2019版高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題二 立體幾何 規(guī)范答題示例4 空間角的計(jì)算問(wèn)題學(xué)案(考試專用)
-
資源ID:159683933
資源大小:235.64KB
全文頁(yè)數(shù):6頁(yè)
- 資源格式: DOCX
下載積分:10積分
快捷下載
會(huì)員登錄下載
微信登錄下載
微信掃一掃登錄
友情提示
2、PDF文件下載后,可能會(huì)被瀏覽器默認(rèn)打開(kāi),此種情況可以點(diǎn)擊瀏覽器菜單,保存網(wǎng)頁(yè)到桌面,就可以正常下載了。
3、本站不支持迅雷下載,請(qǐng)使用電腦自帶的IE瀏覽器,或者360瀏覽器、谷歌瀏覽器下載即可。
4、本站資源下載后的文檔和圖紙-無(wú)水印,預(yù)覽文檔經(jīng)過(guò)壓縮,下載后原文更清晰。
5、試題試卷類文檔,如果標(biāo)題沒(méi)有明確說(shuō)明有答案則都視為沒(méi)有答案,請(qǐng)知曉。
|
2019版高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題二 立體幾何 規(guī)范答題示例4 空間角的計(jì)算問(wèn)題學(xué)案(考試專用)
規(guī)范答題示例 4空間角的計(jì)算問(wèn)題典例 4(15 分)(2017·浙江)如圖,已知四棱錐 PABCD,PAD 是以 AD 為斜邊的等腰直角三角形,BCAD,CDAD,PCAD2DC2CB,E 為 PD 的中點(diǎn)(1)證明:CE平面 PAB;(2)求直線 CE 與平面 PBC 所成角的正弦值審題路線圖方法一(1) 取PA的中點(diǎn)為F,連接EF,F(xiàn)B 證明四邊形BCEF為平行四邊形 CEBF CE平面PAB所以 EFAD 且 EF AD,又因?yàn)?#160;BCAD,BC AD,規(guī) 范 解 答·分 步 得 分方法一(1)證明如圖,設(shè) PA 的中點(diǎn)為 F,連接 EF,F(xiàn)B.因?yàn)?#160;E,F(xiàn) 分別為 PD,PA 中點(diǎn),1212所以 EFBC 且 EFBC,所以四邊形 BCEF 為平行四邊形,所以 CEBF.4 分因?yàn)?#160;BF平面 PAB,CE 平面 PAB,因此 CE平面 PAB.6 分構(gòu) 建 答 題 模 板第一步找平行:通過(guò)三角形中位線,找出線線平行進(jìn)而得到線面平行第二步找?jiàn)A角:通過(guò)作輔助線及線線、線面及面面之間的關(guān)系找到夾角第三步找關(guān)系:由圖形找出各線段之間的長(zhǎng)度關(guān)系,進(jìn)而求得夾角的1(2)解分別取 BC,AD 的中點(diǎn)為 M,N,連接 PN 交 EF 于點(diǎn) Q,連接 MQ.正弦值.在PBN 中,由 PNBN1,PB 3得 QH ,在 RtMQH 中,QH ,MQ 2,因?yàn)?#160;E,F(xiàn),N 分別是 PD,PA,AD 的中點(diǎn),所以 Q 為 EF 的中點(diǎn),在平行四邊形 BCEF 中,MQCE.由PAD 為等腰直角三角形得 PNAD.由 DCAD,N 是 AD 的中點(diǎn)得 BNAD,又 PNBNN,PN,BN 平面 PBN,所以 AD平面 PBN.9 分由 BCAD 得 BC平面 PBN,又 BC 平面 PBC,那么平面 PBC平面 PBN.過(guò)點(diǎn) Q 作 PB 的垂線,垂足為 H,連接 MH.MH 是 MQ 在平面 PBC 上的投影,所以QMH 是直線 CE 與平面 PBC 所成的角.12 分設(shè) CD在PCD 中,由 PC2,CD1,PD 2得 CE 2,1414第四步得結(jié)論:得到所求夾角的正弦值.