2019-2020年高考物理二輪復(fù)習(xí) 第一部分 考前復(fù)習(xí)方略 專題一 力與物體的平衡限時(shí)訓(xùn)練一、選擇題1(多選)(xx德州模擬)如圖所示，兩楔形物塊A、B兩部分靠在一起，接觸面光滑，物塊B放置在地面上，物塊A上端用繩子拴在天花板上，繩子處于豎直伸直狀態(tài)，A、B兩物塊均保持靜止則() A繩子的拉力不為零B地面受的壓力大于物塊B的重力C物塊B與地面間不存在摩擦力D物塊B受到地面的摩擦力水平向左解析：選AC.因A、B接觸面光滑，若B對A有支持力，則物塊A的合力不可能為零，因此A、B間的彈力為零，所以繩子的拉力FmAg，分析物塊B可知，地面對B的支持力FNBmBg，物塊B與地面間的摩擦力為零，故A、C正確，B、D錯(cuò)誤2(xx湖北重點(diǎn)中學(xué)高三第二次聯(lián)考)如圖所示，靜止在水平地面上的斜面體質(zhì)量為M，一質(zhì)量為m的物塊恰能沿斜面勻速下滑，若對物塊施以水平向右的拉力F，物塊m仍能沿斜面運(yùn)動(dòng)則以下判斷正確的是() A物塊m仍將沿斜面勻速下滑B物塊m將沿斜面加速下滑C地面對斜面M有向左的摩擦力D地面對斜面的支持力等于(Mm)g解析：選B.物塊m恰能勻速下滑，則物塊m受到的支持力和摩擦力的合力豎直向上，大小等于mg，且tan (為斜面體傾角)，施加水平外力F后，物塊m受到的支持力和摩擦力的合力仍豎直向上，但合力小于mg，對物塊m受力分析易知，物塊m做加速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；對斜面體M，物塊m對它的壓力和摩擦力的合力豎直向下，合力小于mg，對斜面體M受力分析易知，地面對斜面體M的摩擦力為0，支持力小于(mM)g，選項(xiàng)C、D錯(cuò)誤3.(xx濟(jì)南一模)如圖所示，在粗糙水平面上放置A、B、C、D四個(gè)小物塊，各小物塊之間由四根完全相同的輕彈簧相互連接，正好組成一個(gè)菱形，BAD120，整個(gè)系統(tǒng)保持靜止?fàn)顟B(tài)已知A物塊所受的摩擦力大小為Ff，則D物塊所受的摩擦力大小為()A.FfBFfC.Ff D2Ff解析：選C.由對稱性可知，四根輕彈簧的彈力大小相等，均為F，對A有：2Fcos 60Ff，對D有：2Fcos 30FfD，故FfDFf.4(xx河南八市質(zhì)檢)如圖所示，質(zhì)量均為1 kg的小球a、b在輕彈簧A、B及外力F的作用下處于平衡狀態(tài)，其中A、B兩個(gè)彈簧的勁度系數(shù)均為5 N/cm，B彈簧上端與天花板固定連接，軸線與豎直方向的夾角為60，A彈簧豎直，g取10 m/s2，則以下說法正確的是()AA彈簧的伸長量為3 cmB外力F10 NCB彈簧的伸長量為4 cmD突然撤去外力F瞬間，b球加速度為0解析：選D.a、b兩球處于平衡狀態(tài)，所受合力均為零，A彈簧的伸長量為xA2 cm，故A錯(cuò)誤對a、b球及A彈簧整體受力分析得：外力F2mgtan 6020 N，B彈簧彈力大小為FB40 N，則B彈簧的伸長量xB8 cm，故B、C錯(cuò)誤撤去力F瞬間，A、B彈簧的彈力不變，則b球所受合力仍為零，加速度為0，故D正確5.(xx河北保定4月模擬)如圖所示，將三個(gè)完全相同的光滑球用不可伸長的細(xì)線懸掛于O點(diǎn)并處于靜止?fàn)顟B(tài)已知球半徑為R，重為G，線長均為R.則每條細(xì)線上的張力大小為() A2G B.GC.G D.G解析：選B.本題中O點(diǎn)與各球心的連線及各球心連線，構(gòu)成一個(gè)邊長為2R的正四面體，如圖甲所示(A、B、C為各球球心)，O為ABC的中心，設(shè)OAO，由幾何關(guān)系知OAR，由勾股定理得OOR，對A處球受力分析有：Fsin G，又sin ，解得FG，故只有B項(xiàng)正確6(xx東北三校二聯(lián))如圖所示，有一傾角30的斜面體B，質(zhì)量為M.質(zhì)量為m的物體A靜止在B上現(xiàn)用水平力F推物體A，在F由零逐漸增大至mg再逐漸減為零的過程中，A和B始終保持靜止對此過程下列說法正確的是() A地面對B的支持力大于(Mm)gBA對B的壓力的最小值為mg，最大值為mgCA所受摩擦力的最小值為0，最大值為DA所受摩擦力的最小值為mg，最大值為mg解析：選B.