2014年高考物理復習（人教版通用）訓練題：第8章 第1課時 磁場的描述磁場對電流的作用（19頁 ）考點內容要求考綱解讀磁場、磁感應強度、磁感線通電直導線和通電線圈周圍磁場的方向安培力、安培力的方向勻強磁場中的安培力洛倫茲力、洛倫茲力的方向洛倫茲力的公式帶電粒子在勻強磁場中的運動質譜儀和回旋加速器說明：(1)安培力的計算只限于電流與磁感應強度垂直的情形(2)洛倫茲力的計算只限于速度與磁場方向垂直的情形.1.磁感應強度、磁感線、安培力、洛倫茲力的理解及安培定則和左手定則的運用，一般以選擇題的形式出現2安培力的大小計算，以及帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動的分析與計算一般以計算題的形式出現3帶電粒子在分立場、混合場中的運動問題仍是本章考查的重點內容，極易成為試卷的壓軸題.第1課時磁場的描述磁場對電流的作用考綱解讀1.知道磁感應強度的概念及定義式，并能理解與應用.2.會用安培定則判斷電流周圍的磁場方向.3.會用左手定則分析解決通電導體在磁場中的受力及平衡類問題1對磁感應強度概念的理解關于磁感應強度的說法正確的是()A一小段通電導體放在磁場A處，受到的磁場力比B處的大，說明A處的磁感應強度比B處的磁感應強度大B由B可知，某處的磁感應強度的大小與放入該處的通電導線所受磁場力F成正比，與導線的IL成反比C一小段通電導體在磁場中某處不受磁場力作用，則該處磁感應強度一定為零D小磁針N極所受磁場力的方向就是該處磁感應強度的方向答案D解析磁感應強度是描述磁場強弱和方向的物理量，是磁場本身性質的反映，其大小由磁場以及在磁場中的位置決定，與F、I、L都沒有關系，B只是磁感應強度的定義式，同一通電導體受到的磁場力的大小由所在處B和放置的方式共同來決定，所以A、B、C都是錯誤的磁感應強度的方向就是該處小磁針N極所受磁場力的方向，不是通電導線的受力方向，所以D正確2對磁感線性質的理解關于磁感線的性質和概念，下列說法中正確的是()A磁感線上某點的切線方向就是該點的磁場方向B鐵屑在磁場中的分布曲線就是磁感線C磁感線總是從磁體的N極指向S極D磁場中任意兩條磁感線均不相交答案AD解析磁感線上每一點的切線方向都跟該點的磁場方向相同，A對；利用碎鐵屑在磁場中被磁化的性質，可顯示磁感線的形狀，但它排成的曲線本身不是磁感線，磁感線是假想曲線，B錯；磁感線在磁體外部由N極指向S極，但在內部卻是由S極指向N極，即磁感線是閉合曲線，C錯；假設兩條磁感線可以相交，過交點作曲線的切線，將有兩個不同的方向，而同一點的磁場方向只能有一個，故任意兩條磁感線均不相交，D對3磁場對電流作用力的計算圖1如圖1所示，一段導線abcd位于磁感應 強度大小為B的勻強磁場中，且與磁場方向(垂直于紙面向里)垂直線段ab、bc和cd的長度均為L，且abcbcd135°.流經導線的電流為I，方向如圖中箭頭所示導線段abcd所受到的磁場的作用力的合力()A方向沿紙面向上，大小為(1)ILBB方向沿紙面向上，大小為(1)ILBC方向沿紙面向下，大小為(1)ILBD方向沿紙面向下，大小為(1)ILB答案A解析由左手定則及力的合成可知合力方向沿紙面向上，故知C、D錯誤再由安培力公式FBIL可得合力大小為(1)ILB，A正確圖24對磁通量的理解和計算(2012·浙江杭州市高三檢測)如圖2所示，通電直導線右邊有一個矩形線框，線框平面與直導線共面，若使線框逐漸遠離(平動)通電導線，則穿過線框的磁通量將()A逐漸增大 B逐漸減小C保持不變 D不能確定答案B解析離導線越遠，電流產生的磁場越弱，穿過線圈的磁感線條數越少，磁通量逐漸減小，故只有B正確考點梳理一、磁場、磁感應強度1磁場(1)基本特性：磁場對處于其中的磁體、電流和運動電荷有磁場力的作用(2)方向：小磁針的N極所受磁場力的方向，或自由小磁針靜止時北極的指向2磁感應強度(1)物理意義：描述磁場的強弱和方向(2)大?。