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新高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 第八章 平面解析幾何 課時(shí)作業(yè)56 定點(diǎn)、定值、探究性問題(含解析)-人教版高三數(shù)學(xué)試題

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新高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 第八章 平面解析幾何 課時(shí)作業(yè)56 定點(diǎn)、定值、探究性問題(含解析)-人教版高三數(shù)學(xué)試題

課時(shí)作業(yè)56 定點(diǎn)、定值、探究性問題 1.已知橢圓C:+=1(a>b>0),右焦點(diǎn)F的坐標(biāo)為(2,0),且點(diǎn)(2,)在橢圓C上. (1)求橢圓C的方程及離心率; (2)過點(diǎn)F的直線交橢圓于A,B兩點(diǎn)(直線不與x軸垂直),已知點(diǎn)A與點(diǎn)P關(guān)于x軸對(duì)稱,證明:直線PB恒過定點(diǎn),并求出此定點(diǎn)坐標(biāo). 解:(1)由已知得解得 ∴橢圓C的標(biāo)準(zhǔn)方程+=1, ∴橢圓C的離心率e===. (2)證明:設(shè)P(x1,y1),B(x2,y2),則A(x1,-y1), 可設(shè)PB的直線方程為y=kx+m, 聯(lián)立方程整理得(2k2+1)x2+4kmx+2m2-8=0,∴x1+x2=,x1x2=, ∵kAF=kFB,∴=, 整理得,2kx1x2+(m-k)(x1+x2)-4m=0, ∴2k·+(m-k)·-4m=0, 解得m=-4k, ∴PB的直線方程為:y=kx-4k=k(x-4),直線PB恒過定點(diǎn)(4,0). 2.已知橢圓C:+=1(a>b>0)的離心率為,左、右焦點(diǎn)分別為F1,F(xiàn)2,A為橢圓C上一點(diǎn),AF2⊥F1F2,且|AF2|=. (1)求橢圓C的方程; (2)設(shè)橢圓C的左、右頂點(diǎn)分別為A1,A2,過A1,A2分別作x軸的垂線l1,l2,橢圓C的一條切線l:y=kx+m與l1,l2分別交于M,N兩點(diǎn),求證:∠MF1N為定值. 解:(1)由AF2⊥F1F2,|AF2|=,得=. 又e==,a2=b2+c2, 所以a2=9,b2=8, 故橢圓C的標(biāo)準(zhǔn)方程為+=1. (2)證明:由題意可知,l1的方程為x=-3, l2的方程為x=3. 直線l分別與直線l1,l2的方程聯(lián)立得M(-3,-3k+m),N(3,3k+m),所以=(-2,-3k+m),=(4,3k+m), 所以·=-8+m2-9k2. 聯(lián)立得, 得(9k2+8)x2+18kmx+9m2-72=0. 因?yàn)橹本€l與橢圓C相切, 所以Δ=(18km)2-4(9k2+8)(9m2-72)=0, 化簡得m2=9k2+8. 所以·=-8+m2-9k2=0, 所以⊥, 故∠MF1N為定值. (注:可以先通過k=0計(jì)算出此時(shí)∠MF1N=,再驗(yàn)證一般性結(jié)論) 3.已知橢圓C:+=1(a>b>0)的離心率為,短軸長為2. (1)求橢圓C的標(biāo)準(zhǔn)方程; (2)設(shè)直線l:y=kx+m與橢圓C交于M,N兩點(diǎn),O為坐標(biāo)原點(diǎn),若kOM·kON=,求證:點(diǎn)(m,k)在定圓上. 解:(1)橢圓C的焦距為2c,由已知e==,2b=2,a2=b2+c2,得b=1,a=2, ∴橢圓C的標(biāo)準(zhǔn)方程為+y2=1. (2)證明:設(shè)M(x1,y1),N(x2,y2),聯(lián)立得, (4k2+1)x2+8kmx+4m2-4=0, 依題意,Δ=(8km)2-4(4k2+1)(4m2-4)>0, 化簡得m2<4k2+1.① 由根與系數(shù)的關(guān)系得, x1+x2=,x1x2=, y1y2=(kx1+m)(kx2+m)=k2x1x2+km(x1+x2)+m2, 若kOM·kON=,則=,即4y1y2=5x1x2, ∴4k2x1x2+4km(x1+x2)+4m2=5x1x2, ∴(4k2-5)×+4km·+4m2=0, 即(4k2-5)(m2-1)-8k2m2+m2(4k2+1)=0, 化簡得m2+k2=.② 由①②得0≤m2<,<k2≤, ∴點(diǎn)(m,k)在定圓x2+y2=上.(沒求k的范圍不扣分) 4.