《2020高考數(shù)學(xué)總復(fù)習(xí) 第六章 不等式、推理與證明 課時(shí)作業(yè)38 理（含解析）新人教A版》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2020高考數(shù)學(xué)總復(fù)習(xí) 第六章 不等式、推理與證明 課時(shí)作業(yè)38 理（含解析）新人教A版（7頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、課時(shí)作業(yè)38　合情推理與演繹推理 1．正弦函數(shù)是奇函數(shù)，f(x)＝sin(x2＋1)是正弦函數(shù)，因此f(x)＝sin(x2＋1)是奇函數(shù)，以上推理(　C　) A．結(jié)論正確 B．大前提不正確 C．小前提不正確 D．全不正確 解析：f(x)＝sin(x2＋1)不是正弦函數(shù)，所以小前提不正確． 2．下列推理中屬于歸納推理且結(jié)論正確的是(　A　) A．設(shè)數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn.由an＝2n－1，求出S1＝12，S2＝22，S3＝32，…，推斷：Sn＝n2 B．由f(x)＝xcosx滿足f(－x)＝－f(x)對(duì)?x∈R都成立，推斷：f(x)＝xcosx為奇函數(shù) C．由圓

2、x2＋y2＝r2的面積S＝πr2，推斷：橢圓＋＝1(a＞b＞0)的面積S＝πab D．由(1＋1)2＞21，(2＋1)2＞22，(3＋1)2＞23，…，推斷：對(duì)一切n∈N*，(n＋1)2＞2n 解析：選項(xiàng)A由一些特殊事例得出一般性結(jié)論，且注意到數(shù)列{an}是等差數(shù)列，其前n項(xiàng)和等于Sn＝＝n2，選項(xiàng)D中的推理屬于歸納推理，但結(jié)論不正確． 3．由代數(shù)式的乘法法則類比推導(dǎo)向量的數(shù)量積的運(yùn)算法則： ①“mn＝nm”類比得到“a·b＝b·a”； ②“(m＋n)t＝mt＋nt”類比得到“(a＋b)·c＝a·c＋b·c”； ③“(m·n)t＝m(n·t)”類比得到“(a·b)·c＝a·(b·c

3、)”； ④“t≠0，mt＝xt?m＝x”類比得到“p≠0，a·p＝x·p?a＝x”； ⑤“|m·n|＝|m|·|n|”類比得到“|a·b|＝|a|·|b|”； ⑥“＝”類比得到“＝”． 以上式子中，類比得到的結(jié)論正確的個(gè)數(shù)是(　B　) A．1　B．2 C．3　D．4 解析：①②正確，③④⑤⑥錯(cuò)誤． 4．已知整數(shù)對(duì)的序列為(1,1)，(1,2)，(2,1)，(1,3)，(2,2)，(3,1)，(1,4)，(2,3)，(3,2)，(4,1)，(1,5)，(2,4)，…，則第70個(gè)數(shù)對(duì)是(　B　) A．(3,10) B．(4,9) C．(5,8) D．(6,7) 解析：

4、(1,1)，兩數(shù)的和為2，共1個(gè)；(1,2)，(2,1)，兩數(shù)的和為3，共2個(gè)；(1,3)，(2,2)，(3,1)，兩數(shù)的和為4，共3個(gè)；(1,4)，(2,3)，(3,2)，(4,1)，兩數(shù)的和為5，共4個(gè)；……；(1，n)，(2，n－1)，(3，n－2)，…，(n,1)，兩數(shù)的和為n＋1，共n個(gè)．∵1＋2＋3＋4＋5＋6＋7＋8＋9＋10＋11＝66， ∴第70個(gè)數(shù)對(duì)是兩個(gè)數(shù)的和為13的數(shù)對(duì)．又兩個(gè)數(shù)的和為13的數(shù)對(duì)為(1,12)，(2,11)，(3,10)，(4,9)，…，(12,1)，∴第70個(gè)數(shù)對(duì)為(4,9)，故選B. 5．(2019·石家莊模擬)如圖所示，橢圓中心在坐標(biāo)原點(diǎn)，F(xiàn)為

5、左焦點(diǎn)，當(dāng)⊥時(shí)，其離心率為，此類橢圓被稱為“黃金橢圓”．類比“黃金橢圓”，可推算出“黃金雙曲線”的離心率e等于(　A　) A. B. C.－1 D.＋1 解析：設(shè)“黃金雙曲線”方程為－＝1， 則B(0，b)，F(xiàn)(－c,0)，A(a,0)． 在“黃金雙曲線”中，因?yàn)椤?，所以·?. 又＝(c，b)，＝(－a，b)．所以b2＝ac. 又b2＝c2－a2，所以c2－a2＝ac. 在等號(hào)兩邊同除以a2，得e＝. 6．如圖，有一個(gè)六邊形的點(diǎn)陣，它的中心是1個(gè)點(diǎn)(算第1層)，第2層每邊有2個(gè)點(diǎn)，第3層每邊有3個(gè)點(diǎn)，…，依此類推，如果一個(gè)六邊形點(diǎn)陣共有169個(gè)點(diǎn)，那么它的層數(shù)為(　