築(通電導線垂直于磁場)(3)方向：小磁針靜止時N極的指向(4)單位：特斯拉(T)3勻強磁場(1)定義：磁感應強度的大小處處相等、方向處處相同的磁場稱為勻強磁場(2)特點勻強磁場中的磁感線是疏密程度相同的、方向相同的平行直線4磁通量(1)概念：在磁感應強度為B的勻強磁場中，與磁場方向垂直的面積S與B的乘積(2)公式：BS.深化拓展(1)公式BS的適用條件：勻強磁場；磁感線的方向與平面垂直即BS.(2)S為有效面積(3)磁通量雖然是標量，卻有正、負之分(4)磁通量與線圈的匝數無關二、磁感線、通電導體周圍磁場的分布1磁感線：在磁場中畫出一些有方向的曲線，使曲線上各點的切線方向跟這點的磁場方向一致2條形磁鐵和蹄形磁鐵的磁場磁感線分布(如圖3所示)圖33電流的磁場直線電流的磁場通電螺線管的磁場環(huán)形電流的磁場特點無磁極、非勻強，且距導線越遠處磁場越弱與條形磁鐵的磁場相似，管內為勻強磁場且磁場最強，管外為非勻強磁場環(huán)形電流的兩 側是N極和S極，且離圓環(huán)中心越遠，磁場越弱安培定則立體圖橫截面圖4.磁感線的特點(1)磁感線上某點的切線方向就是該點的磁場方向(2)磁感線的疏密定性地表示磁場的強弱，在磁感線較密的地方磁場較強；在磁感線較疏的地方磁場較弱(3)磁感線是閉合曲線，沒有起點和終點在磁體外部，從N極指向S極；在磁體內部，由S極指向N極(4)同一磁場的磁感線不中斷、不相交、不相切(5)磁感線是假想的曲線，客觀上不存在三、安培力、安培力的方向勻強磁場中的安培力1安培力的大小(1)磁場和電流垂直時，FBIL.(2)磁場和電流平行時：F0.2安培力的方向(1)用左手定則判定：伸開左手，使拇指與其余四個手指垂直，并且都與手掌在同一個平面內讓磁感線從掌心進入，并使四指指向電流的方向，這時拇指所指的方向就是通電導線在磁場中所受安培力的方向(2)安培力的方向特點：FB，FI，即F垂直于B和I決定的平面5如圖4所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向圖4答案6請畫出在如圖5所示的甲、乙、丙三種情況下，導線ab受到的安培力的方向圖5答案畫出甲、乙、丙三種情況的側面圖，利用左手定則判定出在甲、乙、丙三種情況下，導線所受安培力的方向如圖所示方法提煉1用安培定則判斷電流的磁場方向時，用的是右手，又叫右手螺旋定則2用左手定則判斷安培力的方向(1)安培力總是垂直于磁場方向和電流方向所決定的平面，但磁場方向和電流方向不一定垂直(2)若已知B、I方向，F方向惟一確定(3)若只有B或I方向變?yōu)橄喾?，則力F反向；若B與I同時反向，則力F方向不變(4)由于Fv，常根據v方向對物體進行受力分析.考點一對磁感應強度的理解1磁感應強度是反映磁場性質的物理量，由磁場本身決定，是用比值法定義的2磁感應強度B與電場強度E的比較 對應名稱比較項目磁感應強度B電場強度E物理意義描述磁場的力的性質的物理量描述電場的力的性質的物理量定義式B，通電導線與B垂直E大小決定由磁場決定，與檢驗電流無關由電場決定，與檢驗電荷無關方向矢量磁感線切線方向，小磁針N極受力方向矢量電場線切線方向，放入該點的正電荷受力方向場的疊加合磁感應強度等于各磁場的磁感應強度的矢量和合場強等于各個電場的場強的矢量和例1下列說法中正確的是()A電荷在某處不受電場力的作用，則該處電場強度為零B一小段通電導線在某處不受磁場力作用，則該處磁