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2019年高考物理一輪復(fù)習(xí) 階段滾動檢測(二)教科版 一、選擇題(本大題共10小題,每小題5分,共50分。多選題已在題號后標出,選不全得3分) 1.(滾動單獨考查)(2011四川高考)如圖是“神舟”系列航天飛船返回艙返回地面的示意圖，假定其過程可簡化為：打開降落傘一段時間后，整個裝置勻速下降，為確保安全著陸，需點燃返回艙的緩沖火箭，在火箭噴氣過程中返回艙做減速直線運動，則( ) A.火箭開始噴氣瞬間傘繩對返回艙的拉力變小 B.返回艙在噴氣過程中減速的主要原因是空氣阻力 C.返回艙在噴氣過程中所受合外力可能做正功 D.返回艙在噴氣過程中處于失重狀態(tài) 2.(多選)如圖所示,現(xiàn)有兩個完全相同的可視為質(zhì)點的物塊都從靜止開始運動,一個自由下落,一個沿光滑的固定斜面下滑,最終它們都到達同一水平面上,空氣阻力忽略不計,則( ) A.重力做的功相等,重力做功的平均功率相等 B.它們到達水平面上時的動能相等 C.重力做功的瞬時功率相等 D.它們的機械能都是守恒的 3.(多選)(滾動單獨考查)如圖甲所示，將十四個等質(zhì)量的小球均勻地穿在線上組成首尾相連的一串球鏈掛在光滑的斜面ABC上，斜面底邊AC水平，這些小球均靜止?，F(xiàn)同時去掉下面的八個對稱懸掛的小球，如圖乙所示，則關(guān)于剩余的六個小球，以下說法正確的是( ) A.仍在斜面上保持靜止 B.向左側(cè)沿斜面逆時針滑動 C.向右側(cè)沿斜面順時針滑動 D.AB的長度一定是BC的2倍 4.(xx福州模擬)如圖，傾角θ=37的光滑斜面固定在水平面上，斜面長L=3.0 m，質(zhì)量m=1 kg的物塊從斜面頂端無初速度釋放，則(sin37=0.6, cos37=0.8,取g=10 m/s2)( ) A.物塊從斜面頂端滑到底端的過程中重力的平均功率為30 W B.物塊滑到斜面底端時的動能為30 J C.物塊滑到斜面底端時重力的瞬時功率為48 W D.物塊滑到斜面底端時重力的瞬時功率為36 W 5.(多選)(xx廣東高考)如圖所示是滑道壓力測試的示意圖,光滑圓弧軌道與光滑斜面相切,滑道底部B處安裝一個壓力傳感器,其示數(shù)N表示該處所受壓力的大小,某滑塊從斜面上不同高度h處由靜止下滑,通過B時，下列表述正確的有( ) A.N小于滑塊重力 B.N大于滑塊重力 C.N越大表明h越大 D.N越大表明h越小 6.(滾動單獨考查)酒后駕駛會導(dǎo)致許多安全隱患,是因為駕駛員的反應(yīng)時間變長,反應(yīng)時間是指駕駛員從發(fā)現(xiàn)情況到采取制動的時間。表中“思考距離”是指駕駛員從發(fā)現(xiàn)情況到采取制動的時間內(nèi)汽車行駛的距離,“制動距離”是指從駕駛員發(fā)現(xiàn)情況到汽車停止行駛的距離(假設(shè)汽車制動時的加速度大小都相同)。 分析表格可知,下列說法不正確的是( ) A.駕駛員酒后反應(yīng)時間比正常情況下多0.5 s B.若汽車以20 m/s的速度行駛時,發(fā)現(xiàn)前方40 m處有險情,酒后駕駛不能安全停車 C.汽車制動時,加速度大小為10 m/s2 D.表中x為66.7 7.如圖所示，正在勻速轉(zhuǎn)動的水平轉(zhuǎn)盤上固定有三個可視為質(zhì)點的小物塊A、B、C，它們的質(zhì)量關(guān)系為mA=2mB=2mC，到軸O的距離關(guān)系為rC=2rA=2rB。下列說法中正確的是 ( ) A.B的角速度比C小 B.A的線速度比C大 C.B受到的向心力比C小 D.A的向心加速度比B大 8.如圖所示，a、b、c是在地球大氣層外圓形軌道上運行的3顆人造衛(wèi)星，下列說法正確的是( ) A.b、c的線速度大小相等，且大于a的線速度 B.b、c的向心加速度大小相等，且大于a的向心加速度 C.c加速可追上同一軌道上的b，b減速可等候同一軌道上的c D.a衛(wèi)星由于某種原因，軌道半徑緩慢減小，其線速度將變大 9.(多選)(xx揚州模擬)一個小物塊從斜面底端沖上足夠長的斜面后又返回到斜面底端。