所以 sinQMH 2,8所以直線 CE 與平面 PBC 所成角的正弦值是28.15 分 以O(shè)為原點(diǎn)建立空間直角坐標(biāo)系,求各點(diǎn)的坐標(biāo) 求平面PAB的法向量n和CE的坐標(biāo) CE·n0 得出結(jié)論(2) 求平面PBC的法向量m 利用sin |cosCE,m|求線面角的正弦值審題路線圖方法二(1) 取AD中點(diǎn)為O,連接OB,OP AD平面OPB2BC ADOD,且 BCOD,規(guī) 范 解 答·分 步 得 分方法二(1)證明設(shè) AD 的中點(diǎn)為 O,連接 OB,OP.PAD 是以 AD 為斜邊的等腰直角三角形,OPAD.12四邊形 BCDO 為平行四邊形,又CDAD,OBAD,OPOBO,OP,OB平面 OPB,AD平面 OPB.2 分過(guò)點(diǎn) O 在平面 POB 內(nèi)作 OB 的垂線 OM,交 PB 于 M,以 O 為原點(diǎn),OB 所在直線為 x 軸,OD 所在直線為 y 軸,OM 所在直線為 z 軸,建立空間直角坐標(biāo)系,如圖.4 分設(shè) CD1,則有 A(0,1,0),B(1,0,0),C(1,1,0),D(0,1,0)設(shè) P(x,0,z)(z>0),由 PC2,OP1,構(gòu) 建 答 題 模 板第一步找垂直:找出(或作出)具有公共交點(diǎn)的三條兩兩垂直的直線第二步寫(xiě)坐標(biāo):建立空間直角坐標(biāo)系,寫(xiě)出點(diǎn)坐標(biāo)第三步求向量:求直線的方向解得 x ,z .ìï(x1)21z24,得íïîx2z21,1 32 2向量或平面的法向量.第四步即 Pç ,0, ÷,E 為 PD 的中點(diǎn),Eç , , ÷.APç ,1, ÷,AB(1,1,0),æ13öè22 øæ113öè424 ø設(shè)平面 PAB 的法向量為 n(x1,y1,z1), æ13öè22 ø求夾角:計(jì)算向量的夾角第五步得結(jié)論:得到所求兩個(gè)平面所成的角或直線和平面所成的角. x1y1 3ìïn·AP0, íïîn·AB0,ìï 1 z 0,即í 2 2 1ïîx y 0,1 1解得ìx1y1,íîz1 3y1,令 y1,得 n(1,1, 3).7 分3而CEç , , ÷,CE·n0,BC(0,1,0),BPç ,0, ÷,13ö æ5è424 ø又CE 平面 PAB,CE平面 PAB.10 分(2)解設(shè)平面 PBC 的法向量為 m(x2,y2,z2),æ33öè22 øìïm·BC0,íïîm·BP0,ìïy20,即í 3 3îï2x2 2 z20,|CE·m| 2則 sin |cosCE,m| .|CE|m|令 x21,得 m(1,0, 3).13 分設(shè)直線 CE 與平面 PBC 所成的角為 ,8故直線 CE 與平面 PBC 所成角的正弦值為28.15 分評(píng)分細(xì)則(1)方法一第(1)問(wèn)中證明 CE平面 PAB 缺少條件扣 1 分,第(2)問(wèn)中證明 PNAD和 BNAD 各給 1 分(2)方法二中建系給 2 分,兩個(gè)法向量求出 1 個(gè)給 3 分,沒(méi)有最后結(jié)論扣 1 分,法向量取其他形式同樣給分跟蹤演練 4(2018·全國(guó))如圖,四邊形 ABCD 為正方形,E,F(xiàn) 分別為 AD,BC 的中點(diǎn),以DF 為折痕把DFC 折起,使點(diǎn) C 到達(dá)點(diǎn) P 的位置,且 PFBF.(1)證明:平面 PEF平面 ABFD;(2)求 DP 與平面 ABFD 所成角的正弦值(1)證明由已知可得 BFPF,BFEF,PFEFF,PF,EF 平面 PEF,所以 BF平面 PEF.又 BF 平面 ABFD,所以平面 PEF平面 ABFD.(2)解方法一如圖,作 PHEF,垂足為 H.4以 H 為坐標(biāo)原點(diǎn),HF的方向?yàn)?#160;y 軸正方向,|BF|為單位長(zhǎng),建立如圖所示的空間直角坐標(biāo)系所以 PH 3則 H(0,0,0),Pç0,0, 3öæö÷,Dç1, ,0÷,DPç1, , 3ö æ÷,HPç0,0, 3ö又HP為平面 ABFD 的法向量,由(1)得,PH平面 ABFD.Hxyz.由(1)可得,DEPE.又 DP2,DE1,所以 PE 3.又 PF1,EF2,所以 PEPF.32 ,EH2.æ3è2 øè2ø æ3÷.è22 øè2 ø設(shè) DP 與平面 ABFD 所成的角為 ,則 sin |HP·DP| 4|HP|DP| 3 334 .所以 DP 與平面 ABFD 所成角的正弦值為 34 .方法二過(guò)點(diǎn) P 作 PHEF,垂足為 H,連接 DH.設(shè) PD2a,則 PH 3即 DP 與平面 ABFD 所成角的正弦值為 3由(1)可得 PH平面 ABFD,所以PDH 即為 DP 與平面 ABFD 所成的角PH32 a,所以 sinPDHDP 4 ,4 .11056