2019-2020年高考化學(xué)試題匯編 專題三 氧化還原反應(yīng)（A卷）（含解析）一、選擇題（每題5分，共50分）1.（xx·哈爾濱市第六中學(xué)模擬考試·11）下列說法不正確的是（ ）AAl箔插入稀HNO3中無現(xiàn)象因Al箔表面被HNO3氧化，形成致密的氧化膜B“硝基苯制備”實(shí)驗(yàn)中，將溫度計(jì)插入水浴，但水銀球不能與燒杯底部和燒杯壁接觸C“中和滴定”實(shí)驗(yàn)中，容量瓶和錐形瓶用蒸餾水洗凈后即可使用，滴定管用蒸餾水洗凈后，必須干燥或潤(rùn)洗后方可使用D除去干燥CO2中混有的少量SO2，可將混合氣體依次通過盛有酸性KMnO4溶液、濃硫酸的洗氣瓶2.（xx屆·南京三模·13）在探究SO2性質(zhì)的實(shí)驗(yàn)中，下列說法正確的是ASO2氣體通入NaOH溶液中，產(chǎn)生倒吸現(xiàn)象，說明SO2極易溶于水BSO2氣體通入溴水中，溴水的顏色褪去，說明SO2具有漂白性CSO2氣體通入酸性KMnO4溶液中，溶液的顏色變淺，說明SO2具有還原性DSO2氣體通入Ba(NO3)2溶液中，溶液出現(xiàn)渾濁現(xiàn)象，說明有BaSO3沉淀生成3.（xx·山東青島第二次模擬理科綜合·13）氨氮廢水中的氮元素多以NH4+和NH3·H2O的形式存在，在一定條件下，NH4+經(jīng)過兩步反應(yīng)被氧化成NO3¯，兩步反應(yīng)的能量變化示意圖如下： 下列說法合理的是：A該反應(yīng)的催化劑是NO2¯B升高溫度，兩步反應(yīng)速率均加快，有利于NH4+ 轉(zhuǎn)化成NO3¯C在第一步反應(yīng)中，當(dāng)溶液中水的電離程度不變時(shí)，該反應(yīng)即達(dá)平衡狀態(tài)D1 mol NH4在第一步反應(yīng)中與1 mol NO2在第二步反應(yīng)中失電子數(shù)之比為1:34.（xx·山東省實(shí)驗(yàn)中學(xué)高三第四次診斷性考試?yán)砜凭C合·9）等物質(zhì)的量的下列物質(zhì)在一定條件下與足量濃硝酸反應(yīng)生成NO2，消耗硝酸的物質(zhì)的量最多的是（ ） AAg B FeI2 CSO2 D C 5.（xx·山東淄博市高三二模·10）下列對(duì)事實(shí)的解釋或結(jié)論不正確的是（ ）6.（xx·山東文登市高三二模·10）下列關(guān)于離子的敘述正確的是A在c(H+)=1×1013mol·L1的溶液中：Na+、Fe3+、Cl、SO42能大量共存B銅溶于FeCl3溶液中：Cu + Fe3+ = Fe2+ + Cu2+CNaHCO3溶液中：c(Na+)c(CO32)c(HCO3)+c(H2CO3)D向溶液中加入BaCl2溶液后再加鹽酸，有白色沉淀，說明該溶液中一定含有SO427.（xx·山東文登市高三二模·11）等質(zhì)量的氯氣與下列足量物質(zhì)反應(yīng)，轉(zhuǎn)移的電子數(shù)最少的是A冷的NaOH溶液BSO2的水溶液 CFeCl2溶液D銅8.（xx·哈爾濱市第三中學(xué)高三三模·9）9.（xx·安徽宿州市高三三模·7）10.（xx·湖南懷化市高三三模·7）下列反應(yīng)的離子方程式正確的是（ ）A過氧化鈉固體與水反應(yīng)制氧氣：2O22+2H2O4OH+O2B. 