2019-2020年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 限時(shí)訓(xùn)練14 等差、等比數(shù)列及數(shù)列求和 文.doc
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2019-2020年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 限時(shí)訓(xùn)練14 等差、等比數(shù)列及數(shù)列求和 文.doc
2019-2020年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 限時(shí)訓(xùn)練14 等差、等比數(shù)列及數(shù)列求和 文1已知等比數(shù)列an中,a1a,a2b,a3c,a,b,c分別為ABC的三個(gè)內(nèi)角A,B,C的對(duì)邊,且cos B.(1)求數(shù)列an的公比q;(2)設(shè)集合AxN|x2<2|x|,且a1A,求數(shù)列an的通項(xiàng)公式解:(1)依題意知b2ac,由余弦定理得cos B,而q2,代入上式得q22或q2,在三角形ABC中,a,b,c>0,q或q.(2)x2<2|x|,x44x2<0,即x2(x24)<0,2<x<2且x0,又xN,A1,a11,an()n1或ann1.2正項(xiàng)數(shù)列an的前n項(xiàng)和Sn滿足:S(n2n1)Sn(n2n)0.(1)求數(shù)列an的通項(xiàng)公式an;(2)令bn,數(shù)列bn的前n項(xiàng)和為Tn.證明:對(duì)于任意的nN*,都有Tn<.(1)解:由S(n2n1)Sn(n2n)0,得Sn(n2n)(Sn1)0.由于an是正項(xiàng)數(shù)列,所以Sn>0,Snn2n.于是a1S12,n2時(shí),anSnSn1n2n(n1)2(n1)2n.綜上,數(shù)列an的通項(xiàng)an2n.(2)證明:由于an2n,bn,則bn.Tn<.3已知數(shù)列an是各項(xiàng)為正數(shù)的等比數(shù)列,數(shù)列bn的前n項(xiàng)和Snn25n,且滿足a4b14,a6b126,令cnlogan(nN*)(1)求數(shù)列bn及cn的通項(xiàng)公式;(2)設(shè)Pncb1cb2cbn,Qncc1cc2ccn,試比較Pn與Qn的大小,并說明理由解:(1)bn2n4(nN*)設(shè)等比數(shù)列an的公比為q,由a4b1432,a6b126256,得q28,即q2(負(fù)值舍去)所以ana4qn432()3n12()3n2,所以cnlogan3n2(nN*)(2)由(1)知,cbn3(2n4)26n10,所以cbn是以16為首項(xiàng),6為公差的等差數(shù)列同理,ccn3(3n2)29n8,ccn是以1為首項(xiàng),9為公差的等差數(shù)列所以Pncb1cb2cbn3n213n,Qncc1cc2ccnn2n.所以PnQnn(n11)故當(dāng)1n10時(shí),Pn>Qn;當(dāng)n11時(shí),PnQn;當(dāng)n12時(shí),Pn<Qn.4已知函數(shù)f(x)滿足f(xy)f(x)f(y)且f(1).(1)當(dāng)nN*時(shí),求f(n)的表達(dá)式;(2)設(shè)annf(n),nN*,求證:a1a2a3an<2;(3)設(shè)bn(9n),nN*,Sn為bn的前n項(xiàng)和,當(dāng)Sn最大時(shí),求n的值(1)解:令xy1,f(2)f(1)2令xn,y1,f(n1)f(n)f(1)f(n)是首項(xiàng)為,公比為的等比數(shù)列,f(n)n.(2)證明:設(shè)Tn為an的前n項(xiàng)和,annf(n)nn,Tn2233nn.Tn22334(n1)nnn1,兩式相減得Tn2nnn1,Tn2n1nn<2.(3)解:f(n)n,bn(9n)(9n),當(dāng)n8時(shí),bn>0;當(dāng)n9時(shí),bn0;當(dāng)n>9時(shí),bn<0.當(dāng)n8或9時(shí),Sn取得最大值