已知小物塊的初動能為E，它返回到斜面底端的動能為，小物塊上滑到最大路程的中點時速度為v；若小物塊以2E的初動能沖上斜面，則有( ) A.返回斜面底端時的動能為E B.返回斜面底端時的動能為 C.小物塊上滑到最大路程的中點時速度為 D.小物塊上滑到最大路程的中點時速度為2v 10.(xx臨沂模擬)我國“蛟龍?zhí)枴鄙顫撈鹘?jīng)過多次試驗，終于在2012年6月24日以7 020 m深度創(chuàng)下世界最新紀錄(國外最深不超過6 500 m)，預(yù)示著可以征服全球99.8%的海底世界。假設(shè)在某次實驗時，深潛器內(nèi)的顯示屏上顯示出了從水面開始下潛到最后返回水面10 min內(nèi)全過程的深度曲線甲和速度圖像乙，如圖所示，則有( ) A.甲圖中h3代表本次最大深度，應(yīng)為6.0 m B.全過程中最大加速度是0.025 m/s2 C.潛水員感到超重現(xiàn)象應(yīng)發(fā)生在3～4 min和6～8 min的時間段內(nèi) D.整個深潛器在8～10 min時間段內(nèi)機械能守恒 第Ⅱ卷(非選擇題 共50分) 二、實驗題(本大題共2小題，共12分) 11.(xx長春模擬)(6分)如圖是驗證機械能守恒定律的實驗。小圓柱由一根不可伸長的輕繩拴住，輕繩另一端固定。將輕繩拉至水平后由靜止釋放。在最低點附近放置一組光電門，測出小圓柱運動到最低點的擋光時間Δt,再用游標卡尺測出小圓柱的直徑d，如圖所示，重力加速度為g。則 (1)小圓柱的直徑d=___________cm； (2)測出懸點到圓柱重心的距離l，若等式gl=__________成立，說明小圓柱下擺過程機械能守恒。 12.(滾動交匯考查)(6分)某課外活動小組利用力傳感器和位移傳感器進一步探究變力作用下的“動能定理”。如圖所示，他們用力傳感器通過定滑輪直接拉固定在小車上的細繩，測出拉力F；用位移傳感器測出小車的位移x和瞬時速度v。已知小車質(zhì)量為200 g。 (1)某次實驗得出拉力F隨位移x變化規(guī)律如圖甲所示，速度v隨位移x變化的規(guī)律如圖乙所示，數(shù)據(jù)如表格。利用所得的F-x圖像，求出x=0.30 m到0.52 m過程中變力F做功W=__________J，此過程動能的變化量ΔEk＝_________J(保留兩位有效數(shù)字)。 (2)指出下列情況可減小實驗誤差的操作是_________。(填選項前的字母，可能不止一個選項) A.使拉力F要遠小于小車的重力 B.實驗時要先平衡摩擦力 C.要使細繩與滑板表面平行 三、計算題(本大題共4小題，共38分。要有必要的文字說明和解題步驟，有數(shù)值計算的要注明單位) 13.(xx青島模擬)(8分)如圖所示，半徑R=2 m的四分之一粗糙圓弧軌道AB置于豎直平面內(nèi)，軌道的B端切線水平，且距水平地面高度為h=1.25 m，現(xiàn)將一質(zhì)量m=0.2 kg的小滑塊從A點由靜止釋放，小滑塊沿圓弧軌道運動至B點以v=5 m/s的速度水平飛出(g取10 m/s2)。求： (1)小滑塊沿圓弧軌道運動過程中所受摩擦力做的功； (2)小滑塊著地時的速度大小。 14.(10分)如圖所示，水平軌道AB與位于豎直面內(nèi)半徑為R=0.90 m的半圓形光滑軌道BCD相連，半圓形軌道的BD連線與AB垂直。質(zhì)量為m=1.0 kg可看作質(zhì)點的小滑塊在恒定外力F作用下從水平軌道上的A點由靜止開始向右運動，滑塊與水平軌道AB間的動摩擦因數(shù)μ=0.5.到達水平軌道的末端B點時撤去外力，滑塊繼續(xù)沿半圓形軌道運動，且恰好能通過軌道最高點D，滑塊脫離半圓形軌道后又剛好落到A點。g取10 m/s2，求：滑塊在AB段運動過程中恒定外力F的大小。 15.(10分)如圖所示，傳送帶與水平面之間的夾角 θ=30，其上A、B兩點間的距離l=5 m，傳送帶在電動機的帶動下以v=1 m/s的速度勻速運動。現(xiàn)將一質(zhì)量m=10 kg的小物塊(可視為質(zhì)點)輕放在傳送帶上的A點，已知小物塊與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)μ=,在傳送帶將小物塊從A點傳送到B點的過程中，求：(取g=10 m/s2) (1)傳送帶對小物塊做的功W； (2)電動機做的功W總。 