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2020高考數(shù)學(xué)精英備考專題講座 第六講解析幾何 第三節(jié)直線與圓錐曲線的位置關(guān)系 文

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2020高考數(shù)學(xué)精英備考專題講座 第六講解析幾何 第三節(jié)直線與圓錐曲線的位置關(guān)系 文

第三節(jié) 直線與圓錐曲線的位置關(guān)系 近幾年來直線與圓錐曲線的位置關(guān)系在高考中占據(jù)高考解答題壓軸題的位置,且選擇、填空也有涉及,有關(guān)直線與圓錐曲線的位置關(guān)系的題目可能會涉及線段中點、弦長等.分析這類問題,往往利用數(shù)形結(jié)合的思想和“設(shè)而不求”的方法,對稱的方法及韋達定理等直線與圓錐曲線的關(guān)系是高考的必考內(nèi)容,是命題的熱點也是難點.一般出現(xiàn)一?。ㄟx擇題或填空題)一大(解答題)兩道,小題通常屬于中低檔題,難度系數(shù)為0.5-0.7左右,大題通常是高考的壓軸題,難度系數(shù)為0.3~0.5左右. 考試要求:(1) 直線與圓錐曲線的位置關(guān)系,是高考考查的重中之中,在高考中以高難度題、壓軸題出現(xiàn),主要涉及弦長,弦中點,對稱,參變量的取值范圍,求曲線方程等問題.突出考查了數(shù)形結(jié)合,分類討論,函數(shù)與方程,等價轉(zhuǎn)化等數(shù)學(xué)思想方法. (2)直線與圓錐曲線聯(lián)系在一起的綜合題要充分重視韋達定理和判別式的應(yīng)用,解題的主要規(guī)律可以概括為“聯(lián)系方程求交點,韋達定理求弦長,根的分布找范圍,曲線定義不能忘”. 題型一 直線與圓錐曲線的交點問題 例1 在平面直角坐標系中,經(jīng)過點(且斜率的直線與橢圓有兩個不同的交點P和Q.(1)求的取值范圍.(2)設(shè)橢圓與軸正半軸、軸正半軸的交點分別為A、B,是否存在常數(shù),使的向量與共線?如果存在,求值;如果不存在,請說明理由. 點撥:(1)設(shè)出L的方程與橢圓組成聯(lián)立方程組,再利用判別式法求出的范圍. (2)利用向量共線的充要條件及韋達定理即可解出,再根據(jù)的取值范圍確定是否存在. 解: (1)由已知條件,直線的方程為代入橢圓方程得 ① 整理得( 直線與橢圓有兩個不同的交點P和Q等價于 △= 解得 即的的取值范圍為 (2)設(shè)P(, 則= 由方程①得 又 而A所以與共線等價于 解得 由(1)知矛盾,故沒有符合題意的常數(shù). 易錯點: 忽視的取值范圍導(dǎo)致錯誤. 圖 變式與引申 1.已知雙曲線的右焦點為F,若過點F且傾斜角為的直線與雙曲線的右支有且只有一個交點,則此雙曲線離心率是( ) A.(1,2 B. C.[2,+∞ D. 題型二 直線與圓錐曲線的弦長問題 解(1):設(shè)點的坐標為,點的坐標為,由,解得,所以=. 當且僅當時,取到最大值. (2):由 得, , …………② 設(shè)到的距離為,則 ,又因為, 所以,代入②式并整理,得, 解得,,代入①式檢驗,,故直線的方程是 或或,或 易錯點:(1)忘記均值不等式的應(yīng)用導(dǎo)致寸步難行.(2)忘記弦長公式與點到直線的距離公式導(dǎo)致出錯. 變式與引申 2.設(shè)橢圓與直線相交于A ﹑B兩點,點C是AB的中點,若OC的斜率為求橢圓的方程. 