在100ml濃度為1 mol · L-1 的Fe(NO3)3的溶液中通入足量SO22Fe3+SO2+2H2O=2Fe2+SO42-+4H+C. 1mo·L-1 的 NaAlO2 溶液和2.5mol· L-1 的鹽酸等體積混合：2AlO2 + 5 H=Al(OH)3 + Al3 + H2 OD. 向碳酸鈉溶液中逐滴加入與之等體積等物質(zhì)的量濃度的稀醋酸：COH+ = HCO二、非選擇題（共50分）11.（xx·江淮十校4月聯(lián)考·28）（16分）濕式吸收一電解再生法，是采用氧化一電解的雙反應(yīng)器對(duì)含硫化氫的廢氣進(jìn)行脫硫制氫。實(shí)驗(yàn)表明，雙反應(yīng)器法可以在較寬的范圍內(nèi)實(shí)現(xiàn)對(duì)硫化氫的有效吸收，并可同時(shí)制取氫氣和硫磺，該法基本流程見圖l，其中氧化吸收器中為FeCl3溶液，電解反應(yīng)器可實(shí)現(xiàn)FeCl3溶液的恢復(fù)及H2的制備。 (l)氧化反應(yīng)器中發(fā)生的主要反應(yīng)的離子有程式為 (2)電解反應(yīng)器中，陽極反應(yīng)式是 (3)某研究小組在實(shí)驗(yàn)室中模擬上述過程，研究FeCl3溶液吸收H2S氣體的效率，實(shí)驗(yàn)時(shí)要先向FeCl3溶液中通人N2，其目的是 。 對(duì)影響吸收效率的因素提出如下假設(shè)，請(qǐng)你完成假設(shè)二和假設(shè)三： 假設(shè)一：H2S氣體的通入速率； 假設(shè)二： ； 假設(shè)三： . 請(qǐng)你設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)就假設(shè)一進(jìn)行驗(yàn)證，將實(shí)驗(yàn)步驟及結(jié)論補(bǔ)充完整。 （注：可用pH計(jì)測(cè)量溶液中的H+濃度）實(shí)驗(yàn)步驟及結(jié)論分別取等體積、等濃度的FeCl3溶液于不同的試管中；_ 結(jié)論：_ (4)將FeCl3溶液吸收H2S氣體后的溶液過濾后，取少量向其中加入BaCl2溶液，發(fā)現(xiàn)有白色沉淀生成（注：BaS溶于鹽酸）。則白色沉淀可能是_你的判斷理由是_12.（xx·北京西城區(qū)二模試卷·28）（15分）某小組同學(xué)利用鋁和氧化鐵發(fā)生鋁熱反應(yīng)后得到的固體進(jìn)行如下實(shí)驗(yàn)。（1）鋁和氧化鐵反應(yīng)的化學(xué)方程式是 。（2）固體成分的初步確定。實(shí)驗(yàn)序號(hào)操作及現(xiàn)象取少量固體樣品，加入過量稀鹽酸，固體溶解，產(chǎn)生無色氣體（經(jīng)檢驗(yàn)為H2），溶液呈淺黃色向中所得溶液中加入少量KSCN溶液，溶液呈淺紅色，再加入H2O2溶液至過量，產(chǎn)生無色氣體（經(jīng)檢驗(yàn)為O2），溶液變?yōu)樯罴t色，且紅色很快褪去 由上述實(shí)驗(yàn)可知：溶液中Fe元素的存在形式有 。 中產(chǎn)生H2的原因是樣品中除含F(xiàn)e外，可能有未反應(yīng)的Al，為檢驗(yàn)樣品中是否含Al單質(zhì)，設(shè)計(jì)了相關(guān)實(shí)驗(yàn)，依據(jù)的原理是（用離子方程式表示） 。 生成O2的化學(xué)方程式是 。 進(jìn)一步的實(shí)驗(yàn)表明，上述固體樣品中Fe元素的存在形式有：Fe、Fe2O3、Fe3O4。