6、C　) A．6 B．7 C．8 D．9 解析：由題意知，第1層的點(diǎn)數(shù)為1，第2層的點(diǎn)數(shù)為6，第3層的點(diǎn)數(shù)為2×6，第4層的點(diǎn)數(shù)為3×6，第5層的點(diǎn)數(shù)為4×6，…，第n(n≥2，n∈N*)層的點(diǎn)數(shù)為6(n－1)．設(shè)一個(gè)點(diǎn)陣有n(n≥2，n∈N*)層，則共有的點(diǎn)數(shù)為1＋6＋6×2＋…＋6(n－1)＝1＋×(n－1)＝3n2－3n＋1，由題意得3n2－3n＋1＝169，即(n＋7)·(n－8)＝0，所以n＝8，故共有8層． 7．(2019·山西孝義模擬)我們知道：在平面內(nèi)，點(diǎn)(x0，y0)到直線Ax＋By＋C＝0的距離公式d＝，通過類比的方法，可求得：在空間中，點(diǎn)(2,4,1)到直線

7、x＋2y＋2z＋3＝0的距離為(　B　) A．3 B．5 C. D．3 解析：類比平面內(nèi)點(diǎn)到直線的距離公式，可得空間中點(diǎn)(x0，y0，z0)到直線Ax＋By＋Cz＋D＝0的距離公式為d＝，則所求距離 d＝＝5，故選B. 8．(2019·湖北優(yōu)質(zhì)高中聯(lián)考)如圖所示，將若干個(gè)點(diǎn)擺成三角形圖案，每條邊(包括兩個(gè)端點(diǎn))有n(n＞1，n∈N)個(gè)點(diǎn)，相應(yīng)的圖案中總的點(diǎn)數(shù)記為an，則＋＋＋…＋＝(　C　) A. B. C. D. 解析：每條邊有n個(gè)點(diǎn)，所以3條邊有3n個(gè)點(diǎn)，三角形的3個(gè)頂點(diǎn)重復(fù)計(jì)了一次，所以減3個(gè)頂點(diǎn)，則an＝3n－3，那么＝＝＝－， 則＋＋＋…＋ ＝＋＋

8、＋…＋＝1－＝，故選C. 9．如果函數(shù)f(x)在區(qū)間D上是凸函數(shù)，那么對(duì)于區(qū)間D內(nèi)的任意x1，x2，…，xn，都有≤f.若y＝sinx在區(qū)間(0，π)上是凸函數(shù)，那么在△ABC中，sinA＋sinB＋sinC的最大值是　　. 解析：由題意知，凸函數(shù)滿足 ≤f， 又y＝sinx在區(qū)間(0，π)上是凸函數(shù)， 則sinA＋sinB＋sinC≤3sin＝3sin＝. 10．某種平面分形圖如圖所示，一級(jí)分形圖是由一點(diǎn)出發(fā)的三條線段，長度均為1，兩兩夾角為120°；二級(jí)分形圖是在一級(jí)分形圖的每條線段的末端出發(fā)再生成兩條長度為原來的線段，且這兩條線段與原線段兩兩夾角為120°，…，依此規(guī)律得到n

9、級(jí)分形圖． 則n級(jí)分形圖中共有　(3×2n－3)　條線段． 解析：分形圖的每條線段的末端出發(fā)再生成兩條線段， 由題圖知，一級(jí)分形圖有3＝3×2－3條線段， 二級(jí)分形圖有9＝3×22－3條線段， 三級(jí)分形圖中有21＝3×23－3條線段， 按此規(guī)律n級(jí)分形圖中的線段條數(shù)an＝3×2n－3. 11．(2019·湖北八校聯(lián)考)祖暅?zhǔn)俏覈媳背瘯r(shí)代的數(shù)學(xué)家，是祖沖之的兒子．他提出了一條原理：“冪勢(shì)既同，則積不容異．”這里的“冪”指水平截面的面積，“勢(shì)”指高．這句話的意思是：兩個(gè)等高的幾何體若在所有等高處的水平截面的面積相等，則這兩個(gè)幾何體體積相等．設(shè)由橢圓＋＝1(a＞b＞0)所圍成的平

10、面圖形繞y軸旋轉(zhuǎn)一周后，得一橄欖狀的幾何體(稱為橢球體)(如圖)，課本中介紹了應(yīng)用祖暅原理求球體體積公式的方法，請(qǐng)類比此法，求出橢球體體積，其體積等于　πb2a　. 解析：橢圓的長半軸長為a，短半軸長為b，現(xiàn)構(gòu)造兩個(gè)底面半徑為b，高為a的圓柱，然后在圓柱內(nèi)挖去一個(gè)以圓柱下底面圓心為頂點(diǎn)，圓柱上底面為底面的圓錐，根據(jù)祖暅原理得出橢球體的體積V＝2(V圓柱－V圓錐)＝2＝πb2a. 12．已知O是△ABC內(nèi)任意一點(diǎn)，連接AO，BO，CO并延長，分別交對(duì)邊于A′，B′，C′，則＋＋＝1，這是一道平面幾何題，其證明常采用“面積法”： ＋＋＝＋＋＝＝1. 請(qǐng)運(yùn)用類比思想，對(duì)于空間中的四面