感應強度一定為零C表征電場中某點電場的強弱，是把一個檢驗電荷放在該點時受到的電場力與檢驗電荷本身電荷量的比值D表征磁場中某點磁場的強弱，是把一小段通電導線放在該點時受到的磁場力與該小段導線長度和電流乘積的比值解析電場和磁場有一個明顯的區(qū)別是：電場對放入其中的電荷有力的作用，磁場對通電導線有力的作用的條件是磁場方向不能和電流方向平行，因此A對，B錯同理根據電場強度的定義式EF/q可知C正確而同樣用比值定義法定義的磁感應強度則應有明確的說明，即B中I和B的方向必須垂直，故D錯答案AC規(guī)律總結(1)電場強度的方向與電荷的受力方向相同或相反；而磁感應強度方向與電流元受安培力方向垂直，滿足左手定則(2)電荷在電場中一定會受到電場力的作用；如果電流方向與磁場方向平行，則電流在磁場中不受安培力的作用突破訓練1關于磁感應強度B，下列說法中正確的是()A磁場中某點B的大小，跟放在該點的試探電流元的情況有關B磁場中某點B的方向，跟放在該點的試探電流元所受磁場力方向一致C在磁場中某點的試探電流元不受磁場力作用時，該點B值大小為零D在磁場中磁感線越密集的地方，磁感應強度越大答案D解析磁感應強度是磁場本身的屬性，在磁場中某處的磁感應強度為一恒量，其大小可由B計算，與試探電流元的F、I、L的情況無關，A錯磁感應強度的方向規(guī)定為小磁針N極受磁場力的方向，與放在該處的電流元受力方向垂直，B錯當試探電流元的方向與磁場方向平行時，電流元受磁場力雖為零，但磁感應強度卻不為零，C錯磁感線的疏密是根據磁場的強弱畫出的，磁感線越密集的地方，磁感應強度越大，磁感線越稀疏的地方，磁感應強度越小，故D正確考點二安培定則的應用和磁場的疊加1安培定則的應用在運用安培定則判定直線電流和環(huán)形電流的磁場時應分清“因”和“果”.原因(電流方向)結果(磁場繞向)直線電流的磁場大拇指四指環(huán)形電流的磁場四指大拇指2.磁場的疊加磁感應強度是矢量，計算時與力的計算方法相同，利用平行四邊形定則或正交分解法進行合成與分解特別提醒兩個電流附近的磁場的磁感應強度是由兩個電流分別獨立存在時產生的磁場在該處的磁感應強度疊加而成的圖6例2(2012·全國·18)如圖6所示，兩根相互平行的長直導線過紙面 上的M、N兩點，且與紙面垂直，導線中通有大小相等、方向相反的電流a、O、b在M、N的連線上，O為MN的中點，c、d位于MN的中垂線上，且a、b、c、d到O點的距離均相等關于以上幾點處的磁場，下列說法正確的是()AO點處的磁感應強度為零Ba、b兩點處的磁感應強度大小相等，方向相反Cc、d兩點處的磁感應強度大小相等，方向相同Da、c兩點處磁感應強度的方向不同解析根據安培定則判斷磁場方向，再結合矢量的合成知識求解根據安培定則判斷：兩直線電流在O點產生的磁場方向均垂直于MN向下，O點的磁感應強度不為零，故A選項錯誤；a、b兩點的磁感應強度大小相等，方向相同，故B選項錯誤；根據對稱性，c、d兩點處的磁感應強度大小相等，方向相同，故C選項正確；a、c兩點的磁感應強度方向相同，故D選項錯誤答案C方法點撥1牢記判斷電流的磁場的方法安培定則，并能熟練應用，建立磁場的立體分布模型2在進行磁感應強度的疊加時，應注意是哪個電流產生的磁場，磁場方向如何突破訓練2如圖7所示，一根通電直導線垂直放在磁感應強度為1 T的勻強磁場中，在以導線截面的中心為圓心、r為半徑的圓周上有A、B、C、D四個點已知A點的磁感應強度為0，則下列敘述正圖7確的是()A直導線中的電流方向垂直紙面向里BB點的實際磁感應強度為 