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1、2013年高考物理臨考沖刺模擬一 1. 下列關于核反應及其說法中正確的是 ( ) A．鈾核裂變的核反應是： B.經過6次α衰變和4次β衰變后成為穩(wěn)定的原子核 C．壓力和溫度對放射性元素衰變的快慢具有一定的影響 D．在α粒子散射的實驗中，絕大多數α粒子幾乎直線穿過金箔，這可以說明金原子內部絕大部分是空的 1、 BD 本題考查了核反應方程、α衰變、β衰變、半衰期、α粒子散射實驗。難易程度：中。這部分考點在歷年的高考中出現的機率很高，每年都有試題出現，特別是近幾年出現率在上升，出題的方式幾乎全部是選擇題 【解析】A項雖然符合核電荷數和質量數守恒，但是公式必

2、須以客觀實際為依據，鈾核裂變需要慢中子引發(fā)，核反應方程為；B項根據電荷數與質量數守恒判斷正確；放射性元素衰變的半衰期取決于原子核本身，與外界條件無關，C項錯；D項復合物理事實，正確。 點撥：解答這類問題需要熟練的理解物理概念以及對核反應方程的深刻理解 2．在研究性學習的過程中，針對能源問題，大氣污染問題同學們提出了如下四個活動方案，哪些從理論上講是可行的( ) A．制作一個裝置只從海水中吸收內能全部用來做功 B．發(fā)明一種制冷設備，使溫度降至絕對零度以下 C．汽車尾氣中各類有害氣體排入大氣后嚴重污染了空氣，想辦法使它們自發(fā)地分離， 既清潔了空氣，又變廢為寶 D．將房屋頂蓋

3、上太陽能板，可直接用太陽能來解決照明和熱水問題 2．D 本題考查了熱力學第一、二定律與實際生活相聯系的知識點 難易程度：易 【解析】物體不可能從單一熱源吸收熱量全部用來做功A錯；絕對零度不可能到達B錯。汽車尾氣中的不同成分已經混合，不可能自發(fā)地分離，因為這違背了熱力學第二定律。一切宏觀熱學現象都是具有方向性，要實現其逆過程，必須付出能量代價，故C項錯。 【點撥】熟練掌握熱力學定律內容和應用 3．物體在如圖所示的一個大小和方向按正弦規(guī)律變化的水平力F作用下，由靜止開始沿光滑水平面向右運動，則下列說法正確的是【 】 A．物體在0--時間內向右加速運動，在--時間內向左減速運動

4、 B．物體在0--時間內向右加速運動，在--時間內向右減速運動 C．時刻物體速度最大，時刻物體速度為0 D．時刻物體速度和加速度都最大，時刻物體加速度最大 3. BC 【解析】根據圖象可知在0--時間內力F的方向與物體的運動方向相同，物體做加速運動，--時間力的方向和運動的方向相反，物體向右做減速運動，所以A錯B正確，物體在0--這段時間內一直做加速運動，所以時刻物體速度最大，在--時間內向右減速運動，根據圖像的對稱性可知，時刻物體速度為0。C正確，D錯誤 4．如圖是一列簡諧橫波在某時刻的波形圖，已知圖中b位置的質點起振比a位置的質點晚0.5s，b和c之間的距離是5m，則此列波的波長

5、和頻率應分別為【 】 A．5m，1Hz B．10m，2Hz C．5m，2Hz D．10m，1Hz 4. A 【解析】從圖上可知道，因為b比a晚，所以波沿x的正方向傳播，而ab相差T/2，所以T是1秒，bc是兩相鄰的波谷，所以相差一個波長。 【點撥】：先區(qū)分是波動還是振動圖象，然后在從圖象上找出相應的物理量。 5． 2007年11月7日8時24分，嫦娥一號衛(wèi)星主發(fā)動機點火，實施第三次近月制動，衛(wèi)星順利進入了距月面高度為200公里的圓形工作軌道，即將進行繞月探測活動。已知月球直徑為3476公里，月面上自由落體的重力加速度是地球表面重力加速度的1/6，則在環(huán)月運行過程中，嫦娥

