《2014年高考物理復(fù)習(xí) 第3章 牛頓運動定律和動力學(xué)問題分析單元小結(jié)練（含解析） 新人教版》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2014年高考物理復(fù)習(xí) 第3章 牛頓運動定律和動力學(xué)問題分析單元小結(jié)練（含解析） 新人教版（5頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、單元小結(jié)練　牛頓運動定律和動力學(xué)問題分析 (限時：45分鐘) 1．牛頓第一定律和牛頓第二定律共同確定了力與運動的關(guān)系，下列相關(guān)描述正確的是(　　) A．力是使物體產(chǎn)生加速度的原因，沒有力就沒有加速度 B．力是改變物體運動狀態(tài)的原因，質(zhì)量決定著慣性的大小 C．速度變化越快的物體慣性越大，勻速運動或靜止時沒有慣性 D．質(zhì)量越小，慣性越大，外力作用的效果越明顯 答案　AB 2．放在水平地面上的一物塊，受到方向不變的水平推力F的作用，F(xiàn)的大小與時間t的關(guān)系和物塊速度v與時間t的關(guān)系如圖1所示．取重力加速度g＝10 m/s2.由此兩圖線可以求得物塊的質(zhì)量m和物塊與地面之間的動摩擦因數(shù)μ分

2、別為 (　　) 圖1 A．m＝0.5 kg，μ＝0.4 B．m＝1.5 kg，μ＝0.4 C．m＝0.5 kg，μ＝0.2 D．m＝1.5 kg，μ＝0.2 答案　A 3．如圖2所示，在光滑水平地面上，水平外力F拉動小車和木塊一起 做無相對滑動的勻加速運動．小車質(zhì)量為M，木塊質(zhì)量為m，加速 度大小為a，木塊和小車之間的動摩擦因數(shù)為μ，則在這個過程中， 木塊受到的摩擦力大小是 (　　) 圖2 A．μma B．ma C. D．F－Ma 答案　BCD 4．如圖3所示，小車上有一根固

3、定的水平橫桿，橫桿左端固定 的輕桿與豎直方向成θ角，輕桿下端連接一小鐵球；橫桿右 端用一根細(xì)線懸掛一相同的小鐵球，當(dāng)小車做勻變速直線運 動時，細(xì)線保持與豎直方向成α角，若θ<α，則下列說法中 圖3 正確的是 (　　) A．輕桿對小球的彈力方向沿著輕桿方向向上 B．輕桿對小球的彈力方向與細(xì)線平行向上 C．小車一定以加速度gtan α向右做勻加速運動 D．小車一定以加速度gtan θ向右做勻加速運動 答案　B 5．如圖4所示，水平傳送帶足夠長，傳送帶始終順時針勻速運動， 長為1米的薄木板A的正中央放置一個小木塊B，A和B之間 的動摩擦因數(shù)為0.2，

4、A和傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為0.5， 圖4 薄木板的質(zhì)量是木塊質(zhì)量的2倍，輕輕把AB整體放置在傳送帶的中央，設(shè)傳送帶始終繃緊并處于水平狀態(tài)，g取10 m/s2，在剛放上很短的時間內(nèi)，A、B的加速度大小分別為 (　　) A．6.5 m/s2、2 m/s2 B．5 m/s2、2 m/s2 C．5 m/s2、5 m/s2 D．7.5 m/s2、2 m/s2 答案　A 6．在2010年上海世博會風(fēng)洞飛行表演上，若風(fēng)洞內(nèi)向上的風(fēng)速、風(fēng)量 保持不變，讓質(zhì)量為m的表演者通過身姿調(diào)整，可改變所受向上的 風(fēng)力大小，以獲得不同的運動效果．假設(shè)人體

5、受風(fēng)力大小與有效面 積成正比，已知水平橫躺時受風(fēng)力有效面積最大，站立時受風(fēng)力有 效面積最小，為最大值的1/8.風(fēng)洞內(nèi)人可上下移動的空間總高度為H. 開始時，若人體與豎直方向成一定角度傾斜時，受風(fēng)力有效面積是 圖5 最大值的一半，恰好可以靜止或勻速漂移．現(xiàn)人由靜止開始從最高點A以向下的最大加速度勻加速下落，如圖5所示，經(jīng)過B點后，再以向上的最大加速度勻減速下落，到最低點C處速度剛好為零，則下列說法中正確的有 (　　) A．人向上的最大加速度是g B．人向下的最大加速度是g C．BC之間的距離是H D．BC之間的距離是H 答案　BC 7．如圖6所示，質(zhì)量為m的