T，方向斜向右上方，與豎直方向的夾角為45°CC點的實際磁感應強度也為0DD點的實際磁感應強度與B點相同答案AB解析A點的實際磁感應強度為0，即直線電流在A處的磁感應強度與勻強磁場在該處的磁感應強度的矢量和為0，所以直線電流在A處的磁感應強度B1 T，方向向左，由安培定則可得直導線中的電流方向垂直紙面向里，由于圓周上各點到直導線的距離相同，所以直線電流在圓周上各處的磁感應強度大小均為1 T，但方向不同，在B處向上，在C處向右，在D處向下，則B、C、D三處的實際磁感應強度分別為： T，方向斜向右上方與豎直方向成45°夾角；2 T，方向向右； T，方向斜向右下方與豎直方向成45°夾角，選項A、B正確考點三安培力作用下導體運動情況的判定1通電導體在磁場中的運動實質是在磁場對電流的安培力作用下導體的運動2明確磁場的分布和正確運用左手定則進行判斷是解題的關鍵例3如圖8所示，把輕質導線圈用絕緣細線懸掛在磁鐵N極附近，磁圖8鐵的軸線穿過線圈的圓心且垂直線圈平面當線圈內通以圖中方向的電流后，線圈的運動情況是()A線圈向左運動 B線圈向右運動C從上往下看順時針轉動 D從上往下看逆時針轉動解析解法一：電流元法首先將圓形線圈分成很多小段，每一段可看作一直線電流元，取其 中上、下兩小段分析，其截面圖和受安培力情況如圖甲所示根據甲對稱性可知，線圈所受安培力的合力水平向左，故線圈向左運動只有選項A正確解法二：等效法乙將環(huán)形電流等效成小磁針，如圖乙所示，根據異名磁極相吸引知， 線圈將向左運動，選A.也可將左側條形磁鐵等效成環(huán)形電流，根據結論“同向電流相吸引，異向電流相排斥”，也可判斷出線圈向左運動，選A.答案A方法總結判定安培力作用下導體運動情況的常用方法電流元法分割為電流元左手定則安培力方向整段導體所受合力方向運動方向特殊位置法在特殊位置安培力方向運動方向等效法環(huán)形電流小磁針條形磁鐵通電螺線管多個環(huán)形電流結論法同向電流互相吸引，異向電流互相排斥；兩不平行的直線電流相互作用時，有轉到平行且電流方向相同的趨勢轉換研究對象法定性分析磁體在電流磁場作用下如何運動或運動趨勢的問題，可先分析電流在磁體磁場中所受的安培力，然后由牛頓第三定律，確定磁體所受電流磁場的作用力，從而確定磁體所受合力及運動方向突破訓練3如圖9所示，條形磁鐵放在光滑斜面上，用平行于斜面的輕彈簧拉住而平衡，A為水平放置的直導線的截面，導線中無電流時磁鐵對斜面的壓力為FN1；當導線中有垂直紙面向圖9外的電流時，磁鐵對斜面的壓力為FN2，則下列關于磁鐵對斜面壓力和彈簧的伸長量的說法中正確的是()AFN1<FN2，彈簧的伸長量減小BFN1FN2，彈簧的伸長量減小CFN1>FN2，彈簧的伸長量增大DFN1>FN2，彈簧的伸長量減小答案C解析在題圖中，由于條形磁鐵的磁感線是從N極出發(fā)到S極，所以可畫出磁鐵在導線A處的一條磁感線，其方向是斜向左下方的，導線A中的電流垂直紙面向外時，由左手定則可判斷導線A必受斜向右下方的安培力，由牛頓第三定律可知磁鐵所受作用力的方向是斜向左上方，所以磁鐵對斜面的壓力減小，即FN1>FN2，同時，由于導線A比較靠近N極，安培力的方向與斜面的夾角小于90°，所以對磁鐵的作用力有沿斜面向下的分力，使得彈簧彈力增大，可知彈簧的伸長量增大，所以正確選項為C.