2019-2020年高考物理二輪復(fù)習 考前保溫訓練1 相互作用和牛頓運動定律(含解析).doc
《2019-2020年高考物理二輪復(fù)習 考前保溫訓練1 相互作用和牛頓運動定律(含解析).doc》由會員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《2019-2020年高考物理二輪復(fù)習 考前保溫訓練1 相互作用和牛頓運動定律(含解析).doc(7頁珍藏版)》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。
2019-2020年高考物理二輪復(fù)習 考前保溫訓練1 相互作用和牛頓運動定律(含解析) 1.(多選)下列關(guān)于摩擦力的說法,正確的是( ) A.作用在物體上的滑動摩擦力只能使物體減速,不可能使物體加速 B.作用在物體上的靜摩擦力只能使物體加速,不可能使物體減速 C.作用在物體上的滑動摩擦力既可能使物體減速,也可能使物體加速 D.作用在物體上的靜摩擦力既可能使物體加速,也可能使物體減速 答案:CD 解析:摩擦力總是阻礙物體的相對運動(或相對運動趨勢),而物體間的相對運動與物體的實際運動無關(guān).當摩擦力的方向與物體的運動方向一致時,摩擦力是動力,方向相反時為阻力,故C、D項正確. 2.如圖所示,小車內(nèi)一根輕質(zhì)彈簧沿豎直方向和一條與豎直方向成α角的細繩拴接一小球.當小車和小球相對靜止,一起在水平面上運動時,下列說法正確的是( ) A.細繩一定對小球有拉力的作用 B.輕彈簧一定對小球有彈力的作用 C.細繩不一定對小球有拉力的作用,但是輕彈簧對小球一定有彈力 D.細繩不一定對小球有拉力的作用,輕彈簧對小球也不一定有彈力 答案:D 解析:若小球與小車一起勻速運動,則細繩對小球無拉力;若小球與小車有向右的加速度a=gtan α,則輕彈簧對小球無彈力,D正確. 3.如圖所示,A、B兩物塊疊放在一起,在粗糙的水平面上保持相對靜止地向右做勻減速直線運動,運動過程中B受到的摩擦力( ) A.方向向左,大小不變 B.方向向左,逐漸減小 C.方向向右,大小不變 D.方向向右,逐漸減小 答案:A 解析:B向右做勻減速直線運動,加速度大小不變、方向向左,故所受摩擦力的方向向左,大小不變,即A正確,B、C、D均錯誤. 4.如圖所示,與水平面夾角為30的固定斜面上有一質(zhì)量m=1.0 kg的物體.細繩的一端與物體相連,另一端經(jīng)摩擦不計的定滑輪與固定的彈簧秤相連.物體靜止在斜面上,彈簧秤的示數(shù)為4.9 N.關(guān)于物體受力的判斷(取g=9.8 m/s2),下列說法正確的是( ) A.斜面對物體的摩擦力大小為零 B.斜面對物體的摩擦力大小為4.9 N,方向沿斜面向上 C.斜面對物體的支持力大小為4.9 N,方向豎直向上 D.斜面對物體的支持力大小為4.9 N,方向垂直斜面向上 答案:A 解析:物體重力在斜面方向上的分力:Gx=mgsin 30=4.9 N,由此可推斷f=0,即A正確,B錯誤.物體重力在垂直斜面方向上的分力:Gy= mgcos 30=4.9 N,方向垂直斜面向下,即支持力大小為4.9 N,方向垂直斜面向上,故C、D均錯誤. 5.如圖所示,石拱橋的正中央有一質(zhì)量為m的對稱楔形石塊,側(cè)面與豎直方向的夾角為α,重力加速度為g.若接觸面間的摩擦力忽略不計,則石塊側(cè)面所受彈力的大小為( ) A. B. C.mgtan α D.mgcot α 答案:A 解析:石塊受力如圖所示,由對稱性可知兩側(cè)面所受彈力大小相等,設(shè)為FN,由三力平衡可知四邊形OABC為菱形,故△ODC為直角三角形,且∠OCD=α,則由mg=FNsin α可得FN=,故A正確. 6.(多選)用一輕繩將小球P系于光滑墻壁上的O點,在墻壁和球P之間夾有一矩形物塊Q,如圖所示.P、Q均處于靜止狀態(tài),則下列相關(guān)說法正確的是( ) A.P受4個力 B.Q受3個力 C.若繩子變長,繩子的拉力將變小 D.