的. 4.已知函數(shù)f(x)=若f(2-x2)>f(x),則實數(shù)x的取值范圍是(  ) A.(-∞,-1)∪(2,+∞) B.(-∞,-2)∪(1,+∞) C.(-1,2) D.(-2,1) [解析]∵當(dāng)x=0時,兩個表達(dá)式對應(yīng)的函數(shù)值都為0,∴函數(shù)的圖象是一條連續(xù)的曲線.又∵當(dāng)x≤0時,函數(shù)f(x)=x3為增函數(shù),當(dāng)x>0時,f(x)=ln(x+1)也是增函數(shù),∴函數(shù)f(x)是定義在R上的增函數(shù).因此,不等式f(2-x2)>f(x)等價于2-x2>x,即x2+x-2<0,解得-2<x<1. [答案]D 5.若函數(shù)f(x)=x2+a|x|+2,x∈R在區(qū)間[3,+∞)和[-2,-1]上均為增函數(shù),則實數(shù)a的取值范圍是(  ) A.B.[-6,-4] C.D. [解析]由于f(x)為R上的偶函數(shù),因此只需考慮函數(shù)f(x)在(0,+∞)上的單調(diào)性即可.由題意知函數(shù)f(x)在[3,+∞)上為增函數(shù),在[1,2]上為減函數(shù),故-∈[2,3],即a∈[-6,-4]. [答案]B 6.已知定義在R上的奇函數(shù)f(x)在[0,+∞)上單調(diào)遞減,若f(x2-2x+a)<f(x+1)對任意的x∈[-1,2]恒成立,則實數(shù)a的取值范圍是(  ) A.B.(-∞,-3) C.(-3,+∞) D. [解析]依題意得f(x)在R上是減函數(shù),所以f(x2-2x+a)<f(x+1)對任意的x∈[-1,2]恒成立,等價于x2-2x+a>x+1對任意的x∈[-1,2]恒成立,等價于a>-x2+3x+1對任意的x∈[-1,2]恒成立.設(shè)g(x)=-x2+3x+1(-1≤x≤2),則g(x)=-+(-1≤x≤2),當(dāng)x=時,g(x)取得最大值,且g(x)max=g=,因此a>,故選D. [答案]D 對應(yīng)學(xué)生用書p16 (2019·全國卷Ⅲ理)設(shè)f是定義域為R的偶函數(shù),且在單調(diào)遞減,則 A.f>f>f B.f>f>f C.f>f>f D.f>f>f [解析]∵f是定義域為R的偶函數(shù), ∴f=f(log34). ∵log34>log33=1,1=20>2->2-,∴l(xiāng)og34>2->2-, 又f在(0,+∞)上單調(diào)遞減, ∴f(log34)<f<f, 即f>f>f. 故選C. [答案]C 11

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