《優(yōu)化方案2020屆高三物理二輪復(fù)習(xí) 特色專項訓(xùn)練 第1篇 專題一 選擇題巧練速度-快得分 仿高考選擇題巧練（三）》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《優(yōu)化方案2020屆高三物理二輪復(fù)習(xí) 特色專項訓(xùn)練 第1篇 專題一 選擇題巧練速度-快得分 仿高考選擇題巧練（三）（7頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、仿高考選擇題巧練(三) (建議用時：20分鐘) 14.甲、乙兩物體從同一地點開始沿同一方向運動，其速度隨時間的變化關(guān)系如圖所示，圖中t2＝，兩段曲線均為圓弧，則(　　) A．兩物體在t1時刻加速度相同 B．兩物體在t2時刻運動方向均改變 C．兩物體在t3時刻相距最遠(yuǎn)，t4時刻相遇 D．0～t4時間內(nèi)甲物體的平均速度大于乙物體的平均速度 15．將阻值為100 Ω的電阻絲繞成一個110匝的閉合矩形線圈，讓其在勻強磁場中繞垂直于磁場方向的軸勻速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢如圖乙所示．則可以判斷(　　) A．t＝0時刻線圈應(yīng)轉(zhuǎn)到圖甲所示的位置 B．該線圈的轉(zhuǎn)速為100π r/s

2、 C．穿過線圈的磁通量的最大值為 Wb D．線圈轉(zhuǎn)一周所產(chǎn)生的電熱為9.68 J 16.如圖所示，電源內(nèi)阻較大，當(dāng)開關(guān)閉合，滑動變阻器滑片位于某位置時，水平放置的平行板電容器間一帶電液滴恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，燈泡L也能正常發(fā)光，現(xiàn)將滑片由該位置向a端滑動，則(　　) A．燈泡將變暗，電源效率將減小 B．液滴帶正電，將向上做加速運動 C．電容器將放電，所帶電荷量減少 D．電源的路端電壓增大，輸出功率也增大 17.如圖所示，高為h＝1.25 m的平臺上，覆蓋一層薄冰，現(xiàn)有一質(zhì)量為60 kg的滑雪愛好者，以一定的初速度v向平臺邊緣滑去，著地時的速度方向與水平地面的夾角為45°(取重力

3、加速度g＝10 m/s2)．由此可知下列各項中錯誤的是(　　) A．滑雪者離開平臺邊緣時的速度大小是5.0 m/s B．滑雪者著地點到平臺邊緣的水平距離是2.5 m C．滑雪者在空中運動的時間為0.5 s D．著地時滑雪者重力做功的瞬時功率是300 W 18．如圖甲所示，一質(zhì)量為m＝1 kg的物體在水平拉力F的作用下沿水平面做勻速直線運動，從某時刻開始，拉力F隨時間均勻減小，物體受到的摩擦力隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示．則下列關(guān)于物體運動的說法中正確的是(　　) A．t＝1 s時物體開始做加速運動 B．t＝2 s時物體做減速運動的加速度大小為2 m/s2 C．t＝3

4、s時物體剛好停止運動 D．物體在1～3 s內(nèi)做勻減速直線運動 19.(多選)如圖所示，電場強度方向水平向右的勻強電場中有a、b、c三點，三點的連線恰好組成一個邊長為l的正三角形．一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電小球(重力不計)以速度v0從a點射入電場，入射方向與b、c兩點的連線垂直，一段時間后帶電小球經(jīng)過c點．則下列判斷正確的是(　　) A．帶電小球從a點運動到c點的時間為 B．該勻強電場的電場強度大小為 C．帶電小球到達c點時的動能為mv D．b、c兩點之間的電勢差為 20．(多選)北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)第三顆組網(wǎng)衛(wèi)星(簡稱“三號衛(wèi)星”)的工作軌道為地球同步軌道，設(shè)地球半徑為R，“

5、三號衛(wèi)星”的離地高度為h，則關(guān)于地球赤道上靜止的物體、地球近地環(huán)繞衛(wèi)星和“三號衛(wèi)星”的有關(guān)說法中正確的是(　　) A．赤道上物體與“三號衛(wèi)星”的線速度之比為＝ B．近地衛(wèi)星與“三號衛(wèi)星”的角速度之比為＝ C．近地衛(wèi)星與“三號衛(wèi)星”的周期之比為＝ D．赤道上物體與“三號衛(wèi)星”的向心加速度之比為＝ 21．(多選)如圖，水平的平行虛線間距為d＝60 cm，其間有沿水平方向的勻強磁場．一個阻值為R的正方形金屬線圈邊長l

6、則(　　) A．線圈下邊緣剛進入磁場時加速度最小 B．線圈進入磁場過程中產(chǎn)生的電熱為0.6 J C．線圈在進入磁場和穿出磁場過程中，電流均為逆時針方向 D．線圈在進入磁場和穿出磁場過程中，通過導(dǎo)線截面的電荷量相等 仿高考選擇題巧練(三) 14．解析：選C.因兩段曲線均為圓弧，由題圖知在t1時刻曲線的切線斜率的絕對值與直線斜率相等，即兩者加速度大小相等，但方向相反，A錯；兩物體均做單方向的直線運動，B錯；甲先做勻加速運動再做勻減速運動，乙先做加速度減小的減速運動，再做加速度減小的加速運動，在t3時刻，兩物體相距最遠(yuǎn)；兩物體在0～t4時間內(nèi)圖線與t軸所圍面積