6、球置于斜面上，被一個豎直擋板擋?。? 現(xiàn)用一個力F拉斜面，使斜面在水平面上做加速度為a的勻加 速直線運動，忽略一切摩擦，以下說法中正確的是 (　　) A．若加速度足夠小，豎直擋板對球的彈力可能為零 圖6 B．若加速度足夠大，斜面對球的彈力可能為零 C．斜面和擋板對球的彈力的合力等于ma D．斜面對球不僅有彈力，而且該彈力是一個定值 答案　D 解析　設(shè)球的質(zhì)量為m，斜面傾角為θ，斜面給球的彈力為F1， 豎直擋板給球的彈力為F2.對球受力分析，如圖所示．由牛頓第 二定律得：F1cos θ－mg＝0，F(xiàn)2－F1sin θ＝ma 解得F1＝是定值，F(xiàn)2＝mgtan θ＋

7、ma，故A、B錯，D正確；球所受斜面、擋板的力以及重力的合力為ma，故C錯． 8．質(zhì)量為0.3 kg的物體在水平面上做直線運動，圖7中a、b直線分別表示物體受水平拉力和不受水平拉力時的v－t圖象，則求：(取g＝10 m/s2) 圖7 (1)物體受滑動摩擦力多大？ (2)水平拉力多大？ 答案　見解析 解析　(1)由題圖知圖線a的加速度為 a1＝－ m/s2 圖線b的加速度為 a2＝－ m/s2 根據(jù)牛頓第二定律得，摩擦力Ff＝ma2＝－0.2 N，方向與運動方向相反 (2)根據(jù)牛頓第二定律得：F＋Ff＝ma1＝－0.1 N 所以F＝0.1 N，方向與運動方向相同．

8、9．如圖8甲所示，質(zhì)量為m＝2 kg的物塊放在水平桌面上處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)用一水平外力F作用在物塊上，物塊運動的加速度隨時間變化的關(guān)系圖象如圖乙所示，已知物塊運動過程中所受摩擦力的大小為Ff＝5 N，重力加速度g取10 m/s2，求： 圖8 (1)物塊與地面間的動摩擦因數(shù)μ； (2)物塊所受拉力F隨時間t變化的關(guān)系式； (3)2 s末物塊的速度v. 答案　(1)0.25　(2)F＝(5＋4t) N　(3)4 m/s 解析　(1)設(shè)地面對物塊的支持力為FN，則Ff＝μFN 又FN＝mg 解得μ＝0.25 (2)根據(jù)牛頓第二定律，有 F－Ff＝ma 由題圖乙可知a＝kt

9、其中k＝2 m/s3 所以F＝(5＋4t) N (3)a－t圖象所圍面積表示速度的變化量，2 s內(nèi)物塊速度的變化量為 Δv＝×2×4 m/s＝4 m/s 因為0時刻物塊速度為0，故2 s末物塊的速度v＝4 m/s. 10．如圖9所示，質(zhì)量M＝1 kg的木板靜止在粗糙的水平地面上， 木板與地面間的動摩擦因數(shù)μ1＝0.1，在木板的左端放置一個 質(zhì)量m＝1 kg、大小可以忽略的鐵塊，鐵塊與木板間的動摩擦 圖9 因數(shù)μ2＝0.4，取g＝10 m/s2，試求： (1)若木板長L＝1 m，在鐵塊上加一個水平向右的恒力F＝8 N，經(jīng)過多長時間鐵塊運動到木板的右端？ (2)

10、若在木板(足夠長)的左端施加一個大小從零開始連續(xù)增加的水平向左的拉力F，認(rèn)為最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，在圖10中畫出鐵塊受到的摩擦力Ff隨F變化的圖象． 圖10 答案　(1)1 s　(2)見解析圖 解析　(1)對鐵塊根據(jù)牛頓第二定律 F－μ2mg＝ma1 x1＝a1t2 對木板根據(jù)牛頓第二定律 μ2mg－μ1(mg＋Mg)＝Ma2 x2＝a2t2 x1－x2＝L 聯(lián)立各式并代入數(shù)據(jù)解得：t＝1 s (2)對鐵塊與木板組成的系統(tǒng)：F≤μ1(M＋m)g＝2 N時，拉力F小于地面對系統(tǒng)的摩擦力，系統(tǒng)不會滑動，鐵塊受到的摩擦力Ff＝0. 當(dāng)系統(tǒng)所受拉力大于2 N時，在木板與鐵塊之間無相對滑動前，系統(tǒng)具有共同的加速度，有 F－μ1(M＋m)g＝(M＋m)a ① 對m：Ff＝ma ② 聯(lián)立①②解得F＝2Ff＋2，即Ff＝(－1) N 因鐵塊與木板間的靜摩擦力與F成正比，且鐵塊的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，故此時拉力應(yīng)為F＝2μ2mg＋2 N＝10 N，所以2 N≤F≤10 N．當(dāng)F>10 N時，木板與鐵塊間有相對滑動，F(xiàn)f＝μ2mg＝4 N，圖象如圖所示．