16.(滾動交匯考查)(10分)一輕質(zhì)細繩一端系一質(zhì)量為m= kg的小球A，另一端掛在光滑水平軸O上，O到小球的距離為l=0.1 m，小球跟水平面接觸，但無相互作用，在球的兩側(cè)等距離處分別固定一個光滑的斜面和一個擋板，如圖所示，水平距離s為2 m,動摩擦因數(shù)為0.25?，F(xiàn)有一滑塊B，質(zhì)量也為m，從斜面上滑下，與小球碰撞時交換速度，與擋板碰撞不損失機械能。若不計空氣阻力，并將滑塊和小球都視為質(zhì)點，g取10 m/s2，試問： (1)若滑塊B從斜面某一高度h處滑下與小球第一次碰撞后，使小球恰好在豎直平面內(nèi)做圓周運動，求此高度h； (2)若滑塊B從h′=5 m處滑下，求滑塊B與小球第一次碰后瞬間繩子對小球的拉力。 答案解析 1.A 點火前，降落傘和返回艙做勻速直線運動。對返回艙,返回艙的重力等于傘繩拉力F;點火后瞬間,返回艙立刻獲得向上的反沖力,使傘繩對返回艙的拉力變小,選項A正確;返回艙做減速運動的主要原因是反沖力,選項B錯誤;返回艙所受合力向上,處于超重狀態(tài),選項D錯誤;由于噴氣過程中,動能減小,由動能定理可知合力做負功,選項C錯誤。 2.B、D 兩物塊從同一高度下落,根據(jù)機械能守恒定律知,它們到達水平面上時的動能相等,自由下落的物塊先著地,重力做功的平均功率大,而著地時重力做功的瞬時功率等于重力與重力方向上的速度的乘積,故重力做功的瞬時功率不相等,選B、D。 3.A、D 去掉下面小球前，系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，下面八個小球?qū)ΨQ分布，故八個小球?qū)π泵嫔狭鶄€小球的作用力豎直向下，去掉后，斜面上的小球仍然保持靜止，左側(cè)四個小球沿斜面向下的重力分力為4mgsinα，右側(cè)兩個小球沿斜面向下的重力分力為2mgsinβ，由平衡條件可知4mgsinα=2mgsinβ，則有 2sinα=sinβ，即AB邊是BC邊長度的2倍。 4.D 物塊沿斜面下滑的加速度a=gsinθ=6 m/s2，下滑過程所用時間t= = 1 s，平均功率=18 W，故A錯。據(jù)機械能守恒定律，末動能Ek=mgh=mgLsinθ=18 J，故B錯。末速度v=at=6 m/s，重力的瞬時功率P=mgv sinθ=36 W，故C錯D對。 5.B、C 由動能定理mgh=mv2可求出滑塊由斜面上h高度處下滑到達B處時的速度v=,從B處進入圓弧軌道后滑塊做圓周運動，在B處，由牛頓第二定律及向心力公式得N-mg= ，故N=mg+=mg(1+)。再由牛頓第三定律可知B、C正確。 6.C “思考距離”是指駕駛員從發(fā)現(xiàn)情況到采取制動的時間內(nèi)汽車行駛的距離,這段時間車是勻速運動的,駕駛員酒后反應(yīng)時間t1=s=1 s,駕駛員正常反應(yīng)時間t2=s=0.5 s,所以駕駛員酒后反應(yīng)時間比正常情況下多0.5 s,A對;“制動距離”是指從駕駛員發(fā)現(xiàn)情況到汽車停止行駛的距離,由表格可知,速度為20 m/s時,制動距離為46.7 m,故B對;汽車制動時的加速度大小都相同,按速度為15 m/s時計算:a= m/s2=7.5 m/s2,故C錯;表中x= m+25.0 m=66.7 m,因此D對。 7.C 因A、B、C均固定于轉(zhuǎn)盤上，故三個小物塊的角速度一定相同，A錯誤；由v=ωr可知，vC>vA=vB,B錯誤；由a=ω2r可知，aC>aA=aB，D錯誤；由FB= mBω2rB，F(xiàn)C=mCω2rC可知，F(xiàn)C=2FB，故C正確。 8.D 因b、c在同一軌道上運行，故其線速度大小、加速度大小均相等。又b、c軌道半徑大于a軌道半徑，由v= ，知vb=vcm，它將偏離原軌道，而離圓心越來越近。所以無論如何c也追不上b，b也等不到c,故C選項錯。對這一選項，不能用v=來分析b、c軌道半徑的變化情況。對a衛(wèi)星，當它的軌道半徑緩慢減小時，在轉(zhuǎn)動一段較短的時間內(nèi)，可近似認為它的軌道半徑未變，視作穩(wěn)定運行，由v=知r減小時v逐漸增大，故D選項正確。 