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2020高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 第二章 函數(shù)、導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用 課下層級(jí)訓(xùn)練14 利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性(含解析)文 新人教A版

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2020高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 第二章 函數(shù)、導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用 課下層級(jí)訓(xùn)練14 利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性(含解析)文 新人教A版

課下層級(jí)訓(xùn)練(十四) 利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性 [A級(jí) 基礎(chǔ)強(qiáng)化訓(xùn)練] 1.(2019·湖北八校聯(lián)考)函數(shù)f(x)=lnx-ax(a>0)的單調(diào)遞增區(qū)間為(  ) A.        B. C. D.(-∞,a) A [由f′(x)=-a>0,得0<x<,∴f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間為.] 2.(2019·山東聊城月考)函數(shù)f(x)=(x-3)ex的單調(diào)遞增區(qū)間是(  ) A.(-∞,2)       B. (0, 3) C.(1,4) D. (2,+∞) D [因?yàn)閒(x)=(x-3)ex,則f′(x)=ex(x-2),令f′(x)>0,得x>2,所以f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間為(2,+∞).] 3.(2019·重慶涪陵月考)已知函數(shù)f(x)=x2+2cos x,若f′(x)是f(x)的導(dǎo)函數(shù),則函數(shù)f′(x)的圖象大致是(  ) A [設(shè)g(x)=f′(x)=2x-2sin x,g′(x)=2-2cos x≥0,所以函數(shù)f′(x)在R上單調(diào)遞增.] 4.已知函數(shù)f(x)=x3+ax+4,則“a>0”是“f(x)在R上單調(diào)遞增”的(  ) A.充分不必要條件 B.必要不充分條件 C.充要條件 D.既不充分也不必要條件 A [f′(x)=x2+a,當(dāng)a>0時(shí),f′(x)>0,即a>0時(shí),f(x)在R上單調(diào)遞增,由f(x)在R上單調(diào)遞增,可得a≥0.故“a>0”是“f(x)在R上單調(diào)遞增”的充分不必要條件.] 5.(2019·廣西欽州質(zhì)檢)函數(shù)f(x)在定義域R內(nèi)可導(dǎo),若f(x)=f(2-x),且當(dāng)x∈(-∞,1)時(shí),(x-1)f′(x)<0,設(shè)a=f(0),b=f,c=f(3),則(  ) A.a(chǎn)<b<c B.c<b<a C.c<a<b D.b<c<a C [依題意得,當(dāng)x<1時(shí),f′(x)>0,f(x)為增函數(shù);又f(3)=f(-1),且-1<0<<1,因此有f(-1)<f(0)<f,即有f(3)<f(0)<f,c<a<b.] 6.(2019·四川成都月考)函數(shù)f(x)=的單調(diào)遞減區(qū)間是__________. (-∞,0),(0,1) [f(x)的定義域是(-∞,0)∪(0,+∞), f′(x)==,令f′(x)<0,解得x<1,故f(x)在(-∞,0),(0,1)遞減.] 7. (2019·遼寧阜新二中月考)若函數(shù)f(x)=x3-ax2+1在(0,2)內(nèi)單調(diào)遞減,則實(shí)數(shù)a的范圍為__________. a≥3 [∵函數(shù)f(x)=x3-ax2+1在(0,2)內(nèi)單調(diào)遞減,∴f′(x)=3x2-2ax≤0在(0,2)內(nèi)恒成立.即a≥x在(0,2)內(nèi)恒成立. t=x在(0,2)上的值域?yàn)?0,3),∴a≥3.] 8.若f(x)=xsin x+cos x,則f(-3),f,f(2)的大小關(guān)系為________. f(-3)<f(2)<f [函數(shù)f(x)為偶函數(shù),因此f(-3)=f(3). 又f′(x)=sin x+xcos x-sin x=xcos x, 當(dāng)x∈時(shí),f′(x)≤0. 所以f(x)在區(qū)間上是減函數(shù), 所以f>f(2)>f(3)=f(-3).] 9.已知函數(shù)f(x)=ex(ax2-2x+2)(a>0).試討論f(x)的單調(diào)性. 解 由題意得f′(x)=ex[ax2+(2a-2)x](a>0), 令f′(x)=0,解得x1=0,x2=. ①當(dāng)0<a<1時(shí),f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間為(-∞,0)和,單調(diào)遞減區(qū)間為; ②當(dāng)a=1時(shí),f(x)在(-∞,+∞)內(nèi)單調(diào)遞增; ③當(dāng)a>1時(shí),f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間為和(0,+∞),單調(diào)遞減區(qū)間為. 10.