2019-2020年高考物理 考前預(yù)測核心考點專項突破 機(jī)械能守恒定律及其應(yīng)用1.重力做功的特點重力所做的功只跟初始位置和末位置的豎直高度有關(guān)，跟物體的運動路徑無關(guān)2重力勢能(1)重力做功的特點重力做功與路徑無關(guān)，只與始末位置的高度差有關(guān)重力做功不引起物體機(jī)械能的變化(2)重力勢能概念：物體由于被舉高而具有的能表達(dá)式：Epmgh.矢標(biāo)性：重力勢能是標(biāo)量，正負(fù)表示其大小(3)重力做功與重力勢能變化的關(guān)系定性關(guān)系：重力對物體做正功，重力勢能就減少；重力對物體做負(fù)功，重力勢能就增大定量關(guān)系：重力對物體做的功等于物體重力勢能的減少量即WG(Ep2Ep1)Ep.3彈性勢能(1)概念：物體由于發(fā)生彈性形變而具有的能(2)大?。簭椈傻膹椥詣菽艿拇笮∨c形變量及勁度系數(shù)有關(guān)，彈簧的形變量越大，勁度系數(shù)越大，彈簧的彈性勢能越大(3)彈力做功與彈性勢能變化的關(guān)系：類似于重力做功與重力勢能變化的關(guān)系，用公式表示：WEp.機(jī)械能守恒定律及其應(yīng)用(考綱要求)1.機(jī)械能動能和勢能統(tǒng)稱為機(jī)械能，其中勢能包括彈性勢能和重力勢能2機(jī)械能守恒定律(1)內(nèi)容：在只有重力或彈力做功的物體系統(tǒng)內(nèi)，動能與勢能可以相互轉(zhuǎn)化，而總的機(jī)械能保持不變(2)表達(dá)式：mgh1mv12mgh2mv223守恒條件只有重力或彈簧的彈力做功1第16屆亞運會于2010年11月12日至11月27日在廣州舉行亞運會中的投擲鏈球、鉛球、鐵餅和標(biāo)槍等體育比賽項目都是把物體斜向上拋出的運動，如圖所示，這些物體從被拋出到落地的過程中()A物體的機(jī)械能先減小后增大B物體的機(jī)械能先增大后減小C物體的動能先增大后減小，重力勢能先減小后增大D物體的動能先減小后增大，重力勢能先增大后減小答案D2關(guān)于重力勢能，下列說法中正確的是()A物體的位置一旦確定，它的重力勢能的大小也隨之確定B物體與零勢能面的距離越大，它的重力勢能也越大C一個物體的重力勢能從5 J變化到3 J，重力勢能減少了D重力勢能的減少量等于重力對物體做的功解析物體的重力勢能與參考面有關(guān)，同一物體在同一位置相對不同的參考面的重力勢能不同，A選項錯物體在零勢能面以上，距零勢能面的距離越大，重力勢能越大，物體在零勢能面以下，距零勢面的距離越大，重力勢能越小，B選項錯重力勢能中的正、負(fù)號表示大小，5 J的重力勢能小于3 J的重力勢能，C選項錯重力做的功量度了重力勢能的變化，D選項正確答案D3下列物體中，機(jī)械能守恒的是()做平拋運動的物體被勻速吊起的集裝箱光滑曲面上自由運動的物體物體以g的加速度豎直向上做勻減速運動A B C D解析物體做平拋運動或沿光滑曲面自由運動時，不受摩擦力，在曲面上彈力不做功，只有重力做功，機(jī)械能守恒，所以、項正確；勻速吊起的集裝箱，繩的拉力對它做功，不滿足機(jī)械能守恒的條件，機(jī)械能不守恒；物體以g的加速度向上做勻減速運動時，由牛頓第二定律mgFmg，有Fmg，則物體受到豎直向上的大小為mg的外力作用，該力對物體做了正功，機(jī)械能不守恒答案C圖4314如圖431所示在光滑水平面上有一物體，它的左端接連著一輕彈簧，彈簧的另一端固定在墻上，在力F作用下物體處于靜止?fàn)顟B(tài)，當(dāng)撤去力F后，物體將向右運動，在物體向右運動的過程中，下列說法正確的是()A彈簧的彈性勢能逐漸減少B物體的機(jī)械能不變C彈簧的彈性勢能先增加后減少D彈簧的彈性勢能先減少后增加解析開始時彈簧處于壓縮狀態(tài)，撤去力F后，物體先向右加速運動后向右減速運動，所以物體的機(jī)械能先增大后減小，所以B錯彈簧先恢復(fù)原長后又逐漸伸長，所以彈簧的彈性勢能先減少再增加，D正確答案D圖4325如圖432所示，用長為L的輕繩把一個小鐵球懸掛在高為2L的O點處，小鐵球以O(shè)為圓心在豎直平面內(nèi)做圓周運動且恰能到達(dá)最高點B處，若運動中輕繩斷開，則小鐵球落到地面時的速度大小為()A. B.C. D.