11、體ABCD，存在什么類似的結(jié)論，并用“體積法”證明． 解：如圖，在四面體ABCD中任取一點(diǎn)O， 連接AO，DO，BO，CO并延長，分別交四個(gè)面于E，F(xiàn)，G，H點(diǎn)． 則＋＋＋＝1. 證明：在四面體OBCD與ABCD中， ＝＝＝. 同理有＝，＝，＝， ∴＋＋＋ ＝ ＝＝1. 13．(2019·湖南模擬)天干地支紀(jì)年法源于中國，中國自古便有十天干與十二地支．十天干即甲、乙、丙、丁、戊、己、庚、辛、壬、癸；十二地支即子、丑、寅、卯、辰、巳、午、未、申、酉、戌、亥．天干地支紀(jì)年法是按順序以一個(gè)天干和一個(gè)地支相配，排列起來，天干在前，地支在后．天干由“甲”起，地支由“子”

12、起，例如，第一年為“甲子”，第二年為“乙丑”，第三年為“丙寅”，……，以此類推，排列到“癸酉”后，天干回到“甲”重新開始，即“甲戌”“乙亥”，然后地支回到“子”重新開始，即“丙子”，以此類推．已知1949年為“己丑”年，那么到中華人民共和國成立80年時(shí)為　年(　D　) A．丙酉 B．戊申 C．己申 D．己酉 解析：天干以10循環(huán)，地支以12循環(huán)，從1949年到2029年經(jīng)過80年，且1949年為“己丑”年，以1949年的天干和地支分別為首項(xiàng)，80÷10＝8，則2029年的天干為己；80÷12＝6……8，則2029年的地支為酉，故選D. 14．(2019·湖北八校聯(lián)考)有6名選手參加

13、演講比賽，觀眾甲猜測(cè)：4號(hào)或5號(hào)選手得第一名；觀眾乙猜測(cè)：3號(hào)選手不可能得第一名；觀眾丙猜測(cè)：1,2,6號(hào)選手中的一位獲得第一名；觀眾丁猜測(cè)：4,5,6號(hào)選手都不可能獲得第一名．比賽后發(fā)現(xiàn)沒有并列名次，且甲、乙、丙、丁中只有1人猜對(duì)比賽結(jié)果，此人是(　D　) A．甲 B．乙 C．丙 D．丁 解析：若甲猜測(cè)正確，則4號(hào)或5號(hào)得第一名，那么乙猜測(cè)也正確，與題意不符，故甲猜測(cè)錯(cuò)誤，即4號(hào)和5號(hào)均不是第一名；若乙猜測(cè)正確，則3號(hào)不可能得第一名，即1,2,4,5,6號(hào)選手中有一位獲得第一名，那么甲和丙中有一人也猜對(duì)比賽結(jié)果，與題意不符，故乙猜測(cè)錯(cuò)誤；若丙猜測(cè)正確，那么乙猜測(cè)也正確，與題意不符，

14、故僅有丁猜測(cè)正確，所以選D. 15．(2016·山東卷)觀察下列等式： －2＋－2＝×1×2； －2＋－2＋－2＋－2＝×2×3； －2＋－2＋－2＋…＋－2＝×3×4； －2＋－2＋－2＋…＋－2＝×4×5； …… 照此規(guī)律， －2＋－2＋－2＋…＋－2＝　　. 解析：觀察前4個(gè)等式，由歸納推理可知－2＋－2＋－2＋…＋－2＝×n×(n＋1)＝. 16．已知點(diǎn)A(x1，ax1)，B(x2，ax2)是函數(shù)y＝ax(a＞1)的圖象上任意不同兩點(diǎn)，依據(jù)圖象可知，線段AB總是位于A，B兩點(diǎn)之間函數(shù)圖象的上方，因此有結(jié)論＞a成立．運(yùn)用類比思想方法可知，若點(diǎn)A(x1，sinx1)，B(x2，sinx2)是函數(shù)y＝sinx(x∈(0，π))的圖象上任意不同兩點(diǎn)，則類似地有?。約in　成立． 解析：對(duì)于函數(shù)y＝ax(a＞1)的圖象上任意不同兩點(diǎn)A，B，依據(jù)圖象可知，線段AB總是位于A，B兩點(diǎn)之間函數(shù)圖象的上方，因此有結(jié)論＞a成立；對(duì)于函數(shù)y＝sinx(x∈(0，π))的圖象上任意不同的兩點(diǎn)A(x1，sinx1)，B(x2，sinx2)，線段AB總是位于A，B兩點(diǎn)之間函數(shù)圖象的下方， 類比可知應(yīng)有＜sin成立． 7