（3）該小組同學(xué)對(duì)中溶液紅色褪去的原因做進(jìn)一步探究。 實(shí)驗(yàn)序號(hào)操作、現(xiàn)象將中剩余溶液均分為兩份，一份滴加NaOH溶液，產(chǎn)生紅褐色沉淀；另一份滴加BaCl2溶液，產(chǎn)生白色沉淀，加入鹽酸，沉淀不溶解取2 mL 0.1 mol/L FeCl3溶液，滴入KSCN溶液，溶液變?yōu)榧t色，通入一段時(shí)間O2，無明顯變化。再加入H2O2溶液，紅色很快褪去 提示：KSCN中S元素的化合價(jià)為-2價(jià) 實(shí)驗(yàn)中白色沉淀的化學(xué)式是 。 結(jié)合實(shí)驗(yàn)和分析，實(shí)驗(yàn)中紅色褪去的原因是 。 查閱資料得知：Cl-對(duì)溶液紅色褪去的反應(yīng)有催化作用，驗(yàn)證該說法應(yīng)補(bǔ)充的實(shí)驗(yàn)高溫和現(xiàn)象是 。13.水解反應(yīng)的離子方程式是 。答案和解析1.【答案】A【命題立意】本題旨在考查化學(xué)實(shí)驗(yàn)基本操作同時(shí)設(shè)計(jì)氧化還原反應(yīng)。【解析】A常溫下濃硝酸遇Al鈍化，Al箔表面形成致密的氧化膜，稀硝酸不能使鋁鈍化，故A錯(cuò)誤；B用溫度計(jì)測(cè)液體溫度時(shí)為保證測(cè)量準(zhǔn)確水銀球不能與燒杯底部和燒杯壁接觸，故B正確；C“中和滴定”實(shí)驗(yàn)中，容量瓶和錐形瓶用蒸餾水洗凈后即可使用，滴定管用蒸餾水洗凈后，必須干燥或潤(rùn)洗后方可使用，故C正確；D除去干燥CO2中混有的少量SO2，可將混合氣體依次通過盛有酸性KMnO4溶液、濃硫酸的洗氣瓶，故D正確。2.C 【命題立意】本題考查SO2的探究實(shí)驗(yàn)。難度中等。【解析】A項(xiàng)，只能說明SO2被NaOH溶液吸收，錯(cuò)誤；B項(xiàng)，發(fā)生反應(yīng)：SO2 + Br2 + 2H2O = H2SO4 + 2HBr，體現(xiàn)SO2的還原性，錯(cuò)誤；C項(xiàng)，酸性KMnO4具有強(qiáng)氧化性，可以氧化SO2生成SO42 ，SO2表現(xiàn)為還原性，正確；D項(xiàng)，SO2溶于水生成H2SO3，提供酸性環(huán)境，與NO3 共同氧化+4價(jià)的硫，最終生成BaSO4沉淀，錯(cuò)誤。3.【答案】C【命題立意】本題考查化學(xué)反應(yīng)與能量變化、平衡的判斷、氧化還原反應(yīng)、反應(yīng)速率。【解析】NO2¯是中間產(chǎn)物，而催化劑在反應(yīng)前后不變，A錯(cuò)誤；升高溫度，兩步反應(yīng)速率均加快，但這2個(gè)反應(yīng)的正向都是放熱反應(yīng)，升溫不利于NH4+ 轉(zhuǎn)化成NO3¯，B錯(cuò)誤；在第一步反應(yīng)中，當(dāng)溶液中水的電離程度不變時(shí)，即生成的H+的物質(zhì)的量不變，該反應(yīng)即達(dá)平衡狀態(tài)，C正確；1 mol NH4在第一步反應(yīng)失去電子3-（-3）=6mol，1 mol NO2在第二步反應(yīng)中失電子為5-3=2mol，二者之比為3:1，D錯(cuò)誤。4.【答案】B【命題立意】本題考查硝酸的化學(xué)性質(zhì)，涉及氧化還原反應(yīng)。