《高中數學 第一章 導數及其應用章末復習提升課件 蘇教版選修2-2.ppt》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《高中數學 第一章 導數及其應用章末復習提升課件 蘇教版選修2-2.ppt（38頁珍藏版）》請在裝配圖網上搜索。

第 1章 導數及其應用,章末復習提升,1.理解導數的定義與計算. 2.掌握導數的應用. 3.學會定積分的概念、運算、應用.,,學習目標,,,欄目索引,,,知識梳理 自主學習,題型探究 重點突破,當堂檢測 自查自糾,知識梳理 自主學習,知識點一 導數的運算及幾何意義 1.函數f(x)在x＝x0處導數：,,答案,f′(x0),函數f(x)的導數：,f′(x),2.導數的幾何意義：曲線y＝f(x)在點(x0，f(x0))處的切線斜率等于 ，其切線方程為 .,f(x0),y－f(x0)＝f′(x0)(x－x0),,3.函數的求導公式：(C)′＝ ，(xn)′＝ . (sin x)′＝ ，(cos x)′＝ ，(ax)′＝ ， (ex)′＝ ，(logax)′＝ ，(ln x)′＝ . 4.導數的四則運算法則：[f(x)g(x)]′＝f′(x)g′(x)， [f(x)g(x)]′＝ ， ＝ (g(x)≠0).,0,nxn－1,cos x,－sin x,axln a,ex,f′(x)g(x)＋f(x)g′(x),答案,,答案,知識點二 導數的應用 1.函數的單調性：在區(qū)間(a，b)內，f′(x)＞0，則f(x) ；f′(x)＜0，則f(x) . 2.函數的極值：f′(x0)＝0，在x0附近，從左到右，f′(x)的符號由正到負，f(x0)為 ；由負到正，f(x0)為 . 3.函數的最值：閉區(qū)間[a，b]上圖象連續(xù)不斷的函數y＝f(x)，最值在______ 或 處取得，最大的為最大值，最小的為最小值. 4.生活中的優(yōu)化問題(導數的實際應用).,遞增,遞減,極大值,極小值,極值點,區(qū)間端點,,知識點三 定積分概念、運算和應用,定積分,定積分的概念,定積分的運算,定積分的性質,定積分的幾何意義,微積分基本定理 ＝ (其中F′(x)＝f(x),,,定積分的應用,,幾何中的應用：求平面圖形的面積,物理中 的應用,求變速直線運動的路程 求變力做功,,F(b)－F(a),答案,返回,題型探究 重點突破,,解析答案,題型一 解決與切線有關的問題 例1 已知函數f(x)＝ex－ax(a為常數)的圖象與y軸交于點A，曲線y＝f(x)在點A處的切線斜率為－1. (1)求a的值及函數f(x)的極值；,解 由f(x)＝ex－ax，得f′(x)＝ex－a. 所以f(x)＝ex－2x，f′(x)＝ex－2. 當xln 2時，f′(x)0，f(x)單調遞減； 所以當x＝ln 2時，f(x)取得極小值， 且極小值f(ln 2)＝eln 2－2ln 2＝2－ln 4，f(x)無極大值.,又f′(0)＝1－a＝－1，得a＝2.,令f′(x)＝0，得x＝ln 2.,當xln 2時，f′(x)0，f(x)單調遞增.,,解析答案,(2)證明：當x0時，x20. 故g(x)在R上單調遞增， 又g(0)＝10， 因此，當x0時，g(x)g(0)0，即x2ex.,反思與感悟,,反思與感悟,高考中求切線方程問題主要有以下兩種類型： 類型1 求“在”曲線y＝f(x)上一點P(x0，y0)的切線方程(高考?？碱愋?.則點P(x0，y0)為切點，當切線斜率存在(即函數f(x)在x0處可導)時，切線斜率為k＝f′(x0)，有唯一的一條切線，對應的切線方程為y－y0＝f′(x0)(x－x0)；當切線斜率不存在時，對應的切線方程為x＝x0.,,反思與感悟,,類型2 求“過”曲線y＝f(x)上一點P(x0，y0)的切線方程，則切線經過點P，點P可以是切點，也可以不是切點.