因?yàn)锳、B始終保持靜止，對A、B整體受力分析可知，地面對B的支持力一直等于(Mm)g，A錯(cuò)誤當(dāng)F0時(shí)，A對B的壓力最小，為mgcos 30mg；當(dāng)Fmg時(shí)，A對B的壓力最大，為mgcos 30Fsin 30mg，B正確當(dāng)Fcos 30mgsin 30時(shí)，即Fmg時(shí)，A所受摩擦力為0，當(dāng)F0時(shí)，A所受摩擦力大小為mg，方向沿斜面向上，當(dāng)Fmg時(shí)，A所受摩擦力大小為mg，方向沿斜面向下，選項(xiàng)C、D錯(cuò)誤7.(xx湖北宜昌市第一次調(diào)研)如圖所示，晾曬衣服的繩子兩端分別固定在兩根豎直桿上的A、B兩點(diǎn)，繩子的質(zhì)量及繩與衣架掛鉤間摩擦均忽略不計(jì)，衣服處于靜止?fàn)顟B(tài)如果保持繩子A端、B端在桿上位置不變，將右側(cè)桿平移到虛線位置，穩(wěn)定后衣服仍處于靜止?fàn)顟B(tài)則() A繩子的彈力變大B繩子的彈力不變C繩對掛鉤彈力的合力變小D繩對掛鉤彈力的合力不變解析：選D.對掛鉤受力分析，如圖所示，根據(jù)平衡條件，有2FTcos G，繩子右端的B點(diǎn)在桿上位置不動(dòng)，將右桿移動(dòng)到虛線位置時(shí)，變小，故繩子拉力FT變小，A、B錯(cuò)誤；繩中的拉力左右相等，根據(jù)三力平衡條件可知，兩繩子的拉力FT的合力F始終與G等值反向，保持不變，故C錯(cuò)誤，D正確8(xx陜西高三質(zhì)量檢測)將兩個(gè)質(zhì)量均為m的小球a、b用細(xì)線相連后，再用細(xì)線懸掛于O點(diǎn)，如圖所示用力F拉小球b，使兩個(gè)小球都處于靜止?fàn)顟B(tài)，且細(xì)線Oa與豎直方向的夾角保持 30，則F達(dá)到最小值時(shí)Oa線上的拉力為() A.mg BmgC.mg D.mg解析：選A.以兩個(gè)小球組成的整體為研究對象，分析受力，作出F在三個(gè)方向時(shí)整體的受力圖，根據(jù)平衡條件得知：F與FT的合力與重力2mg總是大小相等、方向相反的，由力的合成圖可知，當(dāng)F與繩子Oa垂直時(shí)，F(xiàn)有最小值，即圖中2位置，根據(jù)平衡條件得：F2mgsin 30mg，F(xiàn)T2mgcos 30mg，A正確9(xx江西南昌調(diào)研)水平面上有U形導(dǎo)軌NMPQ，它們之間的寬度為L，M和P之間接入電源，現(xiàn)垂直于導(dǎo)軌擱一根質(zhì)量為m的金屬棒ab，棒與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為(滑動(dòng)摩擦力略小于最大靜摩擦力)，通過棒的電流強(qiáng)度為I，現(xiàn)加一個(gè)范圍較大的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于金屬棒ab，與垂直導(dǎo)軌平面的方向夾角為，如圖所示，金屬棒處于靜止?fàn)顟B(tài)，重力加速度為g，則金屬棒所受的摩擦力大小為()ABILsin BBILcos C(mgBILsin ) D(mgBILcos )解析：選B.金屬棒處于靜止?fàn)顟B(tài)，其合力為零，對其進(jìn)行受力分析，如圖所示，在水平方向有BILcos Ff0，F(xiàn)fBILcos ，選項(xiàng)B正確，選項(xiàng)A、C、D錯(cuò)誤10如圖所示，在一絕緣斜面C上有一帶正電的小物體A處于靜止?fàn)顟B(tài)現(xiàn)將一帶正電的小球B沿以A為圓心的圓弧緩慢地從P點(diǎn)轉(zhuǎn)至A正上方的Q點(diǎn)處，已知P、A在同一水平線上，且在此過程中物體A和C始終保持靜止不動(dòng)，A、B可視為質(zhì)點(diǎn)關(guān)于此過程，下列說法正確的是()A物體A受到斜面的支持力先增大后減小B物體A受到斜面的支持力一直增大C地面對斜面C的摩擦力先增大后減小D地面對斜面C的摩擦力先減小后增大解析：選A.