解析小球恰能到達(dá)最高點B，則小球在最高點處的速度v.取地面重力勢能為零，鐵球在B點處的總機(jī)械能為mg3Lmv2mgL，無論輕繩是在何處斷的，鐵球的機(jī)械能總是守恒的，因此到達(dá)地面時的動能mv2mgL，故小球落到地面的速度v，正確答案為D.答案D考點一機(jī)械能是否守恒的判斷從守恒的條件來理解對單個物體，看是否“只有重力做功”；對由多個物體(包括彈簧)組成的系統(tǒng)，看是否“沒有摩擦和介質(zhì)阻力”【典例1】 如圖433所示，圖433固定的傾斜光滑桿上套有一個質(zhì)量為m的圓環(huán)，圓環(huán)與豎直放置的輕質(zhì)彈簧一端相連，彈簧的另一端固定在地面上的A點，彈簧處于原長h.讓圓環(huán)沿桿滑下，滑到桿的底端時速度為零則在圓環(huán)下滑過程中()A圓環(huán)機(jī)械能守恒B彈簧的彈性勢能先增大后減小C彈簧的彈性勢能變化了mghD彈簧的彈性勢能最大時圓環(huán)動能最大解析圓環(huán)受到重力、支持力和彈簧的彈力作用，支持力不做功，故環(huán)的機(jī)械能與彈簧的彈性勢能總和保持不變，故全過程彈簧的彈性勢能變化量等于環(huán)的機(jī)械能變化量，C正確，圓環(huán)的機(jī)械能不守恒，A錯誤彈簧垂直桿時彈簧的壓縮量最大，此時圓環(huán)有向下的速度，故此時彈性勢能比末狀態(tài)的彈性勢能小，即：最終狀態(tài)彈簧被拉長，且彈性勢能達(dá)到最大，此時圓環(huán)的動能為零，所以彈性勢能是先增加后減小最后又增大，B、D錯誤答案C判斷機(jī)械能是否守恒的方法(1)利用機(jī)械能的定義判斷：分析動能與勢能的和是否變化如：勻速下落的物體動能不變，重力勢能減少，物體的機(jī)械能必減少(2)用做功判斷：若物體或系統(tǒng)只有重力(或彈簧的彈力)做功，或有其他力做功，但其他力做功的代數(shù)和為零，機(jī)械能守恒(3)用能量轉(zhuǎn)化來判斷：若系統(tǒng)中只有動能和勢能的相互轉(zhuǎn)化，而無機(jī)械能與其他形式的能的轉(zhuǎn)化，則系統(tǒng)的機(jī)械能守恒(4)對一些繩子突然繃緊、物體間非彈性碰撞等問題機(jī)械能一般不守恒，除非題中有特別說明或暗示【變式1】 關(guān)于機(jī)械能是否守恒，下列說法正確的是()A做勻速直線運動的物體機(jī)械能一定守恒B做圓周運動的物體機(jī)械能一定守恒C做變速運動的物體機(jī)械能可能守恒D合外力對物體做功不為零，機(jī)械能一定不守恒解析做勻速直線運動的物體與做圓周運動的物體，如果是在豎直平面內(nèi)則機(jī)械能不守恒，A、B錯誤；合外力做功不為零，機(jī)械能可能守恒，D錯誤，C正確答案C考點二機(jī)械能守恒定律的應(yīng)用機(jī)械能守恒定律的三種表達(dá)形式及用法(1)E2E1或Ek2Ep2Ek1Ep1，表示系統(tǒng)末狀態(tài)機(jī)械能的總和與初狀態(tài)機(jī)械能的總和相等運用這種形式的表達(dá)式時，應(yīng)選好參考面若初、末狀態(tài)的高度已知，整個系統(tǒng)除地球外只有一個物體時，運用這種形式比較簡單，即常說的“守恒觀點”(2)Ek增Ep減或Ek減Ep增，表示系統(tǒng)減少(或增加)的動能等于系統(tǒng)增加(或減少)的勢能運用這種形式時，一般針對初、末狀態(tài)的高度未知，但高度變化已知的情況運用的關(guān)鍵在于弄清重力勢能的增加(或減少)量，可不選取參考面而直接計算初、末狀態(tài)的勢能差，即常說的“轉(zhuǎn)化觀點”(3)EA增EB減或EA減EB增，表示若系統(tǒng)由A、B兩部分組成，則A物體機(jī)械能的增加(或減少)與B物體機(jī)械能的減少(或增加)相等即常說的“轉(zhuǎn)移觀點”【典例2】 