圖10突破訓練4如圖10所示，把一根通電直導線AB放在蹄形磁鐵磁極的正上方，導線可以自由移動當導線通過電流I時，如果只考慮安培力的作用，則從上往下看，導線的運動情況是()A順時針方向轉動，同時下降B順時針方向轉動，同時上升C逆時針方向轉動，同時下降D逆時針方向轉動，同時上升答案C解析第一步：電流元受力分析法把直線電流等效為OA、OB兩段電流元，由左手定則判定蹄形磁鐵磁感線分布以及兩段電流元受安培力方向相反，如圖a所示可見從上往下看時，導線將逆時針方向轉動第二步：特殊位置分析法取導線逆時針轉過90°的特殊位置來分析，如圖b所示根據左手定則判斷其所受安培力方向向下，故導線在逆時針轉動的同時向下運動40與安培力有關的力學綜合問題 1安培力的綜合應用，一般有兩種情形：一是安培力作用下導體的平衡和加速；二是與安培力有關的功能關系問題安培力的綜合應用是高考的熱點，題型有選擇題，也有綜合性的計算題2處理這類問題，需弄清楚電流所在處的磁場分布情況，要做好受力分析，搞清物體的受力情況，然后利用牛頓運動定律或者功能關系求解3在受力分析時，有時要把立體圖轉換成平面圖，即三維變二維轉換時要標明B的方向，以便于確定安培力的方向.解析(1)根據閉合電路歐姆定律得I1.5 A（3分）(2)導體棒受到的安培力F安BIL0.30 N（3分）(3)對導體棒受力分析如圖，將重力正交分解沿導軌方向F1mgsin 37°0.24 N（1分）F1<F安，根據平衡條件mgsin 37°FfF安（2分）解得Ff0.06 N，方向沿導軌向下答案(1)1.5 A(2)0.30 N(3)0.06 N，方向沿導軌向下（1分）規(guī)律總結求解通電導體在磁場中的力學問題的方法：(1)選定研究對象；(2)變三維為二維，畫出平面受力分析圖，判斷安培力的方向時切忌跟著感覺走，一定要用左手定則來判斷，注意F安B、F安I；(3)根據力的平衡條件、牛頓第二定律列方程式進行求解突破訓練5傾角為的導電軌道間接有電源，軌道上放有一根靜止的金屬桿ab.現垂直軌道平面向上加一勻強磁場，如圖13所示，磁感應強度B逐漸增加的過程中，ab桿受到的靜摩擦力 ()A逐漸增大 B逐漸減小C先增大后減小 D先減小后增大答案D解析不加磁場時，桿ab是靜止的，一定受到沿導軌向上的靜摩擦力當加上磁場時，根據左手定則判斷出安培力的方向沿導軌向上，開始時此力較小，桿ab受的靜摩擦力仍然沿導軌向上，當安培力逐漸增大時，靜摩擦力開始減小直到零再增大B，桿ab有沿導軌向上的運動趨勢，桿ab受沿導軌向下的靜摩擦力且逐漸增大，所以D正確.高考題組1(2012·天津理綜·2)如圖14所示，金屬棒MN兩端由等長的輕質細 線水平懸掛，處于豎直向上的勻強磁場中，金屬棒中通以由M向N的電流，平衡時兩懸線與豎直方向夾角均為.如果僅改變下列某一個條件，角的相應變化情況是()A金屬棒中的電流變大，角變大圖14B兩懸線等長變短，角變小C金屬棒質量變大，角變大D磁感應強度變大，角變小答案A解析選金屬棒MN為研究對象，其受力情況如圖所示根據平衡條件及三角形知識可得tan ，所以當金屬棒中的電流I、磁感應強度B變大時，角變大，選項A正確，選項D錯誤；當金屬棒質量m變大時，角變小，選項C錯誤；角的大小與懸線長短無關，選項B錯誤圖152(2012·海南單科·10)圖15中裝置可演示磁場對通電導線的作用電磁鐵上下兩磁極之間某一水平面內固定兩條平行金屬導軌，L是置于導軌上并與導軌垂直的金屬桿當電磁鐵線圈兩端a、b，導軌兩端e、f，分別接到兩個不同的直流電源上時，L便在導軌上滑動下列說法正確的是()A若a接正極，b接負極，e接正極，f接負極，則L向右滑動B若a接正極，b接負極，e接負極，f接正極，則L向右滑動C若a接負極，b接正極，e接正極，f接負極，則L向左滑動D若a接負極，b接正極，e接負極，f接正極，則L向左滑動答案BD解析若a接正極，b接負極，電磁鐵磁極間磁場方向向上，e接正極，f接負極，由左手定則判定金屬桿受安培力向左，則L向左滑動，A項錯誤，同理判定B、D選項正確，C項錯誤3(2011·課標全國理綜·14)為了解釋地球的磁性，19世紀安培假設：地球的磁場是由繞過地心的軸的環(huán