題型三 直線與圓錐曲線中點弦的問題 例3 已知雙曲線的方程為 (1)求以A(2,1)為中點的弦所在直線的方程; (2)以點B(1,1)為中點的弦是否存在?若存在,求出弦所在直線的方程;若不存在,請說明理由. 點撥:(1)利用設(shè)而不求法和點差法構(gòu)建方程,結(jié)合直線的斜率公式與中點坐標公式求出斜率.也可設(shè) 點斜式方程,與雙曲線方程聯(lián)立,利用韋達定理與中點坐標公式求出斜率k. (2)仿照(1)求出方程,但要驗證直線與雙曲線是否有交點. 解:(1)設(shè)是弦的兩個端點,則有 兩式相減得 ① ∵A(2,1)為弦的中點,∴, 代入①得 ∴.故直線的方程為 (2)假設(shè)滿足條件的直線存在,同(1)可求 由得 ∵△= ∴所求直線與雙曲線無交點. ∴以B(1,1)為中點的弦不存在. 易錯點:存在性問題的結(jié)果通常是難以預(yù)料的,求時通常可求得,但不是充要條件,因此學(xué)生容易忽視. 變式與引申 3.已知雙曲線中心在原點且一個焦點為F,直線與其相交于M,N兩點,MN中點的橫坐標為,則此雙曲線的方程是 ( ) A. B. C. D. 題型四 有關(guān)對稱問題 解:(1)因為點P在橢圓C上,所以即 在,故橢圓的半焦距c =, 從而 所以橢圓C的方程為. (2)法一:已知圓的方程為 所以圓心,設(shè)8由題意得 得 因為A,B關(guān)于點M對稱,所以代人得 即直線L的斜率為,所以直線L的方程為(經(jīng)檢驗,所求直線方程符合題意) 法二:設(shè)已知圓的方程為所以圓心.從而可設(shè)直線L的方程為代入橢圓C方程得因為A,B關(guān)于點M對稱,所以,所以直線L的方程為(經(jīng)檢驗,所求直線方程符合題意) 易錯點:單獨求解A,B兩點運算量很大,容易出錯.采用“設(shè)而不求”簡單方便. 圖 變式與引申 4. 在平面直角坐標系中,過定點作直線與拋物線相交于兩點. (1)若點N是點C關(guān)于坐標原點O的對稱點,求面積的最小值; (2)是否存在垂直于軸的直線,使得被以為直徑的圓截得的弦長恒為定值? 若存在,求出的方程;若不存在,說明理由. 本節(jié)主要考查:1.的位置 關(guān)系可分為,相交,相離,相切.對于拋物線來說,平行于對稱軸的直線與拋物 線相交于一點,但并不是相切;對于雙曲線來說,平行于漸近線的直線與雙曲線只有一個交點,但不相切.有一個公共點是直線與拋物線,雙曲線相切的必要條件,但不是充分條件. 2.直線與圓錐曲線有無公共點或有幾個公共點的問題,實際上是研究它們的方程組成的方程組是否有實數(shù)解或?qū)崝?shù)解的個數(shù)問題,此時要注意用好分類討論和數(shù)形結(jié)合的思想方法. 點評:當直線與圓錐曲線相交時:涉及弦長問題,常用“韋達定理法”設(shè)而不求來計算弦長(即應(yīng)用弦長公式);涉及弦長的中點問題,常用“點差法”設(shè)而不求,將弦所在直線的斜率,弦的中點坐標聯(lián)系起來,相互轉(zhuǎn)化.同時還應(yīng)充分挖掘題目的隱含條件,尋找量與量間的關(guān)系靈活轉(zhuǎn)化,往往能事半功倍. 習(xí)題6-3 1. 設(shè)雙曲線的一條漸近線與拋物線y=x+1 只有一個公共點,則雙曲線的離心率為( ). A. B. 5 C. D. 2. 已知(1,1)為橢圓內(nèi)一定點,經(jīng)過引一弦,使此弦在(1,1)點被平分,此弦所在的直線方程. 3.直線L:y=kx+1,拋物線C:,當k為何值時L與C有:(1)一個公共點;(2)兩個公共點;(3)沒有公共點. 