（新課標(biāo)）天津市2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題能力訓(xùn)練15 立體幾何中的向量方法 理1.如圖,正方形ABCD的中心為O,四邊形OBEF為矩形,平面OBEF平面ABCD,點(diǎn)G為AB的中點(diǎn),AB=BE=2.(1)求證:EG平面ADF;(2)求二面角O-EF-C的正弦值;(3)設(shè)H為線段AF上的點(diǎn),且AH=HF,求直線BH和平面CEF所成角的正弦值.2.(2018北京,理16)如圖,在三棱柱ABC-A1B1C1中,CC1平面ABC,D,E,F,G分別為AA1,AC,A1C1,BB1的中點(diǎn),AB=BC=,AC=AA1=2.(1)求證:AC平面BEF;(2)求二面角B-CD-C1的余弦值;(3)證明:直線FG與平面BCD相交.3.如圖,幾何體是圓柱的一部分,它是由矩形ABCD(及其內(nèi)部)以AB邊所在直線為旋轉(zhuǎn)軸旋轉(zhuǎn)120°得到的,G是的中點(diǎn).(1)設(shè)P是上的一點(diǎn),且APBE,求CBP的大小;(2)當(dāng)AB=3,AD=2時(shí),求二面角E-AG-C的大小.4.如圖,在長方體ABCD-A1B1C1D1中,AA1=AD=1,E為CD的中點(diǎn).(1)求證:B1EAD1;(2)在棱AA1上是否存在一點(diǎn)P,使得DP平面B1AE?若存在,求AP的長;若不存在,說明理由.5.如圖,在四棱錐P-ABCD中,底面ABCD為正方形,平面PAD平面ABCD,點(diǎn)M在線段PB上,PD平面MAC,PA=PD=,AB=4.(1)求證:M為PB的中點(diǎn);(2)求二面角B-PD-A的大小;(3)求直線MC與平面BDP所成角的正弦值.6.如圖,AB是半圓O的直徑,C是半圓O上除A,B外的一個(gè)動(dòng)點(diǎn),DC垂直于半圓O所在的平面,DCEB,DC=EB,AB=4,tanEAB=.(1)證明:平面ADE平面ACD;(2)當(dāng)三棱錐C-ADE體積最大時(shí),求二面角D-AE-B的余弦值.二、思維提升訓(xùn)練7.如圖甲所示,BO是梯形ABCD的高,BAD=45°,OB=BC=1,OD=3OA,現(xiàn)將梯形ABCD沿OB折起成如圖乙所示的四棱錐P-OBCD,使得PC=,E是線段PB上一動(dòng)點(diǎn).(1)證明:DE和PC不可能垂直;(2)當(dāng)PE=2BE時(shí),求PD與平面CDE所成角的正弦值.8.如圖,平面PAD平面ABCD,四邊形ABCD為正方形,PAD=90°,且PA=AD=2;E,F,G分別是線段PA,PD,CD的中點(diǎn).(1)求證:PB平面EFG.(2)求異面直線EG與BD所成的角的余弦值.(3)在線段CD上是否存在一點(diǎn)Q,使得點(diǎn)A到平面EFQ的距離為?若存在,求出CQ的值;若不存在,請(qǐng)說明理由.專題能力訓(xùn)練15立體幾何中的向量方法一、能力突破訓(xùn)練1.解 依題意,OF平面ABCD,如圖,以O(shè)為原點(diǎn),分別以的方向?yàn)閤軸、y軸、z軸的正方向建立空間直角坐標(biāo)系,依題意可得O(0,0,0),A(-1,1,0),B(-1,-1,0),C(1,-1,0),D(1,1,0),E(-1,-1,2),F(0,0,2),G(-1,0,0).(1)證明:依題意,=(2,0,0),=(1,-1,2).設(shè)n1=(x,y,z)為平面ADF的法向量,則不妨設(shè)z=1,可得n1=(0,2,1),又=(0,1,-2),可得n1=0,又因?yàn)橹本€EG平面ADF,所以EG平面ADF.(2)易證=(-1,1,0)為平面OEF的一個(gè)法向量.依題意,=(1,1,0),=(-1,1,2).設(shè)n2=(x,y,z)為平面CEF的法向量,則不妨設(shè)x=1,可得n2=(1,-1,1).因此有cos<,n2>=-,于是sin<,n2>=所以,二面角O-EF-C的正弦值為(3)由AH=HF,得AH=AF.因?yàn)?