6、一號的周期大約是 （ ） A．24h B．12h C．3.8h D．2h 5． D 本題考查了天體運動的知識點，難易程度：中 【解析】環(huán)月過程中萬有引力提供了向心力，在月球表面萬有引力和重力相等，兩個公式聯立得，周期為127分鐘，所以D正確 【點撥】求嫦娥一號的周期完全可以把求地球衛(wèi)星周期的方法遷移過來 6、U A R ~ .如圖，有一理想變壓器，原副線圈的匝數比為n.原線圈接正弦交流電壓U，輸出端接有一個交流電流表和一個電動機.電動機線圈電阻為R.當輸入端接通電源后，電流表讀數為I，電動機帶動一重物勻速上升.下列判斷正確的是（ ） A原線圈中的電流為nI

7、 B. 變壓器的輸入功率為UI/n. C. 電動機消耗的功率為I2R D. 電動機兩端電壓為IR 6. B 【解析】理想變壓器原副線圈的匝數比等于線圈兩端的電壓比也等于線圈中電流的反比，所以A錯誤，理想變壓器的輸入功率等于輸出功率，也等于電動機消耗的功率，變壓器的輸入功率為B正確C錯，因為電動機不是純電阻電路，所以不能用來求用電器兩端的電壓，D錯誤 【誤點警示】歐姆定律的公式只適用純阻 7．如圖所示，是兩個同種玻璃制成的棱鏡，頂角α1略大于α2，兩束單色光A和B分別垂直入射于三棱鏡后，出射光線與第二界面的夾角β1=β2，則【 】 A．A光束的頻率比B光束

8、高 B．在棱鏡中A光束的波長比B光束的短 C．在棱鏡中B光束的傳播速度比A光束的大 D．把兩束光由水中射向空氣，產生全反射，A光的臨界角比B的臨界角大 7．D【解析】光從A和B射出后β1=β2，而頂角α1略大于α2，所以A的入射角大于B的入射角，光線是從光密介質進入空氣中，所以得出B的折射率大于A的折射率，B的頻率高于A的頻率，所以A錯;因為是由兩個同種玻璃制成的棱鏡，根據公式可知，光線在A中的傳播速度大于光在B中的傳播速度，而B的頻率高于A的頻率，由得B的波長比A的波長短，B C錯；把兩束光由水中射向空氣，產生全反射，由于B的折射率大于A的折射率，所以A光的臨界角比B的臨界角大D正確

9、， 點撥：利用圖中給出的角度的關系，先找出折射率的關系，以折射率為紐帶把思路拓展出來 8.下圖為大型電子地磅電路圖，電源電動勢為E，內阻不計.不稱物體時，滑片P在A端，滑動變阻器接入電路的有效電阻最大，電流較?。环Q重物時，在壓力作用下使滑片P下滑，滑動變阻器有效電阻變小，電流變大，這樣把電流對應的重力值刻在刻度盤上，就可以讀出被稱物體的重力值.若滑動變阻器上A、B間距離為L，最大值等于定值電阻阻值R0，已知兩彈簧的總彈力與形變量成正比，比例系數為k，則所稱重物的重力G與電流大小I的關系為 A.G=2kL- B.G=kL C.G=+k

10、L D.G=kIL 8. A本題是對胡克定律、歐姆定律與現實生活聯系的綜合考查 難易程度 難 【解析】由歐姆定律得I=①，而G=kx②，兩式聯立，解得G=2kL-.故A正確. 【點撥】：正確建立物理情境就可以容易得出結論 9．在同一高度處，將完全相同的兩個小球分別水平拋出和自由釋放，不計空氣阻力。則兩球運動過程中 A． 動能變化相同，動量變化不相同 B． 動能變化不相同，動量變化相同 C． 動能變化和動量變化都相同 D． 動能變化和動量變化都不相同 9. C 本題是對古人平拋運動、自由落體，機械能守恒和動量定理的的綜合考查，難易程度 中 【