7、相等，即兩物體在t4時刻相遇，在0～t4時間內(nèi)的平均速度相同，C對，D錯． 15．解析：選D.t＝0時刻線圈中感應(yīng)電動勢為零，線圈應(yīng)轉(zhuǎn)到中性面位置，即與題圖甲所示的位置垂直，選項A錯誤．由題圖乙可知，周期為0.02 s，該線圈的角速度為ω＝＝100π rad/s，轉(zhuǎn)速為n＝1/T＝50 r/s，選項B錯誤．由題圖乙可知，感應(yīng)電動勢最大值Em＝311 V，而Em＝NBSω，所以穿過線圈的磁通量的最大值為BS＝＝ Wb，選項C錯誤．感應(yīng)電動勢有效值為E＝220 V，線圈轉(zhuǎn)一周所產(chǎn)生的電熱為Q＝ T＝9.68 J，選項D正確． 16．解析：選B.當(dāng)滑片向a端滑動時，電路的外電阻增大，干路電流減小

8、，燈泡變暗，路端電壓增大，由η＝知電源效率將增大，A錯；電容器兩極板間電壓增大(下極板帶正電，液滴帶正電)，電容器被充電，所帶電荷量增加，兩極板間電場強度增大，液滴將向上做加速運動，B對，C錯；因不清楚外電阻和電源內(nèi)阻的大小關(guān)系，所以電源的輸出功率的變化情況無法確定，D錯． 17．解析：選D.滑雪者著地時速度的方向與水平地面的夾角為45°，故vy＝v0＝＝ m/s＝5.0 m/s，A正確；x＝v0t＝v0＝5.0× m＝2.5 m，B正確；飛行時間t＝＝0.5 s，C正確；著地時滑雪者重力做功的瞬時功率P＝mgvy＝60×10×5.0 W＝3 000 W，D錯誤． 18．解析：選C.由題

9、意可知，物體開始時做勻速直線運動，所以拉力F＝Ff＝4 N．t＝1 s時拉力F開始減小，但摩擦力仍為Ff＝4 N，故此時物體開始做減速運動，選項A錯誤；t＝2 s時物體受到的拉力大小為F＝3 N，而摩擦力仍為Ff＝4 N，故物體做減速運動的加速度大小為a＝＝1 m/s2，選項B錯誤；由題圖乙可以看出，在t＝3 s之前物體受到的摩擦力不變，故物體在運動，而t＝3 s之后物體受到的摩擦力逐漸減小，由摩擦力的特點可知其為靜摩擦力，所以在t＝3 s時物體剛好停止運動，選項C正確；在1～3 s內(nèi)，由于摩擦力不變而拉力F逐漸減小，所以物體將做加速度逐漸增大的減速運動，選項D錯誤． 19．解析：選AB.由

10、題意可知，小球在豎直方向上做勻速直線運動，當(dāng)小球運動到c點時，由運動學(xué)規(guī)律可得t＝，選項A正確；小球在水平方向上運動的距離為，由運動學(xué)規(guī)律有＝，代入數(shù)據(jù)可解得E＝，選項B正確；由動能定理可得Ekc＝qE·＋mv＝mv，選項C錯誤；由電勢差公式可知Ubc＝E·l＝，選項D錯誤． 20．解析：選CD.“三號衛(wèi)星”與地球自轉(zhuǎn)同步，角速度相同，故有＝，選項A錯誤；對近地衛(wèi)星G＝m2ωR，對“三號衛(wèi)星”G＝m3ω(R＋h)，兩式比較可得＝，選項B錯誤；同樣對近地衛(wèi)星G＝m2R，對“三號衛(wèi)星”G＝m3(R＋h)，兩式比較可得＝，選項C正確；“三號衛(wèi)星”與地球自轉(zhuǎn)同步，角速度相同，由a＝ω2r可得＝，選項

11、D正確． 21．解析：選BD.線圈下邊緣剛進入磁場和剛穿出磁場時的速度相等，而線圈完全進入磁場后，只受重力作用，一定加速運動，因此線圈進入磁場過程中一定是減速進入的，即線圈所受向上的安培力大于重力，安培力F＝BIl＝Bl＝隨速度減小而減小，合外力不斷減小，故加速度不斷減小，A項錯誤；從線圈下邊緣剛進入磁場到下邊緣即將穿出磁場過程中，線圈減少的重力勢能完全轉(zhuǎn)化為電能并以焦耳熱的形式釋放出來，故線圈進入磁場過程中產(chǎn)生的電熱Q＝mgd＝0.6 J，B項正確；由楞次定律可知，線圈進入和離開磁場過程中，感應(yīng)電流方向相反，C項錯誤；由法拉第電磁感應(yīng)定律＝，由閉合電路歐姆定律可知，＝，則感應(yīng)電荷量q＝·Δt，聯(lián)立解得：q＝，線圈進入和離開磁場，磁通量變化量數(shù)值相同，故通過導(dǎo)線橫截面的電荷量q相同，D項正確．