(2018·河北邯鄲考前保溫卷)已知函數(shù)f(x)=ex-x2-ax. (1)若函數(shù)f(x)的圖象在x=0處的切線方程為y=2x+b,求a,b的值; (2)若函數(shù)f(x)在R上是增函數(shù),求實(shí)數(shù)a的最大值. 解 (1)∵f(x)=ex-x2-ax, ∴f′(x)=ex-2x-a,則f′(0)=1-a. 由題意知1-a=2,即a=-1. ∴f(x)=ex-x2+x,則f(0)=1. 于是1=2×0+b,b=1. (2)由題意f′(x)≥0,即ex-2x-a≥0恒成立,∴a≤ex-2x恒成立. 設(shè)h(x)=ex-2x,則h′(x)=ex-2. ∴當(dāng)x∈(-∞,ln 2)時(shí),h′(x)<0,h(x)為減函數(shù); 當(dāng)x∈(ln 2,+∞)時(shí),h′(x)>0,h(x)為增函數(shù). ∴h(x)min=h(ln 2)=2-2ln 2. ∴a≤2-2ln 2,即a的最大值為2-2ln 2. [B級(jí) 能力提升訓(xùn)練] 11.若函數(shù)f(x)=x3-x2+ax-5在區(qū)間[-1,2]上不單調(diào),則實(shí)數(shù)a的取值范圍是(  ) A.(-∞,-3] B.(-3,1) C.[1,+∞) D.(-∞,-3]∪[1,+∞) B [因?yàn)閒(x)=x3-x2+ax-5, 所以f′(x)=x2-2x+a=(x-1)2+a-1, 如果函數(shù)f(x)=x3-x2+ax-5在區(qū)間[-1,2]上單調(diào),那么a-1≥0或解得a≥1或a≤-3, 于是滿足條件的a∈(-3,1).] 12.定義在區(qū)間(0,+∞)上的函數(shù)y=f(x)使不等式2f(x)<xf′(x)<3f(x)恒成立,其中y=f′(x)為y=f(x)的導(dǎo)函數(shù),則(  ) A.8<<16 B.4<<8 C.3<<4 D.2<<3 B [∵xf′(x)-2f(x)>0,x>0, ∴′==>0, ∴y=在(0,+∞)上單調(diào)遞增, ∴>,即>4. ∵xf′(x)-3f(x)<0,x>0, ∴′==<0, ∴y=在(0,+∞)上單調(diào)遞減, ∴<,即<8. 綜上,4<<8.] 13.(2019·山東臨沂檢測)若函數(shù)f(x)的定義域?yàn)镽,且滿足f(2)=2,f′(x)>1,則不等式f(x)-x>0的解集為__________. (2,+∞) [令g(x)=f(x)-x,∴g′(x)=f′(x)-1. 由題意知g′(x)>0,∴g(x)為增函數(shù).∵g(2)=f(2)-2=0,∴g(x)>0的解集為(2,+∞).] 14.若函數(shù)f(x)=-x3+x2+2ax在上存在單調(diào)遞增區(qū)間,則a的取值范圍是__________.  [對f(x)求導(dǎo),得 f′(x)=-x2+x+2a=-2++2a. 當(dāng)x∈時(shí),f′(x)的最大值為f′=+2a. 令+2a>0,解得a>-,所以a的取值范圍是.] 15.(2019·云南大理質(zhì)檢)已知函數(shù)f(x)=(k為常數(shù)),曲線y=f(x)在點(diǎn)(1,f(1))處的切線與x軸平行. (1)求實(shí)數(shù)k的值; (2)求函數(shù)f(x)的單調(diào)區(qū)間. 解 (1)f′(x)=(x>0). 又由題知f′(1)==0,所以k=1. (2)f′(x)=(x>0). 設(shè)h(x)=-ln x-1(x>0),則h′(x)=--<0, 所以h(x)在(0,+∞)上單調(diào)遞減. 由h(1)=0知,當(dāng)0<x<1時(shí),h(x)>0,所以f′(x)>0; 當(dāng)x>1時(shí),h(x)<0,所以f′(x)<0. 綜上,f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間是(0,1),單調(diào)遞減區(qū)間是(1,+∞). 16.已知x=1是f(x)=2x++ln x的一個(gè)極值點(diǎn). (1)求函數(shù)f(x)的單調(diào)遞減區(qū)間; (2)設(shè)函數(shù)g(x)=f(x)-,若函數(shù)g(x)在區(qū)間[1,2]內(nèi)單調(diào)遞增,求a的取值范圍. 解 (1)f(x)的定義域?yàn)?0,+∞),f′(x)=2-+. ∵x=1是f(x)=2x++ln x的一個(gè)極值點(diǎn), ∴f′(1)=0,即2-b+1=0. 解得b=3,經(jīng)檢驗(yàn),適合題意,∴b=3. ∵f′(x)=2-+=, 解f′(x)≤0,得0<x≤1. ∴函數(shù)f(x)的單調(diào)遞減區(qū)間為(0,1]. (2)g(x)=f(x)-=2x+ln x-(x>0), g′(x)=2++(x>0). ∵函數(shù)g(x)在[1,2]上單調(diào)遞增, ∴g′(x)≥0在[1,2]上恒成立, 即2++≥0在[1,2]上恒成立, ∴a≥-2x2-x在[1,2]上恒成立, ∴a≥(-2x2-x)max,x∈[1,2]. ∵在[1,2]上,(-2x2-x)max=-3, ∴a≥-3,即a的取值范圍為[-3,+∞). 6

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