11、解析】兩個小球在運動的過程中只受重力作用，并且只有重力做功，下落的高度相同，所以重力做功相等，動能的變化量相同，運動過程中沖量等于動量的變化量，下落的時間相等，兩小球的沖量相等所以動量的變化量相等，C正確 【點撥】充分理解合外力所做的功等于動能的變化量，合外力的沖量等于動量的變化量 10．閉合電路的電源電動勢為E，內電阻為r，如圖所示，當滑動變阻器的觸片P從右端滑到左端時，下列說法中正確的是 （ ） A．小燈泡L1、L3變暗，L2變亮 B．小燈泡L3變暗，L1、L2變亮 C．電壓表V1示數變化量較小 D

12、．電壓表V2示數變化量較小 10．BD 本題考查了動態(tài)電路的電壓和電流的變化 難易程度：中 【解析】滑動變阻器的觸片P從右端滑到左端，總電阻減小，總電流增大，路端電壓減小。與電阻串聯的燈泡L1、L2電流增大，變亮，與電阻并聯的燈泡L3電壓降低，變暗。U1減小，U2增大，而路端電壓U= U1+ U2減小，所以U1的變化量大于 U2的變化量，選BD。 【點撥】利用滑動變阻器的觸片P移動的方向判斷電路中電阻的變化情況，再根據串并聯電路的性質進行判斷 第Ⅱ卷（非選擇題，共60分） 二、實驗題（本題包括2小題，共16分。把答案填在題中的橫線上或按照題目的要求作答） 11．（6分）（1）

13、在“研究平拋物體的運動”的實驗中，讓小球多次沿同一軌道運動，通過描點法畫小球作平拋運動的軌跡。為了能較準確地描繪運動軌跡，下面列出了一些操作要求，將你認為正確的選項前面的字母填在橫線上：________ a．斜槽必須光滑 b．通過調節(jié)使斜槽的末端保持水平 c．每次釋放小球的位置必須相同 d．每次必須由靜止釋放小球 e．記錄小球位置用的木條(或凹槽)每次必須嚴格的等距離下降 f．小球運動時不應與木板上的白紙(或方格紙)相接觸 g．將球的位置記錄在紙上后，取下紙，用直尺將點連成折線 （2）某同學只記錄了A、B、C三點，各點的坐標如圖所示，則物體運動的初速度為 ______m/

14、s，開始平拋的初始位置的坐標為________ 11．（1）b c d f-----------2分（1分/2個）（2）1m/s ----------------2分 (—10，—5)----------------2分 【點撥】物體做平拋運動，在水平方向上做勻速直線運動，所以在豎直方向上圖象的兩段的時間間隔也相等，利用求出時間間隔，即可求出初速度和初始位置 12（10分）在測定電阻的實驗中，比較簡便、直觀的方法有半偏法、替代法等： ①．在測定電流表內阻Rg的實驗中，使用如圖甲所示的電路，當S2斷開，S1閉合，且R1調到9900Ω時，電流表的指針轉到滿偏0.2mA，再閉合

15、S2，將R2調到90Ω時，電流表指針恰好指在一半刻度，則電流表的內阻Rg= Ω，此值較Rg的真實值 （填偏大、偏小或相等）． ② 在用替代法測電阻的實驗中，測量電路如乙圖所示，圖中R是滑動變阻器，Rs是電阻箱，Rx是待測高阻值電阻，S2是單刀雙置開關，G是電流表。 （1）．按電路原理圖將丙圖（圖中已連好4根導線）所示的器材連成測量電路。 （2）．實驗按以下步驟進行，并將正確答案填在圖中橫線上。 A．將滑動片P調至電路圖中滑動變阻器的最右端，將電阻R調至最大，閉和開關S1，將開關S2撥向位置“1”，調節(jié)P的位置，使電流表指示某一合適的刻度I。 P RS B．再

16、將開關S2撥向位置“2”，保持 位置不變，調節(jié) ，使電流表指示的刻度仍為I。 12.①Rg=90Ω （2分），偏?。?分） ②(1)．略（3分），(2)．R（2分） ，Rs（2分） 【點撥】：①半偏法經常用于測電表的內阻，當電流表的指針指在一半的刻度時，內阻和R2相等，為90Ω，但由于R2的接入使得電路中的總阻值變小，電路中的電流變大，所以 通過R2的電流大于通過電流表的電流，測得的阻值偏小。 三計算題(本題包括4個小題，共54分.解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟。) 13． (10分)質量為m=1kg的物體在水平軌道上向右運