若繩子變短,Q受到的靜摩擦力將增大 答案:AC 解析:先研究Q,水平方向上Q受墻壁和小球P的彈力而平衡,豎直方向上Q受重力和P對它的豎直向上的摩擦力而平衡,故Q受到的靜摩擦力始終等于其重力,選項B、D錯誤;再研究P,P受重力、繩子拉力、Q對它的支持力和豎直向下的摩擦力作用,選項A正確;以P、O整體為研究對象,設(shè)繩子與墻壁之間的夾角為θ,若繩子變長,θ將變小,根據(jù)平衡條件在豎直方向上有:Fcos θ=G總,則繩子的拉力將變小,選項C正確. 7.如圖所示,輕彈簧上端與一質(zhì)量為m的木塊1相連,下端與另一質(zhì)量為M的木塊2相連,整個系統(tǒng)置于水平放置的光滑木板上,并處于靜止狀態(tài).現(xiàn)將木板沿水平方向突然抽出,設(shè)抽出后的瞬間,木塊1、2的加速度大小分別為a1、a2.重力加速度大小為g.則有( ) A.a(chǎn)1=0,a2=g B.a(chǎn)1=g,a2=g C.a(chǎn)1=0,a2=g D.a(chǎn)1=g,a2=g 答案:C 解析:木板抽出前,由平衡條件可知彈簧被壓縮產(chǎn)生的彈力大小為mg.木板抽出后瞬間,彈簧彈力保持不變,仍為mg.由平衡條件和牛頓第二定律可得a1=0,a2=g.答案為C. 8.(多選)如圖甲為應(yīng)用于機場和火車站的安全檢查儀,用于對旅客的行李進行安全檢查.其傳送裝置可簡化為如圖乙的模型,緊繃的傳送帶始終保持v=1 m/s的恒定速率運行.旅客把行李無初速度地放在A處,設(shè)行李與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)μ=0.1,A、B間的距離為2 m,取g=10 m/s2.若乘客把行李放到傳送帶的同時也以v=1 m/s的恒定速率平行于傳送帶運動到B處取行李,則( ) 甲 乙 A.乘客與行李同時到達B處 B.乘客提前0.5 s到達B處 C.行李提前0.5 s到達B處 D.若傳送帶速度足夠大,行李最快也要2 s才能到達B處 答案:BD 解析:行李放在傳送帶上,傳送帶對行李的滑動摩擦力使行李開始做勻加速直線運動,隨后行李又以與傳送帶相等的速率做勻速直線運動.加速度為a=μg=1 m/s2,歷時t1==1 s與傳送帶達到共同速度,位移x1=t1=0.5 m,此后行李勻速運動歷時t2==1.5 s到達B處,共用時間2.5 s;乘客到達B處歷時t2==2 s,故B正確,A、C錯誤.若傳送帶速度足夠大,行李一直加速運動,最短運動時間tmin= s=2 s,D正確. 9.如圖所示,質(zhì)量分別為m1、m2的物塊A、B用一輕質(zhì)繩相連置于粗糙水平面上,用一水平力F(F=kt,k為大于0的常數(shù))向右拉A,已知A、B與水平面間的動摩擦因數(shù)相等且最大靜摩擦力等于滑動摩擦力,繩的承受力足夠大,則下列關(guān)于繩中彈力大小FN隨時間t的變化關(guān)系的圖象中正確的是( ) 答案:A 解析:當μm1g≥F=kt時,繩中無彈力,C錯;當μ(m1+m2)g≥kt>μm1g時,由力的平衡知FN+μm1g=kt,即FN與時間成線性關(guān)系,當F>μ(m1+m2)g時,A、B一起向右加速,a=,而FN-μm2g=m2a,聯(lián)立得FN=kt,即FN隨時間變化的圖線是一條過原點的直線,A對,B、D錯. 10.中央電視臺推出了一個游戲節(jié)目——推礦泉水瓶.選手們從起點開始用力推瓶一段時間后,放手讓瓶向前滑動,若瓶最后停在桌上有效區(qū)域內(nèi),視為成功;若瓶最后不能停在桌上有效區(qū)域內(nèi)或在滑行過程中倒下,均視為失?。浜喕P腿鐖D所示,AC是長度為L1=5 m的水平桌面,選手們可將瓶子放在A點,從A點開始用一恒定不變的水平推力推瓶,BC為有效區(qū)域.已知BC長度為L2=1 m,瓶子質(zhì)量為m=0.5 kg,瓶子與桌面間的動摩擦因數(shù)μ=0.4.