選擇題型滿分練(二)建議用時：25分鐘本題共8小題，每小題6分在每小題給出的四個選項中，第15題只有一項符合題目要求，第68題有多項符合題目要求全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分1甲、乙兩個物體在同一時刻沿同一直線運動，它們的速度時間圖象如圖所示，下列有關說法正確的是()A在46 s內(nèi)，甲、乙兩物體的加速度大小相等，方向相反B前6 s內(nèi)甲通過的路程更大C前4 s內(nèi)甲、乙兩物體的平均速度相等D甲、乙兩物體一定在2 s末相遇解析：選B.在46 s內(nèi)，甲、乙兩物體的加速度大小a m/s21 m/s2相等，方向相同，選項A錯誤；因vt圖象的面積表示位移，所以前6 s內(nèi)甲通過的路程s64 m12 m，乙通過的路程為s22 m222 m8 m，選項B正確；前4 s內(nèi)甲、乙兩物體的位移不相等，所以平均速度不相等，選項C錯誤；雖然甲、乙兩物體在前2 s內(nèi)的位移相等，但題目沒有說明兩物體從同一位置出發(fā)，故兩物體不一定在2 s末相遇，選項D錯誤2如圖所示，一質(zhì)量為m的沙袋用不可伸長的輕繩懸掛在支架上，一練功隊員用垂直于繩的力將沙袋緩慢拉起使繩與豎直方向向的夾角為30，且繩繃緊，則練功隊員對沙袋施加的作用力大小為()A.B.mgC.mg D.mg解析：選A.建立直角坐標系對沙袋進行受力分析，由平衡條件得Fcos 30Tsin 300Tcos 30Fsin 30mg0聯(lián)立可解得：F.故選A.3“北斗”系統(tǒng)中兩顆工作衛(wèi)星1和2在同一軌道上繞地心O沿順時針方向做勻速圓周運動，軌道半徑為r，某時刻它們分別位于軌道上的A、B兩位置，如圖所示已知地球表面處的重力加速度為g，地球半徑為R，不計衛(wèi)星間的相互作用力以下判斷中正確的是()A這兩顆衛(wèi)星的向心加速度大小均為agB這兩顆衛(wèi)星的角速度大小均為RC衛(wèi)星1由位置A運動至位置B所需的時間為tD如果使衛(wèi)星1加速，它一定能追上衛(wèi)星2解析：選C.衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，萬有引力充當向心力，即Gma，由萬有引力與重力的關系得Gmg，解得ag，A項錯；由a2r，將上式代入得，B項錯；衛(wèi)星1由位置A運動到位置B所需時間為衛(wèi)星周期的，又T，得t，C項正確；衛(wèi)星1加速后做離心運動，進入高軌道運動，不能追上衛(wèi)星2，D項錯4如圖所示是某電場沿x軸上各點電勢分布圖，其中OA間圖線是一水平線，AC間圖線關于x軸上點B中心對稱，BD間C點電勢最低，則下列說法正確的是()AOA段電場一定是勻強電場BB、C兩點的電場強度均為0C將一正點電荷從B點移到D點，電場力先做正功后做負功D將電荷量為q的正點電荷從A點移到C點，電勢能增加2q0解析：選C.因為x圖象的斜率表示電場強度E，所以OA段電場強度處處為零，B點電場強度不為0，C點電場強度為0，A、B錯；BD段電勢先降低后升高，電場強度方向先沿x軸正方向，后沿x軸負方向，將一正點電荷從B點移到D點，電場力先做正功后做負功，C正確；A、C兩點間電勢差為U20，由WqU知將電荷量為q的正點電荷從A點移到C點，電場力做正功2q0，所以電荷的電勢能減小2q0，D錯5一個面積為S的圓形金屬框置于水平桌面上，如圖甲所示(俯視圖)，金屬框內(nèi)有一與線框平面垂直的磁感應強度為B1的勻強磁場，圓形金屬框與兩根水平的平行金屬導軌(兩導軌相距L、電阻不計)相連接，導軌間有垂直導軌平面豎直向上的磁感應強度為B2的勻強磁場，一電阻為r的導體棒垂直放在導軌上且與導軌良好接觸，當磁感應強度B1隨時間發(fā)生變化時，導體棒始終不動，由力傳感器(圖中沒畫出)得到導體棒所受摩擦力隨時間的變化關系如圖乙所示，規(guī)定摩擦力水平向右為正，磁場方向垂直金屬框平面向里(豎直向下)為正，則下列關于磁感應強度B1隨時間變化的圖象正確的是()解析：選B.