17、動，當物體的速度v0=27m／s時，對物體施加一方向向左下方的恒力作用，恒力的大小為F＝20N，恒力的方向與水平面成370，如圖所示．已知物體與軌道之間的動摩擦因數為0．5，取重力加速度g=10m／s2，求在此后物體向右運動的最大距離．(cos370=0.8 sin370=0.6) 13．解：物體向右做勻減速直線運動，受力如圖所示，設此過程中物體的加速度為a,根據牛頓第二定律有 (2分) (2分) 又因為 (1分) 聯立方程解得: (2分) 代入數據解得:

18、 (1分) 物體向右運動的最遠距離為: (2分) 【點撥】此題是高中物理的一個常見題型，牛頓定律的應用。知道物體的受力情況求物體的運動情況,這類問題的解題方法就是分析受力情況得出物體的加速度,然后利用運動學方程求物體的運動過程. 14．（12分）電動自行車是目前一種較為時尚的代步工具，某廠生產的一種電動自行車，設計質量（包括人）為m=80kg，動力電源選用能量存儲量為“36V 10Ah”（即輸出電壓為36V，工作電流與工作時間的乘積為10安培小時）的蓄電池（不計內阻），所用電動機的輸入功率有兩檔，分別為P1=120W和P2=180W，考慮到傳動摩擦及電機發(fā)熱等各

19、種因素造成的損耗，自行車的效率為η=80%。如果自行車在平直公路上行駛時所受阻力與行駛速率和自行車對地面的壓力都成正比，即f=kmgv，其中k=5.0×10-3S·m-1，求： ⑴該自行車分別選用兩檔行駛時，行駛的最長時間分別是多少？ ⑵自行車在平直的公路上能達到的最大速度為多大？ ⑶估算選用高檔在平直的公路上最大行程可達多少千米？ 14．【解析】⑴根據公式：P=IU　 ⑴ （2分） 可解得兩檔電流分別為： ⑵ （1分） 　 ⑶ （1分） 再根據電池容量可解得 小時和小時 （1分） ⑵經分析可知，檔自行車

20、以最大功率行駛且達勻速時速度最大，因此有： F牽=kmgvm ⑷ （2分） 而 ⑸ （2分） 聯立⑷⑸并代入數據可得：vm=6m/s （1分） ⑶忽略自行車啟動和減速過程，可認為自行車以最大速度勻速行駛3小時，即 Sm=vvt2=6×3600×2=43200m=43.2km （2分） 【點撥】在充分理解題意的基礎上，利用功率的和運動學公式直接解題，本題的難點是把實際問題轉化為物理問題。 15、（13分）如圖（a）所示，光滑的平行長直金屬導軌置于水平面內，間距為L、導軌左端接有

21、阻值為R的電阻，質量為m的導體棒垂直跨接在導軌上。導軌和導體棒的電阻均不計，且接觸良好。在導軌平面上有一矩形區(qū)域內存在著豎直向下的勻強磁場，磁感應強度大小為B。開始時，導體棒靜止于磁場區(qū)域的右端，當磁場以速度v1勻速向右移動時，導體棒隨之開始運動，同時受到水平向左、大小為f的恒定阻力，并很快達到恒定速度，此時導體棒仍處于磁場區(qū)域內。 （1）求導體棒所達到的恒定速度v2； （2）為使導體棒能隨磁場運動，阻力最大不能超過多少？ （3）導體棒以恒定速度運動時，單位時間內克服阻力所做的功和電路中消耗的電功率各為多大？ 15、【解析】：（1）根據E＝BL（v1－v2），I＝E/R， （2分）

22、F＝BIL＝， （2分） 速度恒定時有： ＝f， （2分） 可得：v2＝v1－ （1分） （2）fm＝ （2分） （3）P導體棒＝Fv2＝f， （2分） P電路＝E2/R＝＝ （2分） 【點撥】這是一道集考查電磁感應、能量守恒、直流電路的綜合題目，此題關鍵是通過對研究對象的受力分析，理解每一過程的運動的特點利用各物理量的關系式就可得出 O E r R1 R2 P S1 S2 D H V A K 16（17分）如圖所示，在以O為圓心，半徑為R=10cm的圓形區(qū)域內，有一個水平方向的勻強磁場，磁感應強度大小為B=0.1T，方向垂直紙面向外．豎直平行放置的