這樣的直線可能有多條，解決問題的關鍵是設切點，利用“待定切點法”，即：①設點A(x1，y1)是曲線y＝f(x)上的一點，則以A為切點的切線方程為y－y1＝f′(x1)(x－x1)；②根據題意知點P(x0，y0)在切線上，點A(x1，y1)在曲線y＝f(x)上，得到方程組,求出切點A(x1，y1)，代入方程y－y1＝f′(x1)(x－x1)，,化簡即得所求的切線方程.,,解析答案,跟蹤訓練1 已知函數f(x)＝x3＋x－16. (1)求曲線y＝f(x)在點(2，－6)處的切線的方程；,解 ∵f(2)＝23＋2－16＝－6， ∴點(2，－6)在曲線上. ∵f′(x)＝(x3＋x－16)′＝3x2＋1， ∴在點(2，－6)處的切線的斜率為k＝f′(2)＝322＋1＝13， ∴切線的方程為y＝13(x－2)＋(－6)， 即y＝13x－32.,,解析答案,(2)直線l為曲線y＝f(x)的切線，且經過原點，求直線l的方程及切點坐標.,解 設切點坐標為(x0，y0)，,∴x0＝－2，y0＝(－2)3＋(－2)－16＝－26， ∴k＝3(－2)2＋1＝13， ∴直線l的方程為y＝13x，切點坐標為(－2，－26).,,解析答案,題型二 利用導數求參數取值范圍問題 例2 設函數f(x)＝ x2＋ex－xex. (1)求f(x)的單調區(qū)間；,解 函數f(x)的定義域為(－∞，＋∞)， f′(x)＝x＋ex－(ex＋xex)＝x(1－ex). 若x＜0，則1－ex＞0，∴f′(x)＜0； 若x＞0，則1－ex＜0，∴f′(x)＜0； 若x＝0，則f′(x)＝0. ∴f(x)在(－∞，＋∞)上為減函數，即f(x)的單調減區(qū)間為(－∞，＋∞).,,解析答案,(2)若當x∈[－2,2]時，不等式f(x)＞m恒成立，求實數m的取值范圍. 解 由(1)知f(x)在[－2,2]上單調遞減， ∴f(x)min＝f(2)＝2－e2. ∴當m＜2－e2時，不等式f(x)＞m恒成立.,反思與感悟,,反思與感悟,利用導數確定參數的取值范圍時，要充分利用f(x)與其導數f′(x)之間的對應關系，然后結合函數的單調性等知識求解. 求解參數范圍的步驟為： (1)對含參數的函數f(x)求導，得到f′(x)； (2)若函數f(x)在(a，b)上單調遞增，則f′(x)≥0恒成立；若函數f(x)在(a，b)上單調遞減，則f′(x)≤0恒成立，得到關于參數的不等式，解出參數范圍； (3)驗證參數范圍中取等號時，是否恒有f′(x)＝0.若f′(x)＝0恒成立，則函數f(x)在(a，b)上為常函數，舍去此參數值.,,解析答案,(1)若f(x)在定義域上單調遞增，求實數a的取值范圍；,由題意知f′(x)≥0在(0，＋∞)上恒成立， ∴ax2－ln x＋1≥0在(0，＋∞)上恒成立，,當x∈(0，x0)時，h′(x)＞0，函數h(x)單調遞增； 當x∈(x0，＋∞)時，h′(x)＜0，函數h(x)單調遞減. ∴h(x)在x0＝ 處取得最大值.,,解析答案,(2)若函數g(x)＝xf(x)有唯一零點，試求實數a的取值范圍.,,解析答案,解 由題意知g(x)＝xf(x)＝ax2＋x＋ln x＝0，,故當x∈(0,1)時，R(x)＜0，φ′(x)＜0，函數φ(x)單調遞減；,且易得R(1)＝0，,當x∈(1，＋∞)時，R(x)＞0，φ′(x)＞0，函數φ(x)單調遞增. 故φ(x)≥φ(1)＝－1. 又當x→0時，φ(x)→＋∞， 而當x→＋∞時，φ(x)→0且φ(x)＜0，可得如圖所示的圖象. 故滿足條件的實數a的取值范圍為{a|a≥0或a＝－1}.,,解析答案,題型三 利用導數求函數的極值、最值問題,(1)若f(x)在x＝2時取得極值，求a的值；,因為f(x)的定義域是(0，＋∞)，所以當x∈(0,2)時，f′(x)＜0； 當x∈(2，＋∞)，f′(x)＞0， 所以當a＝4時，x＝2是一個極小值點，故a＝4.,,解析答案,(2)求f(x)的單調區(qū)間；,所以當a≤0時，f(x)的單調遞增區(qū)間為(0，＋∞).,,解析答案,反思與感悟 有關函數極值、最值問題，需注意求解思路與方法，理解構造函數在解(證)題中的靈活運用.,反思與感悟,,解析答案,跟蹤訓練3 已知函數f(x)＝－x3＋ax2＋bx在區(qū)間(－2,1)內，當x＝－1時取極小值，當x＝ 時取極大值. (1)求函數y＝f(x)在x＝－2時的對應點的切線方程；,解 f′(x)＝－3x2＋2ax＋b.,x＝－2時，f(x)＝2，即(－2,2)在曲線上. 