(1,-1,2),所以,進(jìn)而有H,從而,因此cos<,n2>=-所以,直線BH和平面CEF所成角的正弦值為2.(1)證明 在三棱柱ABC-A1B1C1中,CC1平面ABC,四邊形A1ACC1為矩形.又E,F分別為AC,A1C1的中點(diǎn),ACEF.AB=BC,ACBE,AC平面BEF.(2)解 由(1)知ACEF,ACBE,EFCC1.CC1平面ABC,EF平面ABC.BE平面ABC,EFBE.建立如圖所示的空間直角坐標(biāo)系E-xyz.由題意得B(0,2,0),C(-1,0,0),D(1,0,1),F(0,0,2),G(0,2,1).=(2,0,1),=(1,2,0).設(shè)平面BCD的法向量為n=(a,b,c),則令a=2,則b=-1,c=-4,平面BCD的法向量n=(2,-1,-4).又平面CDC1的法向量為=(0,2,0),cos<n,>=-由圖可得二面角B-CD-C1為鈍角,二面角B-CD-C1的余弦值為-(3)證明 平面BCD的法向量為n=(2,-1,-4),G(0,2,1),F(0,0,2),=(0,-2,1),n=-2,n與不垂直,FG與平面BCD不平行且不在平面BCD內(nèi),FG與平面BCD相交.3.解 (1)因?yàn)锳PBE,ABBE,AB,AP平面ABP,ABAP=A,所以BE平面ABP,又BP平面ABP,所以BEBP,又EBC=120°.因此CBP=30°.(2)解法一:取的中點(diǎn)H,連接EH,GH,CH.因?yàn)镋BC=120°,所以四邊形BEHC為菱形,所以AE=GE=AC=GC=取AG中點(diǎn)M,連接EM,CM,EC,則EMAG,CMAG,所以EMC為所求二面角的平面角.又AM=1,所以EM=CM=2在BEC中,由于EBC=120°,由余弦定理得EC2=22+22-2×2×2×cos 120°=12,所以EC=2,因此EMC為等邊三角形,故所求的角為60°.解法二:以B為坐標(biāo)原點(diǎn),分別以BE,BP,BA所在的直線為x,y,z軸,建立如圖所示的空間直角坐標(biāo)系.由題意得A(0,0,3),E(2,0,0),G(1,3),C(-1,0),故=(2,0,-3),=(1,0),=(2,0,3),設(shè)m=(x1,y1,z1)是平面AEG的一個(gè)法向量.由可得取z1=2,可得平面AEG的一個(gè)法向量m=(3,-,2).設(shè)n=(x2,y2,z2)是平面ACG的一個(gè)法向量.由可得取z2=-2,可得平面ACG的一個(gè)法向量n=(3,-,-2).所以cos<m,n>=因此所求的角為60°.4.解 以A為原點(diǎn),的方向分別為x軸、y軸、z軸的正方向建立空間直角坐標(biāo)系(如圖).設(shè)AB=a,則A(0,0,0),D(0,1,0),D1(0,1,1),E,B1(a,0,1),故=(0,1,1),=(a,0,1),(1)證明:=-0+1×1+(-1)×1=0,B1EAD1.(2)假設(shè)在棱AA1上存在一點(diǎn)P(0,0,z0),使得DP平面B1AE,此時(shí)=(0,-1,z0).又設(shè)平面B1AE的法向量n=(x,y,z).n平面B1AE,n,n,得取x=1,得平面B1AE的一個(gè)法向量n=要使DP平面B1AE,只要n,有-az0=0,解得z0=又DP平面B1AE,存在點(diǎn)P,滿足DP平面B1AE,此時(shí)AP=5.(1)證明 設(shè)AC,BD交點(diǎn)為E,連接ME.因?yàn)镻D平面MAC,平面MAC平面PDB=ME,所以PDME.因?yàn)锳BCD是正方形,所以E為BD的中點(diǎn).所以M為PB的中點(diǎn).(2)解 取AD的中點(diǎn)O,連接OP,OE.因?yàn)镻A=PD,所以O(shè)PAD.又因?yàn)槠矫鍼AD平面ABCD,且OP平面PAD,所以O(shè)P平面ABCD.因?yàn)镺E平面ABCD,所以O(shè)POE.因?yàn)锳BCD是正方形,所以O(shè)EAD.如圖建立空間直角坐標(biāo)系O-xyz,則P(0,0,),D(2,0,0),B(-2,4,0),=(4,-4,0),=(2,0,-).