【解析】A、1mol Ag參加反應(yīng)轉(zhuǎn)移電子1mol，消耗氧化性的硝酸和酸性的硝酸各1mol，共2mol，B、1molFeI2參加反應(yīng)轉(zhuǎn)移3mol電子，消耗消耗氧化性的硝酸和酸性的硝酸各3mol，共6mol；C、1molSO2參加反應(yīng)轉(zhuǎn)移電子2mol，消耗硝酸2mol；D、1molC參加反應(yīng)轉(zhuǎn)移電子4mol，消耗硝酸4mol，故選B。5.【答案】D【命題立意】本題考查化學(xué)實(shí)驗(yàn)設(shè)計(jì)與驗(yàn)證涉及氧化還原反應(yīng)等?！窘馕觥緼、生成碳酸氫鈉沉淀，正確；碳酸氫鈉溶液的pH大于亞硫酸氫鈉溶液的pH，表明碳酸氫鈉的水解程度大，根據(jù)越弱越水解知酸性：碳酸小于亞硫酸，B正確；C正確；酸性條件下，NO3-有氧化性，可氧化Fe2+，即溶液變黃色，不一定是過氧化氫氧化了Fe2+，欲證明氧化性：H2O2>Fe3+，應(yīng)該用氯化亞鐵，D錯(cuò)誤。6.【答案】C【命題立意】本題考查離子共存、離子方程式的書寫、離子濃度比較、離子檢驗(yàn)?！窘馕觥吭赾（H+）=1×1013molL1的溶液中存在大量氫氧根離子，F(xiàn)e3+、OH之間發(fā)生反應(yīng)生成氫氧化鐵沉淀，在溶液中不能大量共存，A錯(cuò)誤；銅溶于FeCl3溶液中生成亞鐵離子和銅離子，正確的離子方程式為：Cu+2Fe3+=2Fe2+Cu2+，B錯(cuò)誤；NaHCO3溶液中，根據(jù)物料守恒可得：c（Na+）=c（CO32）+c（HCO3）+c（H2CO3），C正確；向溶液中加入BaCl2溶液后再加鹽酸，有白色沉淀，該白色沉淀可能為氯化銀，原溶液中可能存在銀離子，不一定含有SO42，故D錯(cuò)誤。7.【答案】A【命題立意】本題考查氯氣的性質(zhì)、氧化還原反應(yīng)【解析】A、1mol氯氣和氫氧化鈉反應(yīng)生成氯化鈉和次氯酸鈉，轉(zhuǎn)移電子是1mol；B、1mol氯氣和SO2的水溶液反應(yīng)生成鹽酸和硫酸，轉(zhuǎn)移電子是2mol；C、1mol氯氣和FeCl2的水溶液反應(yīng)生成氯化鐵溶液，轉(zhuǎn)移電子是2mol；D、1mol氯氣和Cu反應(yīng)生成氯化銅，轉(zhuǎn)移電子是2mol；轉(zhuǎn)移的電子數(shù)最少的是A。8.【答案】D 【命題立意】本題考查離子共存。【解析】常溫下，甲基橙呈紅色的溶液pH<3.1，溶液呈酸性，AlO2-能與H+反應(yīng)，A錯(cuò)誤；NO3-酸性條件下具有強(qiáng)氧化性，3Fe2+4H+NO3-=3Fe3+NO+2H2O，B錯(cuò)誤；與Al反應(yīng)產(chǎn)生大量氫氣的溶液可能呈酸性或強(qiáng)堿性，若溶液呈酸性，SiO32-不能大量共存；若溶液呈強(qiáng)堿性，Mg2+不能大量共存，C錯(cuò)誤；常溫下，水電離產(chǎn)生的c(H+)=10-13mol/L的溶液pH=13或1，pH=13時(shí)C6H5O-能大量共存，D正確。9A 命題立意：本題考查了熱化學(xué)、氧化還原反應(yīng)。解析：A反應(yīng)2Fe3O4=6FeO+O2中氧元素的化合價(jià)由2價(jià)升高為0價(jià)，每生成1mol氧氣轉(zhuǎn)移4mol電子，則每分解lmolFe3O4轉(zhuǎn)移電子的物質(zhì)的量為2mol；BH1、H2的化學(xué)方程式的反應(yīng)物和產(chǎn)物均不同；C碳為生成物，不是催化劑；D根據(jù)二氧化碳的結(jié)構(gòu)式O=C=O，鍵和鍵個(gè)數(shù)之比為1：1；故答案選A。