4. 直線y=kx+1與雙曲線3x2-y2=1相交于A、B兩點 (1)當k為何值時,A、B兩點在雙曲線的同一支上; (2)當k為何值時,A、B兩點在雙曲線的兩支上; (3)當k為何值時,以A、B為直徑的圓過坐標原點. 5.(2020年高考重慶卷·文)如圖6-3-3,橢圓的中心為原點0,離心率e=,一條準線的方程是 (Ⅰ)求該橢圓的標準方程; (Ⅱ)設(shè)動點P滿足:,其中M、N是橢圓上的點,直線OM與ON的斜率之積為,問:是否存在定點F,使得與點P到直線l:的距離之比為定值;若存在,求F的坐標,若不存在,說明理由。 【答案】 變式與引申 1. C 提示:過點F且傾斜角為的直線L與雙曲線的右支有且只有一個交點的充要條件是:直線L與雙曲線的漸近線平行(即一條漸近線的斜率=)或直線L與雙曲線的左,右兩支各有一交點.即.綜合得 所以 2. 解:設(shè)A,則的解由 兩式相減得 即 ① 再由方程組消去y得 由 ② 由①②解得 故所求的橢圓的方程為 3. D 提示:依題意有 則雙曲線方程為.設(shè)M 則 ,兩式相減得 再由 ,,,所以由,得 所以雙曲線的方程為,故選D 4. 解法一:(1)依題意,如圖6-3-1,點的坐標為,可設(shè), 直線的方程為,與聯(lián)立得消去得. 由韋達定理得,. 于是. , 當時,. (2)假設(shè)滿足條件的直線存在,其方程為,如圖6-3-2 的中點為,與為直徑的圓相交于點,的中點為, 則,點的坐標為. , , , . 令,得,此時為定值,故滿足條件的直線存在,其方程為, 即拋物線的通徑所在的直線. 解法二:(1)前同解法1,再由弦長公式得 , 又由點到直線的距離公式得. 從而, 當時,. (2)假設(shè)滿足條件的直線存在,其方程為, 則以為直徑的圓的方程為, 將直線方程代入得, 則. 設(shè)直線與以為直徑的圓的交點為, 則有. 令,得,此時為定值,故滿足條件的直線存在,其方程為, 即拋物線的通徑所在的直線. 習(xí)題6-3 1.D 提示:雙曲線的一條漸近線為,由方程組,消去y, 得有唯一解,所以△=, 所以,,故選D. 2.解法一:易知此弦所在直線的斜率存在,所以設(shè)其方程為,弦的兩端點(),). 由 消去得 ( ∴∴ 故弦所在的直線方程為.即. 解法二:由于此弦所在直線的斜率存在,所以設(shè)斜率為,且設(shè)弦的兩端點坐標為(),),則,兩式相減得 ∵∴.∴. ∴此弦所在的直線方程為. 3. 解:將和C的方程聯(lián)立,消去y得 ① 當k=0時,方程①只有一個解.此時 ∴直線與C只有一個公共點(),此時直線平行于拋物線的對稱軸. 當k≠0時,方程①是一個一元二次方程, △=. (1) 當時,即k﹤1且k≠0時,與C有兩個公共點,此時稱直線與C相交; (2) 當時,即k=1時,與C有一個公共點,此時稱直線與C相切; (3) 當時,即k>1時,與C沒有公共點,此時稱直線與C相離. 綜上所述,當k=1或k=0時,直線與與C有一個公共點;當k﹤1且k≠0時,直線與C有兩個公共點;當k>1時,直線與C沒有公共點. 4. 解:由消去y,得 ① 當時,由且 (1)當交點A、B在同一支上,則 或,又 (2)A、B在雙曲線兩支上時,, (3)設(shè),,由①得:②, ③ 又,所以,所以 把②③代入上式得:. 5.解:(I)由解得, 故橢圓的標準方程為 (II)設(shè),則由得 因為點M,N在橢圓上,所以, 故 設(shè)分別為直線OM,ON的斜率,由題設(shè)條件知

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