設(shè)平面BDP的法向量為n=(x,y,z),則令x=1,則y=1,z=于是n=(1,1,),平面PAD的法向量為p=(0,1,0).所以cos<n,p>=由題知二面角B-PD-A為銳角,所以它的大小為(3)解 由題意知M,C(2,4,0),設(shè)直線MC與平面BDP所成角為,則sin =|cos<n,>|=所以直線MC與平面BDP所成角的正弦值為6.(1)證明 因?yàn)锳B是直徑,所以BCAC.因?yàn)镃D平面ABC,所以CDBC.因?yàn)镃DAC=C,所以BC平面ACD.因?yàn)镃DBE,CD=BE,所以四邊形BCDE是平行四邊形,所以BCDE,所以DE平面ACD.因?yàn)镈E平面ADE,所以平面ADE平面ACD.(2)解 依題意,EB=AB×tanEAB=4=1.由(1)知VC-ADE=VE-ACD=SACD×DE=AC×CD×DE=AC×BC(AC2+BC2)=AB2=,當(dāng)且僅當(dāng)AC=BC=2時(shí)等號(hào)成立.如圖,建立空間直角坐標(biāo)系,則D(0,0,1),E(0,2,1),A(2,0,0),B(0,2,0),則=(-2,2,0),=(0,0,1),=(0,2,0),=(2,0,-1).設(shè)平面DAE的法向量為n1=(x,y,z),則取n1=(1,0,2).設(shè)平 面ABE的法向量為n2=(x,y,z),則取n2=(1,1,0),所以cos<n1,n2>=可以判斷<n1,n2>與二面角D-AE-B的平面角互補(bǔ),所以二面角D-AE-B的余弦值為-二、思維提升訓(xùn)練7.解 如題圖甲所示,因?yàn)锽O是梯形ABCD的高,BAD=45°,所以AO=OB.因?yàn)锽C=1,OD=3OA,可得OD=3,OC=,如題圖乙所示,OP=OA=1,OC=,PC=,所以有OP2+OC2=PC2.所以O(shè)POC.而OBOP,OBOD,即OB,OD,OP兩兩垂直,故以O(shè)為原點(diǎn),建立空間直角坐標(biāo)系(如圖),則P(0,0,1),C(1,1,0),D(0,3,0),(1)證明:設(shè)E(x,0,1-x),其中0x1,所以=(x,-3,1-x),=(1,1,-1).假設(shè)DE和PC垂直,則=0,有x-3+(1-x)·(-1)=0,解得x=2,這與0x1矛盾,假設(shè)不成立,所以DE和PC不可能垂直.(2)因?yàn)镻E=2BE,所以E設(shè)平面CDE的一個(gè)法向量是n=(x,y,z),因?yàn)?(-1,2,0),所以n=0,n=0,即令y=1,則n=(2,1,5),而=(0,3,-1),所以|cos <,n>|=所以PD與平面CDE所成角的正弦值為8.解 平面PAD平面ABCD,且PAD=90°,PA平面ABCD,而四邊形ABCD是正方形,即ABAD.故可建立如圖所示的空間直角坐標(biāo)系,則A(0,0,0),B(2,0,0),C(2,2,0),D(0,2,0),P(0,0,2),E(0,0,1),F(0,1,1),G(1,2,0).(1)證明:=(2,0,-2),=(0,-1,0),=(1,1,-1),設(shè)=s+t,即(2,0,-2)=s(0,-1,0)+t(1,1,-1),解得s=t=2,=2+2又不共線,共面.PB平面EFG,PB平面EFG.(2)=(1,2,-1),=(-2,2,0),=(1,2,-1)·(-2,2,0)=1×(-2)+2×2+(-1)×0=2.又|=,|=2,cos<>=因此,異面直線EG與BD所成的角的余弦值為(3)假設(shè)在線段CD上存在一點(diǎn)Q滿足題設(shè)條件,令CQ=m(0m2),則DQ=2-m,點(diǎn)Q的坐標(biāo)為(2-m,2,0),=(2-m,2,-1).而=(0,1,0),設(shè)平面EFQ的法向量為n=(x,y,z),則令x=1,則n=(1,0,2-m),點(diǎn)A到平面EFQ的距離d=,即(2-m)2=,m=或m=(不合題意,舍去),故存在點(diǎn)Q,當(dāng)CQ=時(shí),點(diǎn)A到平面EFQ的距離為