10.【答案】C【命題立意】本題考查離子反應(yīng)、氧化還原反應(yīng)等知識(shí)點(diǎn)。【解析】過氧化鈉屬于氧化物，不能拆，A錯(cuò)誤；Fe(NO3)3的溶液中通入足量SO2發(fā)生氧化還原反應(yīng)生成NO，B錯(cuò)誤；1mo·L-1 的 NaAlO2 溶液和2.5mol· L-1 的鹽酸等體積混合2AlO2 + 5 H=Al(OH)3 + Al3 + H2 O，C正確； 向碳酸鈉溶液中逐滴加入與之等體積等物質(zhì)的量濃度的稀醋酸，醋酸是弱電解質(zhì)，不能拆，D錯(cuò)誤。11.【答案】（16分）(1): H2S+2Fe3+=2H+S+2Fe2+ 。 ( 2分)(2): Fe2+-e-=Fe3+ 。 ( 2分)（3）排除溶液中的O2，防止對(duì)實(shí)驗(yàn)產(chǎn)生影響 (2分)假設(shè)二：FeCl3溶液的濃度、 (1分)假設(shè)三： 溶液的pH （其他合理答案均可）。 ( 1分)實(shí)驗(yàn)步驟及結(jié)論：.向溶液中分別通入 N2 。 1分.分別向上述溶液中按不同速率通入 H2S 。 1分.分別用pH計(jì)測(cè)量溶液的pH變化。 1結(jié)論：若兩溶液的pH值變化速率與氣體通入速率比不同，說明 H2S氣體的通入速率對(duì)吸收速率有影響，否則無影響 。 （其他合理答案均可） 1分（4）則白色沉淀可能是 BaSO4 。(2分)原溶液中有Cl-排除AgCl生成可能，而BaSO3在酸溶液中難生成，則白色沉淀可能為BaSO4。 (2分)【命題立意】本題考查電解原理的應(yīng)用、離子方程式的書寫、操作目的、實(shí)驗(yàn)設(shè)計(jì)、探究與評(píng)價(jià)。【解析】氧化反應(yīng)器中發(fā)生的主要反應(yīng)是氯化鐵將硫化氫氧化為S：H2S+2Fe3+=2H+S+2Fe2+。電解反應(yīng)器中，陽極是氯化亞鐵溶液中的Fe2+發(fā)生氧化反應(yīng)生成Fe3+，實(shí)現(xiàn)Fe3+再生，陰極生成氫氣。通人N2目的是排除溶液中的O2，防止氧氣氧化硫化氫而對(duì)實(shí)驗(yàn)產(chǎn)生干擾。分析氯化鐵溶液的組成知影響吸收效率的因素有氯化鐵溶液的濃度和酸度（即溶液的pH）。假設(shè)一的驗(yàn)證需控制變量，即保證氯化鐵溶液的濃度相同（此時(shí)初始溶液的pH相同）、排除氧氣，實(shí)驗(yàn)可通過比較兩溶液的pH值變化速率與氣體通入速率比是否一致判斷假設(shè)一是否正確。該沉淀只能是硫酸鋇，因?yàn)樵芤汉然F，故沉淀不可能是氯化銀，而BaS、BaSO3溶于鹽酸。12.【答案】（1）2AlFe2O3=2FeAl2O3 （2分）（2） Fe2+、Fe3+（2分）催化劑 2Al2OH-2H2O2AlO2-3H2 （2分） 2H2O2 =2H2OO2（Fe3+作催化劑也可）（2分）（3） BaSO4 （2分） 溶液中的SCN-被H2O2溶液氧化，使溶液紅色褪去 （2分） 分別取2 mL 0.1 mol/L FeCl3溶液和2 mL 0.05 mol/L Fe2(SO4)3溶液；分別滴入KSCN溶液，溶液均變?yōu)榧t色；再分別加入等濃度等體積的H2O2溶液，F(xiàn)eCl3溶液褪色快?