9.A、C 設(shè)小物塊沿斜面上滑的最大高度為h，沿斜面上升的最大距離為x，由動能定理得-mgh-Ffx=0-E，而h=xsinα,式中α為斜面傾角，可得。由此可見小物塊沿斜面上升的距離x與初動能E成正比，而摩擦力做功Ffx與位移成正比，故當小物塊以2E的初動能上滑時，上滑的最大距離變?yōu)樵瓉淼?倍，損失的動能(即克服摩擦力做的功)也為原來的2倍，故A對、B錯。選取小物塊從路程中點至最高點的過程，由v2=2ax得，x1=2x，故有v1=v,C對、D錯。 10.C 由圖乙可知，h3=(2+4)260 m=360 m，故A錯誤。最大加速度出現(xiàn)在第1 min內(nèi)和第4 min內(nèi)，a= m/s2= m/s2，故B錯誤。第3～4 min內(nèi)，深潛器減速下降，加速度向上，超重；第6～8 min內(nèi)，深潛器加速上升，超重，故C正確。在8～10 min內(nèi)深潛器減速上升，a= m/s2=0.025 m/s2，深潛器受到浮力和阻力作用，機械能不守恒，故D錯誤。 11.【解析】(1)游標尺上第二個刻線對齊，所以d=1.02 cm。 (2)若機械能守恒，則有mgl=mv2,v= ，整理可得gl= 。 答案：(1)1.02 (2) 12.【解析】(1)在F-x圖像中，圖線與x軸圍成的面積即為變力所做的功，W=(0.60+1.00)(0.52-0.30) J≈0.18 J，在v-x圖中可見，x1=0.30 m時，v1=0，x2=0.52 m時對應(yīng)小車的速度v2=1.30 m/s，故ΔEk=mv22-mv12≈0.17 J。 (2)為減小誤差，實驗前必須平衡摩擦力，細繩與滑板表面平行，故B、C正確。 答案：(1)0.18 0.17 (2)B、C 13.【解析】(1)小滑塊由A到B據(jù)動能定理得 mgR+ (3分) 解得=-1.5 J (1分) (2)小滑塊過B點后做平拋運動，設(shè)著地時豎直分速度為vy，則有vy= = 5 m/s (2分) 所以著地速度v= =5 m/s (2分) 答案：(1)-1.5 J (2)5 m/s 14.【解析】滑塊恰好通過最高點,則有: mg=m (2分) 設(shè)滑塊到達B點時的速度為vB,滑塊由B到D過程由動能定理得: -2mgR=mvD2-mvB2 (2分) 滑塊從D點離開軌道后做平拋運動, 則2R=gt2，xAB=vDt (2分) 滑塊從A運動到B有:vB2=2axAB (2分) 據(jù)牛頓第二定律有:F-μmg=ma (1分) 聯(lián)立以上各式，代入數(shù)據(jù)得:F=17.5 N。 (1分) 答案：17.5 N 15.【解析】(1)根據(jù)牛頓第二定律得： μmgcosθ-mgsinθ=ma 可解得:a=2.5 m/s2 (2分) 當小物塊的速度為1 m/s時，小物塊在傳送帶上運動的位移為 l′= =0.2 m 即小物塊勻速運動了l-l′=4.8 m (2分) 由功能關(guān)系可得： W=ΔEk+ΔEp=mv2+mglsin30=255 J (2分) (2)電動機做功使小物塊的機械能增加，設(shè)小物塊與傳送帶間因摩擦產(chǎn)生的熱量為Q，由(1)知小物塊與傳送帶之間的相對位移l′=0.2 m (2分) 摩擦生熱為Q=Ffl′=μmgl′cosθ=15 J (1分) 故電動機做的功為 W總=W+Q=255 J+15 J=270 J (1分) 答案：(1)255 J (2)270 J 16.【解析】(1)小球剛能完成一次完整的圓周運動，到達最高點的速度為v0，在最高點，僅由重力充當向心力，則有 mg=m (1分) 在整個運動過程中，根據(jù)動能定理得 mgh-2mgl-μmg =mv02 (3分) 解上式得h=0.5 m (1分) (2)若滑塊從h′=5 m處下滑到將要與小球碰撞時速度為v1,則據(jù)動能定理有 mgh′-μmg=mv12 (2分) 由題意可知，滑塊與小球碰后滑塊靜止，小球以速度v1開始做圓周運動，繩子的拉力FT和重力的合力充當向心力，則有 FT-mg= (2分) 解得FT=48 N (1分) 答案：(1)0.5 m (2)48 N 關(guān)閉Word文檔返回原板塊