在直角坐標(biāo)系xOy中,動(dòng)圓P與圓Q:(x-2)2+y2=1外切,且圓P與直線x=-1相切,記動(dòng)圓圓心P的軌跡為曲線C. (1)求曲線C的軌跡方程. (2)設(shè)過定點(diǎn)S(-2,0)的動(dòng)直線l與曲線C分別相交于A,B兩點(diǎn),試問:在曲線C上是否存在點(diǎn)M(與A,B兩點(diǎn)相異),當(dāng)直線MA,MB的斜率存在時(shí),直線MA,MB的斜率之和為定值?若存在,求出點(diǎn)M的坐標(biāo);若不存在,請(qǐng)說明理由. 解:(1)設(shè)P(x,y),圓P的半徑為r,因?yàn)閯?dòng)圓P與圓Q:(x-2)2+y2=1外切,所以=r+1.?、佟∮謩?dòng)圓P與直線x=-1相切,所以r=x+1.?、凇∮散佗谙得y2=8x,所以曲線C的軌跡方程為y2=8x. (2)假設(shè)曲線C上存在點(diǎn)M滿足題設(shè)條件, 不妨設(shè)M(x0,y0),A(x1,y1),B(x2,y2), 則y=8x0,y=8x1,y=8x2. kMA==,kMB==, 所以kMA+kMB=+ =.?、? 顯然動(dòng)直線l的斜率存在且非零,設(shè)l:x=ty-2, 聯(lián)立方程組消去x,得y2-8ty+16=0, 由Δ>0,得t>1或t<-1, 所以y1+y2=8t,y1y2=16,且y1≠y2. 代入③式得kMA+kMB=. 令=m(m為常數(shù)), 整理得(8my0-64)t+(my-16y0+16m)=0.?、? 因?yàn)棰苁綄?duì)任意t∈(-∞,-1)∪(1,+∞)恒成立, 所以解得或 即M(2,4)或M(-2,-4), 即曲線C上存在點(diǎn)M(2,4)或M(-2,-4)滿足題意. 5.已知F為橢圓C:+=1(a>b>0)的右焦點(diǎn),點(diǎn)P(2,)在橢圓C上,且PF⊥x軸. (1)求橢圓C的方程. (2)如圖,過點(diǎn)F的直線l分別交橢圓C于A,B兩點(diǎn),交直線x=4于點(diǎn)M.判定直線PA,PM,PB的斜率是否構(gòu)成等差數(shù)列?請(qǐng)說明理由. 解:(1)因?yàn)辄c(diǎn)P(2,)在橢圓C上,且PF⊥x軸,所以c=2.設(shè)橢圓C的左焦點(diǎn)為E,則|EF|=2c=4,|PF|=.在Rt△EFP中,|PE|2=|PF|2+|EF|2=18,所以|PE|=3.所以2a=|PE|+|PF|=4,a=2. b2=a2-c2=4,故橢圓C的方程為+=1. (2)由題意可設(shè)直線AB的方程為y=k(x-2), 令x=4得y=2k,點(diǎn)M的坐標(biāo)為(4,2k). 聯(lián)立得(2k2+1)x2-8k2x+8(k2-1)=0. 設(shè)A(x1,y1),B(x2,y2),則 x1+x2=,x1x2=.① 設(shè)直線PA,PB,PM的斜率分別為k1,k2,k3, 從而k1=,k2=,k3==k-. 因?yàn)橹本€AB的方程為y=k(x-2), 所以y1=k(x1-2),y2=k(x2-2), 所以k1+k2=+ =+- =2k-·.② 將①代入②得 k1+k2=2k-·=2k-. 又k3=k-,所以k1+k2=2k3, 故直線PA,PM,PB的斜率成等差數(shù)列. 6.已知橢圓C:+=1(a>b>0)的左、右頂點(diǎn)分別為A,B,左焦點(diǎn)為F,點(diǎn)P為橢圓C上任意一點(diǎn),若直線PA與PB的斜率之積為-,且橢圓C經(jīng)過點(diǎn). (1)求橢圓C的方程. (2)若PB,PA分別交直線x=-1于M,N兩點(diǎn),過左焦點(diǎn)F作以線段MN為直徑的圓的切線,切線長是否為定值?若是,請(qǐng)求出該定值;若不是,請(qǐng)說明理由. 解:(1)設(shè)P點(diǎn)坐標(biāo)為(x0,y0),由題意知A(-a,0),B(a,0),且+=1,則kPA·kPB=·==·=-=-,即3a2=4b2,① 又因?yàn)闄E圓C經(jīng)過點(diǎn),故+=1,② 由①②可知,b2=3,a2=4, 故橢圓C的方程為+=1. (2)由(1)可知A(-2,0),B(2,0),設(shè)kPA=k(k≠0). 由k·kPB=-,得kPB=-, 所以直線PB的方程為y=-(x-2),令x=-1,得y=,故M. 直線PA的方程為y=k(x+2), 令x=-1,得y=k,故N(-1,k). 因?yàn)閥MyN=k·=>0, 所以以線段MN為直徑的圓在x軸同側(cè). 設(shè)FT為圓的一條切線,切點(diǎn)為T,連接MT,NT, 可知△FTN∽△FMT,故=,|FT|2=|FM|·|FN|=|k|·=,故|FT|=,所以過左焦點(diǎn)F作以線段MN為直徑的圓的切線,切線長為定值.

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