)形電流I引起的在下列四個圖中，正確表示安培假設中環(huán)形電流方向的是()答案B解析地磁場的N極在地球南極附近，地磁場的S極在地球北極附近，根據安培定則，可判定電流方向為順時針方向(站在地球的北極向下看)，選項B正確，選項A、C、D錯誤4(2011·大綱全國·15)如圖16，兩根相互平行的長直導線分別通有方向相反的電流I1和I2，且I1>I2；a、b、c、d為導線某一橫截面所在平圖16面內的四點且a、b、c與兩導線共面；b點在兩導線之間，b、d的連線與導線所在平面垂直，磁感應強度可能為零的點是()Aa點 Bb點Cc點 Dd點答案C解析由于I1>I2，且離導線越遠產生的磁場越弱，在a點I1產生的磁場比I2產生的磁場要強，A錯，同理，C對I1與I2在b點產生的磁場方向相同，合成后不可能為零，B錯d點兩電流產生的磁場B1、B2不共線，合磁場不可能為0，D錯模擬題組5(2012·廣東省高考壓軸卷)如圖17所示，圖17AC是一個用長為L的導線彎成的、以O為圓心的四分之一圓弧，將其放置在與平面AOC垂直的磁感應強度為B的勻強磁場中當在該導線中通以由C到A，大小為I的恒定電流時，該導線受到的安培力的大小和方向是()ABIL，平行于OC向左B.，平行于OC向右C.，垂直AC的連線指向左下方D2BIL，垂直AC的連線指向左下方答案C解析由L為圓弧，所以L，即R，的有效長度為lR，安培力為FABIl，方向由左手定則判斷，垂直AC的連線指向左下方，因此選項C正確6圖18如圖18所示，傾斜導軌寬為L，與水平面成角，處在方向豎直向上、磁感應強度為B的勻強磁場中，金屬桿ab水平放在導軌上當回路電流強度為I時，金屬桿ab所受安培力F，斜面的支持力為FN，則()A安培力方向垂直ab桿沿斜面向上B安培力方向垂直ab桿水平向右CFNBILcos DFN答案BD解析畫出傾斜導軌和ab桿的二維視圖，由左手定則判斷出安培力 方向水平向右，大小為FBIL，由共點力平衡求得FN，選項 B、D正確(限時：30分鐘)題組1對磁感應強度、磁感線的考查1關于磁感應強度B，下列說法中正確的是()A根據磁感應強度定義式B，磁場中某點的磁感應強度B與F成正比，與I成反比B磁感應強度B是標量，沒有方向C磁感應強度B是矢量，方向與F的方向相反D在確定的磁場中，同一點的磁感應強度B是確定的，不同點的磁感應強度B可能不同，磁感線密集的地方磁感應強度B大些，磁感線稀疏的地方磁感應強度B小些答案D解析磁感應強度是磁場本身的性質，與放入磁場中的電流I或受力大小F無關，A錯誤；磁感應強度B是矢量，其方向與F總是垂直的，B、C錯誤；在確定的磁場中，同一點的磁感應強度B是確定的，由磁場本身決定，與其他外在的一切因素無關，用磁感線的疏密程度表示磁場的強弱，D正確2下列各圖中，用帶箭頭的細實線標出了通電直導線周圍磁感線的分布情況，其中正確的是()答案D解析通電直導線周圍的磁感線是以導線上各點為圓心的同心圓，并且這些同心圓都在跟導線垂直的平面內，電流方向與磁感線方向間的關系可由安培定則判定：讓伸直的大拇指指向導線中電流方向，彎曲四指的方向即為磁感線的環(huán)繞方向，所以只有D正確3如圖1所示，正方形線圈abcd位于紙面內，邊長為L，匝數為N，過ab中點和cd中點的連線OO恰好位于垂直紙面向里的勻強磁場的右邊界上，磁感應強度為B，則穿過線圈的磁通量為()圖1A. B.CBL2 DNBL2答案A4.