因?qū)w棒始終靜止，所受摩擦力與安培力始終等大反向，即fF安B2IL，由圖乙及題意知01 s內(nèi)摩擦力水平向右且恒定，由左手定則知回路中出現(xiàn)的是逆時針方向的恒定感應電流，由法拉第電磁感應定律知I，所以恒定，即磁感應強度B1隨時間線性變化，排除A選項；由楞次定律及磁場正方向可知磁感應強度B1可能是垂直金屬框平面向里在增加，也可能是垂直金屬框平面向外在減小，排除C選項；由圖乙及電流I的表達式知在23 s內(nèi)的大小是01 s內(nèi)的2倍，所以D錯，B對6如圖所示，物體A以速度v0做平拋運動，落地時水平方向的位移和豎直方向的位移均為L，圖甲中的虛線是A做平拋運動的軌跡圖乙中的曲線是一光滑軌道軌道的形狀與圖甲中的虛線相同讓物體B從軌道頂端無初速度下滑，B下滑過程中沒有脫離軌道物體A、B都可以看做質(zhì)點重力加速度為g.則下列說法正確的是()AA、B兩物體落地時的速度方向相同BA、B兩物體落地時的速度大小相等C物體B落地時水平方向的速度大小為 D物體B落地時重力的瞬時功率為mg解析：選AC.曲線運動軌跡上的任意一點切線方向為該點的速度方向，A對；根據(jù)動能定理知，A、B在下落過程中重力做功相同，但B初速度為零，所以落地時速度大小不相等，B錯；由平拋運動規(guī)律知A落地時豎直方向速度為水平方向速度的2倍，因為B落地時速度與A落地時速度方向相同，所以可以知道B豎直方向速度為水平方向速度的2倍，由動能定理列方程求得物體B落地時水平方向的速度大小為 ，C對；落地時重力的瞬時功率P2mg，D錯7在某一粗糙的水平面上，一質(zhì)量為2 kg的物體，在水平恒定拉力的作用下做勻速直線運動，當運動一段時間后，拉力逐漸減小，且當拉力減小到零時，物體剛好停止運動，圖中給出了拉力隨位移變化的關系圖象已知重力加速度取g10 m/s2.根據(jù)以上信息能精確得出或估算得出的物理量有()A物體與水平面間的動摩擦因數(shù)B合外力對物體所做的功C物體做勻速運動時的速度D物體運動的時間解析：選ABC.物體勻速運動時，拉力F與滑動摩擦力f相等，0.35，A對；減速過程由動能定理得：WfWF0mv2，根據(jù)Fs圖象中圖線與坐標軸圍成的面積表示力F做的功，Wfmgs，由此可以確定得出v，B、C對；因為物體做變加速運動，所以時間無法確定，D錯8圖甲中理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比n1n251，電阻R20 ，L1、L2為規(guī)格相同的兩只小燈泡，S1為單刀雙擲開關原線圈接正弦交變電源，輸入電壓u隨時間t的變化關系如圖乙所示現(xiàn)將S1接1、S2閉合，此時L2正常發(fā)光下列說法不正確的是()A輸入電壓u的表達式u20sin(50t)VB只斷開S2后，L1、L2均正常發(fā)光C只斷開S2后，原線圈的輸入功率增大D若將S1換接到2，R消耗的電功率為0.8 W解析：選ABC.交流電的瞬時表達式uEmsin(t)V，由題圖乙可以看出Em20 V，周期T0.02 s，100 rad/s，A錯；根據(jù)題中條件S1接1、S2閉合，L2正常發(fā)光，可以推出能使燈L2正常發(fā)光的額定電壓為4 V，如果S1接1、斷開S2，則每個燈泡兩端電壓為2 V，B錯；理想變壓器輸入功率由輸出功率決定，而輸出功率P出，在輸出電壓不變的情況下，負載電阻R0增大，輸出功率減小，C錯；當S1接2時，U4 V，R20 ，代入P出得P出0.8 W，D對