對A受力分析如圖，重力大小、方向不變，支持力FN方向不變，小球B順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，庫侖力F也順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，由圖可知A對，B錯(cuò)；對A、C取整體為研究對象，庫侖斥力大小恒定，沿水平方向分力減小，地面對C的摩擦力一直減小至0，C、D錯(cuò)11(xx新余模擬)如圖所示，質(zhì)量為M、半徑為R的半球形物體A放在水平地面上，通過最高點(diǎn)處的釘子用水平輕質(zhì)細(xì)線拉住一質(zhì)量為m、半徑為r的光滑球B，A、B均靜止則() AB對A的壓力大小為mgB細(xì)線對小球的拉力大小為mgCA對地面的壓力大小為(Mm)gD地面對A的摩擦力大小為mg解析：選C.由于A、B處于靜止?fàn)顟B(tài)，故其所受合外力為零，整體受力分析，如圖甲所示，根據(jù)平衡條件，可得：FN(Mm)g0，根據(jù)牛頓第三定律可知A對地面的壓力大小為(Mm)g，選項(xiàng)C正確，選項(xiàng)D錯(cuò)誤隔離B受力分析，如圖乙所示，根據(jù)平衡條件，由圖中幾何關(guān)系，可得，解得FNmg，依據(jù)牛頓第三定律知：B對A的壓力大小為mg；細(xì)線對小球的拉力Fmg，選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤二、非選擇題12.(xx臨沂第三次適應(yīng)性測試)如圖所示，一個(gè)底面粗糙，質(zhì)量為m的斜面體靜止在水平地面上，斜面體的斜面是光滑的，傾角為30，現(xiàn)用一端固定的輕繩系一質(zhì)量為m的小球，小球靜止時(shí)輕繩與斜面的夾角是30. (1)求當(dāng)斜面體靜止時(shí)繩的拉力大??；(2)若地面對斜面體的最大靜摩擦力等于地面對斜面體支持力的k倍，為了使整個(gè)系統(tǒng)始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，k值必須滿足什么條件？解析：(1)設(shè)繩的拉力為FT，斜面體對小球的支持力為FN，對小球進(jìn)行受力分析如圖所示，由平衡條件可知，F(xiàn)T和FN的合力豎直向上，大小等于mg，由幾何關(guān)系可得出FNFTmg.(2)對斜面體進(jìn)行受力分析，設(shè)小球?qū)π泵骟w的壓力為FN，地面的支持力為F，地面的靜摩擦力為Ff，由正交分解和平衡條件可知，在豎直方向上：FmgFNcos 30在水平方向上：FfFNsin 30根據(jù)(1)和牛頓第三定律可知：FNFNmg又由題設(shè)可知FfmaxkFFf綜合上述各式解得k.答案：(1)mg(2)k13(xx高考全國卷，T24，12分)如圖，一長為10 cm的金屬棒ab用兩個(gè)完全相同的彈簧水平地懸掛在勻強(qiáng)磁場中；磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為0.1 T，方向垂直于紙面向里；彈簧上端固定，下端與金屬棒絕緣金屬棒通過開關(guān)與一電動(dòng)勢為12 V的電池相連，電路總電阻為2 .已知開關(guān)斷開時(shí)兩彈簧的伸長量為0.5 cm；閉合開關(guān)，系統(tǒng)重新平衡后，兩彈簧的伸長量與開關(guān)斷開時(shí)相比均改變了0.3 cm.重力加速度大小取10 m/s2.判斷開關(guān)閉合后金屬棒所受安培力的方向，并求出金屬棒的質(zhì)量解析：依題意，開關(guān)閉合后，電流方向從b到a，由左手定則可知，金屬棒所受的安培力方向豎直向下開關(guān)斷開時(shí)，兩彈簧各自相對于其原長伸長了l10.5 cm.由胡克定律和力的平衡條件得2kl1mg式中，m為金屬棒的質(zhì)量，k是彈簧的勁度系數(shù)，g是重力加速度的大小開關(guān)閉合后，金屬棒所受安培力的大小為FIBL式中，I是回路電流，L是金屬棒的長度兩彈簧各自再伸長了l20.3 cm，由胡克定律和力的平衡條件得2k(l1l2)mgF由歐姆定律有EIR式中，E是電池的電動(dòng)勢，R是電路總電阻聯(lián)立式，并代入題給數(shù)據(jù)得m0.01 kg.答案：見解析