電流計的主要結構如圖2所示，固定有指針的鋁框處在由磁極與軟鐵 芯構成的磁場中，并可繞軸轉動鋁框上繞有線圈，線圈的兩端與接線柱相連有同學對軟鐵芯內部的磁感線分布提出了如下的猜想，可能正確的是()圖2答案C解析軟鐵芯被磁化后，左端為S極，右端為N極，而磁體內部的磁感線方向從S極指向N極，可見B、D錯誤再根據磁感線不能相交，知A錯誤，C正確題組2安培定則及磁場的疊加5圖3有兩根長直導線a、b互相平行放置，如圖3所示為垂直于導線的截面圖在圖中所示的平面內，O點為兩根導線連線的中點，M、N為兩根導線附近的兩點，它們在兩導線連線的中垂線上，且與O點的距離相等若兩導線中通有大小相等、方向相同的恒定電流I，則關于線段MN上各點的磁感應強度的說法中正確的是 ()AM點和N點的磁感應強度大小相等，方向相同BM點和N點的磁感應強度大小相等，方向相反C在線段MN上各點的磁感應強度都不可能為零D在線段MN上只有一點的磁感應強度為零答案BD解析兩根導線分別在M點和N點產生的磁感應強度大小相等，方向相反，所以M點、N點的磁感應強度大小相等，方向相反，選項B正確；線段MN中點O的磁感應強度為零，選項D正確6. 兩個完全相同的通電圓環(huán)A、B的圓心O重合、圓面相互垂直，通電電流相同，電流方向如圖4所示，設每個圓環(huán)在其圓心O處獨立產生的磁感應強度為B0，則O處的磁感應強度大小為()圖4A0 B2B0C.B0 D無法確定答案C解析由安培定則可知，A在圓心處產生的場強垂直于紙面向里，B在圓心處產生的場強豎直向下，兩者垂直，所以合磁感應強度大小BB0，C選項正確7歐姆在探索導體的導電規(guī)律的時候，沒有電流表，他利用小磁針的偏轉檢測電流，具體的做法是：在地磁場的作用下，處于水平靜止的小磁針上方，平行于小磁針水平放置一直導線，當該導線中通有電流的時候，小磁針就會發(fā)生偏轉；當通過該導線的電流為I時，發(fā)現小磁針偏轉了30°，由于直導線在某點產生的磁場與通過直導線的電流成正比，當他發(fā)現小磁針偏轉了60°時，通過該導線的電流為()A3I B2IC.I DI答案A解析如圖所示，設地磁場的磁感應強度為B0，電流為I的導線產生的磁場的磁感應強度為B1，因為小磁針偏轉了30°，則有tan 30°；設電流為I的直導線產生的磁場的磁感應強度為B2，小磁針偏轉了60°時，則有tan 60°；聯立解得B23B1；由直導線在某點產生的磁場與通過直導線的電流成正比可得，I3I，選項A正確. 題組3安培力作用下導體的運動8通有電流的導線L1、L2處在同一平面(紙面)內，L1是固定的，L2可繞垂直紙面的固定轉軸O轉動(O為L2的中心)，各自的電流方向如圖5所示下列哪種情況將會發(fā)生()A因L2不受磁場力的作用，故L2不動圖5B因L2上、下兩部分所受的磁場力平衡，故L2不動CL2繞軸O按順時針方向轉動DL2繞軸O按逆時針方向轉動答案D解析由右手螺旋定則可知導線L1的上方的磁場的方向為垂直紙面向外，且離導線L1的距離越遠的地方，磁場越弱，導線L2上的每一小部分受到的安培力方向水平向右，由于O點的下方磁場較強，則安培力較大，因此L2繞軸O按逆時針方向轉動，D項正確9. (2011·新課標全國·18)電磁軌道炮工作原理如圖6所示待發(fā)射彈體 可在兩平行軌道之間自由移動，并與軌道保持良好接觸電流I從圖6一條軌道流入，通過導電彈體后從另一條軌道流回軌道電流可形成在彈體處垂直于軌道面的磁場(可視為勻強磁場)，磁感應強度的大小與I成正比通電的彈體在軌道上受到安培力的作用而高速射出現欲使彈體的出射速度增加至原來的2倍，理論上可采用的辦法是()A只將軌道長度L變?yōu)樵瓉淼?倍B只將電流I增加至原來的2倍C只將彈體質量減至原來的一半D將彈體質量減至原來的一半，軌道長度L變?yōu)樵瓉淼?