；蛉?.05 mol/L Fe2(SO4)3溶液，滴入KSCN溶液，溶液變紅色；將紅色溶液分為2份，1份加入NaCl固體，另一份不變；向這2份溶液中均加入等濃度等體積的H2O2溶液，加入NaCl的溶液紅色迅速褪去。 （3分）【命題立意】本題考查化學(xué)方程式的書寫、化學(xué)實(shí)驗(yàn)等知識(shí)。【解析】（1）鋁與氧化鐵高溫生成氧化鋁和鐵。（2）鋁與氧化鐵生成Fe，F(xiàn)e與鹽酸生成Fe2+；溶液呈黃色說明其中含有Fe3+；檢驗(yàn)固體中是否含有鋁，可向固體中加入氫氧化鈉溶液看是否有氣泡產(chǎn)生；Fe3+與SCN-生成血紅色溶液，F(xiàn)e3+可催化H2O2分解生成氧氣和水。（3）Fe3+3SCN-Fe(SCN)3（血紅色），紅色褪去說明平衡向左移動(dòng)，可能情況是c(Fe3+)或c(SCN-)減小。溶液中加入氫氧化鈉溶液產(chǎn)生紅褐色沉淀說明存在Fe3+；加氯化鋇產(chǎn)生不溶于鹽酸的白色沉淀說明溶液中存在SO42-（SCN-中S被氧化而得）。中通氧氣無明顯變化說明O2不能氧化SCN-，再加H2O2，紅色很快褪去說明SCN-被H2O2氧化生成SO42-；欲證明Cl-對(duì)溶液紅色褪去的反應(yīng)有催化作用，可取FeCl3溶液和Fe2(SO4)3溶液（保證Fe3+濃度相等），分別滴加KSCN溶液，溶液均變紅，再加等濃度等體積H2O2溶液，F(xiàn)eCl3溶液中褪色快。13.【答案】（1）Fe+2H+=Fe2+H2、Fe+2Fe3+=3Fe2+（2）4.47.5（3）Fe2+NO2-+2H+=Fe3+NO+H2O（4）4（5）Fe3+3H2OFe(OH)3+3H+ 若硫酸量小，c(H+)過低，平衡正移，會(huì)生成氫氧化鐵沉淀； 若硫酸加入量過大，平衡逆移，溶液中c(OH-)過小，不利于產(chǎn)物形成。（6）2Fe(OH)2+2H2OFe2(OH)42+2H+【命題立意】本題考查化工生產(chǎn)流程分析、離子方程式的書寫、氧化還原反應(yīng)、勒沙特列原理等知識(shí)?！窘馕觥糠磻?yīng)I中發(fā)生反應(yīng)：Fe+H2SO4=FeSO4+H2、Al2O3+3H2SO4=Al2(SO4)3+3H2O、Fe2O3+3H2SO4=Fe2(SO4)3+3H2O、Fe+Fe2(SO4)3=3FeSO4。反應(yīng)II中反應(yīng)為Al3+3HCO3-=Al(OH)3+3CO2；濾渣為氫氧化鋁和氫氧化鐵；反應(yīng)III為NO2-氧化Fe2+生成Fe3+。（1）I中氧化還原反應(yīng)Fe+H2SO4=FeSO4+H2、Fe+Fe2(SO4)3=3FeSO4。（2）II中加入碳酸氫鈉使Al3+完全沉淀而Fe3+不沉淀，所以調(diào)節(jié)的pH范圍為4.47.5。（3）III中NO2-與Fe2+生成NO和Fe3+，根據(jù)得失電子相等和電荷守恒配平。（4）O24e-、NO2-e-，由得失電子相等知消耗1molO2與4molNaNO2相當(dāng)。（5）Fe3+3H2OFe(OH)3+3H+，若c(H+)過小，平衡向右移動(dòng)，形成氫氧化鐵沉淀；若c(H+)過大，平衡向左移動(dòng)，不利于形成堿式硫酸鐵。（6）Fe(OH)2+與H2O生成Fe2(OH)42+與H+。