某選手作用在瓶子上的水平推力F=20 N,瓶子沿AC做直線運動,假設(shè)瓶子可視為質(zhì)點,那么該選手要想游戲獲得成功,試問:(取g=10 m/s2) (1)推力作用在瓶子上的時間最長不得超過多少? (2)推力作用在瓶子上的距離最小為多少? 答案:(1) s (2)0.4 m 解析:(1)要想游戲獲得成功,瓶滑到C點速度正好為零時,推力作用時間最長,設(shè)最長作用時間為t1,有推力作用時瓶做勻加速運動,設(shè)加速度為a1,t1時刻瓶的速度為v,推力停止作用后瓶做勻減速運動,設(shè)此時加速度大小為a2,由牛頓第二定律得: F-μmg=ma1 μmg=ma2 加速運動過程中的位移x1= 減速運動過程中的位移x2= 位移關(guān)系滿足:x1+x2=L1 又:v=a1t1 由以上各式解得:t1= s. (2)要想游戲獲得成功,瓶滑到B點速度正好為零時,推力作用距離最小,設(shè)最小距離為d,則: +=L1-L2 v′2=2a1d 聯(lián)立解得:d=0.4 m. 11.如圖所示,一兒童玩具船靜止在水平地面上,一個兒童用與水平面成53角的恒力拉著船沿水平面運動,已知拉力F=4.0 N,玩具船的質(zhì)量m=0.5 kg,經(jīng)過時間t=2.0 s,船移動的距離x=4.2 m,這時兒童松開手,船又滑行了一段距離后停下(取g=10 m/s2,sin 53=0.8,cos 53=0.6). (1)求船與水平地面間的動摩擦因數(shù)以及松開手后船還能運動的距離. (2)若拉力與水平面成53角不變,為使船能始終在地面上運動,求拉力F的取值范圍.若拉力與水平面之間夾角不定,使船能在地面上運動的最小拉力是多少? 答案:(1)1.176 m (2)見解析 解析:(1)由牛頓第二定律得 Fcos 53-μ(mg-Fsin 53)=ma 根據(jù)運動學公式知x=at2 解得μ=0.75 松手時船滑行的速度vm==4.2 m/s 松手后船滑行的加速度大小a1=μg=7.5 m/s2 滑行距離s==1.176 m. (2)為使船始終在地面上滑行,最小的拉力應(yīng)使它在地面上勻速運動,由牛頓第二定律得 F1cos 53-μ(mg-F1sin 53)=0,解得F1=3.125 N 拉力取最大值時,它的豎直分量等于重力 F2sin 53=mg,F(xiàn)2=6.25 N 所以拉力的取值范圍是3.125 N≤F≤6.25 N 取船為研究對象,其在與水平面夾角為θ、斜向右上方的拉力F作用下,沿水平面向右做勻速直線運動,此時,船的受力情況如圖所示,沿兩坐標軸方向列出平衡方程: Fcos θ-f=0 Fsin θ+N-mg=0 考慮到滑動摩擦力f與正壓力N間的關(guān)系f=μN 由上述三式消去未知量N和f,將F表示為θ的函數(shù),得F= 對上述表達式作變換,得F=,其中tan α=μ 由此可知,當θ=α=arctan μ時,拉力F可取得最小值 Fmin=.- 1.請仔細閱讀文檔,確保文檔完整性,對于不預(yù)覽、不比對內(nèi)容而直接下載帶來的問題本站不予受理。
- 2.下載的文檔,不會出現(xiàn)我們的網(wǎng)址水印。
- 3、該文檔所得收入(下載+內(nèi)容+預(yù)覽)歸上傳者、原創(chuàng)作者;如果您是本文檔原作者,請點此認領(lǐng)!既往收益都歸您。
下載文檔到電腦,查找使用更方便
9.9 積分
下載 |
- 配套講稿:
如PPT文件的首頁顯示word圖標,表示該PPT已包含配套word講稿。雙擊word圖標可打開word文檔。
- 特殊限制:
部分文檔作品中含有的國旗、國徽等圖片,僅作為作品整體效果示例展示,禁止商用。設(shè)計者僅對作品中獨創(chuàng)性部分享有著作權(quán)。
- 關(guān) 鍵 詞:
- 2019-2020年高考物理二輪復(fù)習 考前保溫訓練1 相互作用和牛頓運動定律含解析 2019 2020 年高 物理 二輪 復(fù)習 考前 保溫 訓練 相互作用 牛頓 運動 定律 解析
鏈接地址:http://www.szxfmmzy.com/p-2624870.html