倍，其他量不變答案BD解析由題意可知磁感應強度BkI，安培力F安BIdkI2d，由動能定理可得：F安L，解得vI ，由此式可判斷B、D選項正確題組4安培力及安培力作用下導體的平衡10在等邊三角形的三個頂點a、b、c處，各有一條長直導線垂直穿過紙面，導線中通有大小相等的恒定電流，方向如圖7所示則過c點的導線所受安培力的方向()A與ab邊平行，豎直向上圖7B與ab邊平行，豎直向下C與ab邊垂直，指向左邊D與ab邊垂直，指向右邊答案C解析本題考查的知識點是右手定則、磁感應強度的疊加、左手定則如圖所示，因a、b處的導線中的電流方向垂直紙面向里，根據右手螺旋定則可以判斷a處導線中的電流在c處產生的磁場方向為與ac邊垂直且指向左下方；b處導線中的電流在c處產生的磁場方向為與bc邊垂直且指向右下方由幾何知識可得兩個磁場方向的夾角為60°，又由于c點距a、b兩點的距離相等，a、b處導線中的電流相等，因此產生的兩個磁感應強度的大小也相等，由平行四邊形定則合成后的磁場方向豎直向下由左手定則可以判斷c處導線受到的安培力與B合垂直，指向左邊，故選項C正確11(2011·上海單科·18)如圖8，質量為m、長為L的直導線用兩絕緣細線懸掛于O、O，并處于勻強磁場中，當導線中通以沿x正方向的電流I，且導線保持靜止時，懸線與豎直方向夾角為.則磁感應強度方向和大小可能為()圖8Az正向，tan By正向，Cz負向，tan D沿懸線向上，sin 答案BC解析若B沿z軸正方向，受力如圖，導線無法平衡，A錯誤；若B沿y軸正方向，由左手定則，受力如圖，mgBIL，B，所以B正確；若B沿z軸負方向，受力如圖，FTsin BIL，FTcos mg，所以Btan ，C正確；若B沿懸線向上，受力如圖，導線無法平衡，D錯誤12如圖9所示，均勻繞制的螺線管水平放置，在其正中心的上方附近用絕 緣繩水平吊起通電直導線A，A與螺線管垂直，A導線中的電流方向垂直紙面向里，開關S閉合，A受到通電螺線管磁場的作用力的方向是()A水平向左 B水平向右圖9C豎直向下 D豎直向上答案D解析先用安培定則判斷螺線管的磁場方向，其在A點導線處的磁場方向是水平向左的；再用左手定則判斷出導線A受到的安培力豎直向上，故選D.13如圖10所示，質量為m、長為L的導體棒電阻為R，初始時靜止于光滑的水平軌道上，電源電動勢為E，內阻不計勻強磁場的磁感應強度為B，其方向與軌道平面成角斜向上方，開關閉合后導體棒開始運動，則()圖10A導體棒向左運動B開關閉合瞬間導體棒MN所受安培力為C開關閉合瞬間導體棒MN所受安培力為D開關閉合瞬間導體棒MN的加速度為答案BD解析磁場方向與導體棒垂直，導體棒所受安培力FBIL，方向為垂直于磁場方向與導線方向所確定的平面斜向下，其有水平向右的分量，將向右運動，故A、C錯誤，B正確導體棒的合力F合Fcos (90°)Fsin ，由a得a，D正確14. 如圖11所示，有兩根長為L、質量為m的細導體棒a、b，a被水平圖11放置在傾角為45°的光滑斜面上，b被水平固定在與a在同一水平面的另一位置，且a、b平行，它們之間的距離為x.當兩細棒中均通以電流強度為I的同向電流時，a恰能在斜面上保持靜止，則下列關于b的電流在a處產生的磁場的磁感應強度的說法正確的是()A方向向上B大小為C要使a仍能保持靜止，而減小b在a處的磁感應強度，可使b上移D若使b下移，a將不能保持靜止答案ACD解析要使a恰能在斜面上保持靜止，由安培定則可知b的電流在a處產生的磁場的磁感應強度方向應向上，A正確a的受力如圖甲所示tan 45°，所以B，B錯誤b無論上移還是下移，b在a處的磁感應強度均減小若上移，a的受力如圖乙所示上移過程中FN逐漸減小，F安先減小后增大，兩個力的合力等于mg，此時a仍能保持靜止，故C正確若使b下移，同理可分析a將不能保持靜止，D正確