23、兩金屬板A、K相距為d=mm，連在如圖所示的電路中．電源電動勢E=91V，內阻r＝1Ω，定值電阻R1＝10Ω，滑動變阻器R2的最大阻值為80Ω， S1、S2為A、K板上的兩個小孔，且S1、S2跟O點在垂直極板的同一直線上，OS2=2R，另有一水平放置的足夠長的熒光屏D，O點跟熒光屏D之間的距離為H=2R．比荷為2×105C/kg的正離子流由S1進入電場后，通過S2向磁場中心射去，通過磁場后落到熒光屏D上。離子進入電場的初速度、重力、離子之間的作用力均可忽略不計．問： （1）請分段描述正離子自S1到熒光屏D的運動情況. （2）如果正離子垂直打在熒光屏上，電壓表的示數多大？ （3）調節(jié)滑動變

24、阻器滑片P的位置，正離子到達熒光屏的最大范圍多大？ 圖答1 O O′ O″ D v 16．【解析】（1）正離子在兩金屬板間作勻加速直線運動，離開電場后做勻速直線運動，進入磁場后做勻速圓周運動，離開磁場后，離子又做勻速直線運動，直到打在熒光屏上． （1分） （2）設離子由電場射出后進入磁場時的速度為v。因離子是沿圓心O的方向射入磁場，由對稱性可知，離子射出磁場時的速度方向的反向延長線也必過圓心O。離開磁場后，離子垂直打在熒光屏上（圖中的O’點），則離子在磁場中速度方向偏轉了90°，由幾何知識可知，離子在磁場中做圓周運動的圓半徑 　　　　?、?

25、 （1分） 設離子的電荷量為q、質量為m，進入磁場時的速度為v有 由，得 ② （1分） 設兩金屬板間的電壓為U，離子在電場中加速，由動能定理有： ③ （1分） 而 ④ 由②③兩式可得 ⑤ (1分) 代入有關數值可得U＝30V，也就是電壓表示數為30V． （1分） (3)因兩金屬板間的電壓越小，離子經電場后獲得的速度也越小，離子在磁場中作圓周運動的半徑越小，射出電場時的偏轉角越大，也就越可能射向熒光屏的左側． 由閉合電路歐姆

26、定律有， （1分） 當滑動片P處于最右端時，兩金屬板間電壓最大，為Umax＝I(R1＋R2)＝90V; 當滑動片P處于最左端時，兩金屬板間電壓最小，為Umin＝IR1＝10V; 兩板間電壓為Umin＝10V時，離子射在熒光屏上的位置為所求范圍的最左端點，由②③可解得離子射出電場后的速度大小為v 1＝2×103m/s，離子在磁場中做圓運動的半徑為r1＝0.1m，或直接根據⑤式求得r1=0.1m，此時粒子進入磁場后的徑跡如圖答2所示，O1為徑跡圓的圓心，A點為離子能射到熒O D O1 A α O′ 圖答2 v1 α 光屏的最左端點．由幾何知識

27、可得： ，所以α＝60o（1分） 所以AO′＝Htan(90°－α)＝2××cm＝20cm（1分） 而兩板間電壓為Umax＝90V時，離子射在熒光屏上的位置為所求范圍的最右端點，此時粒子進入磁場后的徑跡如圖答3所示， 同理由②③可解得離子射出電場后的速度大小為v1＝6×103m/s，離子在磁場中做圓運動的半徑為r1＝0.3m，或直接由⑤式求得r2=0.3m，由幾何知識可得 圖答3 O D O2 O′ B β v2 γ 即β＝120o（1分） 所以O′B＝Htan（β－90°）＝2××cm＝20cm（1分） 離子到達熒光屏上的范圍為以O′為中點的左右兩側20cm．（1分） 【點撥】帶電粒子在復合場中的運動歷來是高考的熱點，也是難點，本題是帶電粒子在組合場中的運動情況，這類問題的關鍵是描繪出粒子的運動軌跡，利用數學中的幾何知識定圓心、找半徑，通過運動軌跡這個橋梁來解決提出的問題。