又切線斜率為k＝f′(x)＝－3x2－x＋2，f′(－2)＝－8， 所求切線方程為y－2＝－8(x＋2)，即為8x＋y＋14＝0.,,解析答案,(2)求函數y＝f(x)在[－2,1]上的最大值與最小值.,解 x在變化時，f′(x)及f(x)的變化情況如下表：,,例4 現有一批貨物由海上A地運往B地，已知輪船的最大航行速度為35海里/小時，A地至B地之間的航行距離約為500海里，每小時的運輸成本由燃料費和其余費用組成，輪船每小時的燃料費與輪船速度的平方成正比(比例系數為0.6)，其余費用為每小時960元. (1)把全程運輸成本y(元)表示為速度x(海里/小時)的函數； (2)為了使全程運輸成本最小，輪船應以多大速度行駛？,易錯易混,解實際問題時因忽略定義域致誤,解析答案,返回,防范措施,,解析答案,防范措施,令y′＝0，解得x＝40或x＝－40(舍去). 當0＜x＜40時，y′＜0；當x＞40時，y′＞0.,故為了使全程運輸成本最小，輪船應以40海里/小時的速度行駛.,,解析答案,防范措施,錯因分析 解應用題最關鍵的就是要表達清楚模型的函數關系式，這其中就包括函數的定義域.定義域一定要根據題目的條件，考慮自變量的實際意義.本題錯解就是因為忽略了定義域導致最后的解題錯誤.,令y′＝0，解得x＝40或x＝－40(舍去).,因為函數的定義域為(0,35]，所以函數在定義域內沒有極值.,,防范措施,又當0＜x≤35時，y′＜0，,故為了使全程運輸成本最小，輪船應以35海里/小時的速度行駛.,,正確確定自變量的取值范圍，在解題過程中，要在其允許取值范圍內求解.,,返回,防范措施,,當堂檢測,1,2,3,4,5,解析答案,1.函數f(x)＝(2πx)2的導數是 .,解析 因f(x)＝4π2x2，故f′(x)＝8π2x.,f′(x)＝8π2x,,解析答案,1,2,3,4,5,2.函數f(x)＝xe－x的單調遞增區(qū)間是 .,令f′(x)＞0, 得x＜1，故增區(qū)間為(－∞，1).,(－∞，1),,1,2,3,4,5,解析 由s′＝t3－5t2＋4t＝0， 得t(t2－5t＋4)＝0，t(t－1)(t－4)＝0，t1＝0，t2＝1，t3＝4， 即t＝0或1或4時，速度為0.,0或1或4,解析答案,,解析答案,1,2,3,4,5,4.用長為18 cm的鋼條圍成一個長方體形狀的框架，要求長方體的長與寬之 比為2∶1，則該長方體的長、寬、高分別為 時，其體積最大.,由V′＝0得x＝1或x＝0(舍去). ∴x＝1是函數V在(0，＋∞)上唯一的極大值點，也是最大值點，,,解析答案,1,2,3,4,5,5.已知函數f(x)＝x3＋ax2＋bx＋c，曲線y＝f(x)在點x＝1處的切線為l：3x－y＋1＝0，若x＝ 時，y＝f(x)有極值. (1)求a，b，c的值；,解 由f(x)＝x3＋ax2＋bx＋c，得f′(x)＝3x2＋2ax＋b. 由題意，當x＝1時，切線的斜率為3，可得2a＋b＝0. ①,可得4a＋3b＋4＝0. ② 由①②解得a＝2，b＝－4， ∴1＋a＋b＋c＝4，∴c＝5.,由于切點橫坐標為1，∴f(1)＝4，,故a＝2，b＝－4，c＝5.,,解析答案,(2)求y＝f(x)在[－3,1]上的最大值和最小值.,解 由(1)可得f(x)＝x3＋2x2－4x＋5，,∴f′(x)＝3x2＋4x－4.,當x變化時，y，y′的變化情況如下表：,1,2,3,4,5,,課堂小結,,返回,1.可導函數f(x)在x0處取得極值的充分必要條件是f′(x0)＝0且f ′(x)在x0兩側的符號不同，f′(x0)＝0是x0為極值點的必要不充分條件，函數極值是一個局部概念，求極值時經常把f′(x)＝0的點附近函數值的變化情況列成表格. 2.一些求參數取值范圍的問題，常轉化為恒成立問題，利用f(x)＜a恒成立?f(x)max＜a和f(x)＞a恒成立?f(x)min＞a的思想解題.存在或有解問題，如f(x)＜a有解?a＞f(x)min和f(x)＞a有解?a＜f(x)max成立.,