如圖434所示，是某公園設(shè)計的一種驚險刺激的娛樂設(shè)施，軌道除CD部分粗糙外，其余均光滑一挑戰(zhàn)者質(zhì)量為m，沿斜面軌道滑下，無能量損失地滑入第一個圓管形軌道根據(jù)設(shè)計要求，在最低點與最高點各放一個壓力傳感器，測試挑戰(zhàn)者對軌道的壓力，并通過計算機(jī)顯示出來挑戰(zhàn)者到達(dá)A處時剛好對管壁無壓力，又經(jīng)過水平軌道CD滑入第二個圓管形軌道在最高點B處挑戰(zhàn)者對管的內(nèi)側(cè)壁壓力為0.5 mg，然后從平臺上飛入水池內(nèi)，水面離軌道的距離為h2.25 m若第一個圓管軌道的半徑為R，第二個圓管軌道的半徑為r，g取10 m/s2，管的內(nèi)徑及人相對圓管軌道的半徑可以忽略不計：則：圖434(1)挑戰(zhàn)者若能完成上述過程，則他應(yīng)從離水平軌道多高的地方開始下滑？(2)挑戰(zhàn)者從A到B的運動過程中克服軌道阻力所做的功？(3)挑戰(zhàn)者入水時的速度大小是多少？解析(1)挑戰(zhàn)者到達(dá)A處時剛好對管壁無壓力，可得出mgm設(shè)挑戰(zhàn)者從離水平軌道H高處的地方開始下滑正好運動到A點對管壁無壓力，在此過程中機(jī)械能守恒mgHmvA2mg2R解得H(2)在B處挑戰(zhàn)者對管的內(nèi)側(cè)壁壓力為0.5mg，根據(jù)牛頓第二定律得：mgFN，挑戰(zhàn)者在從A到B的運動過程中，利用動能定理得：mg2(Rr)WFmvB2mvA2聯(lián)立解得WFmgRmgr(3)設(shè)挑戰(zhàn)者在第二個圓管軌道最低點D處的速度為v，則mg2rmvB2mv2解得v挑戰(zhàn)者離開第二個圓管軌道后在平面上做勻速直線運動，然后做平拋運動落入水中，在此過程中機(jī)械能守恒，設(shè)挑戰(zhàn)者入水時的速度大小為v，則mghmv2mv2解得：v3.答案(1)R(2)mgRmgr(3)3應(yīng)用機(jī)械能守恒定律的基本思路物體或系統(tǒng).進(jìn)行受力、做功分析.機(jī)械能是否守恒Ek1Ep1Ek2Ep2，EkEp或EAEB聯(lián)立方程求解【變式2】 圖435如圖435所示，靜止放在長直水平桌面上的紙帶，其上有一小鐵塊，它與紙帶右端的距離為0.5 m，鐵塊與紙帶間、紙帶與桌面間動摩擦因數(shù)均為0.1現(xiàn)用力F水平向左將紙帶從鐵塊下抽出，當(dāng)紙帶全部抽出時鐵塊恰好到達(dá)桌面邊緣，鐵塊拋出后落地點離拋出點的水平距離為x0.8 m已知g10 m/s2，桌面高度為H0.8 m，不計鐵塊大小，鐵塊不滾動求：(1)鐵塊落地時的速度大?。?2)紙帶從鐵塊下抽出所用的時間及開始時鐵塊距左側(cè)桌邊的距離解析(1)設(shè)鐵塊拋出時的初速度為v0，由平拋運動規(guī)律可得水平方向：xv0t豎直方向：Hgt2解得：v02 m/s再由機(jī)械能守恒可得：mgHmv02mv2得v2 m/s(2)紙帶從鐵塊下抽出所用的時間與鐵塊向左運動到桌邊的時間相等開始時鐵塊距左側(cè)桌邊的距離就等于鐵塊在桌面上向左運動的位移鐵塊向左加速運動過程中，ag1 m/s2鐵塊從靜止開始向左運動的位移設(shè)為L.由v022aL得：L2 m由公式v0at得：t2 s.答案(1)2 m/s(2)2 s4.機(jī)械能守恒定律應(yīng)用中的幾種模型機(jī)械能守恒定律屬于高考的高頻考點，在實際問題中我們?nèi)绻苷_建立幾種典型的機(jī)械能守恒的模型將有利于對此類問題的分析和解決(1)輕連繩模型此類問題要認(rèn)清物體的運動過程，注意物體運動到最高點或最低點時速度相同這一隱含條件圖436【典例1】 如圖436所示，細(xì)繩跨過定滑輪懸掛兩物體M和m，且M>m，不計摩擦，系統(tǒng)由靜止開始運動過程中()A.M、m各自的機(jī)械能分別守恒B.M減少的機(jī)械能等于m增加的機(jī)械能C.M減少的重力勢能等于m增加的重力勢能D.M和m組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒解析M下落過程中，繩的拉力對M做負(fù)功，M的機(jī)械能減少；m上升過程，繩的拉力對m做正功，m的機(jī)械能增加，A錯誤；對M、m組成的系統(tǒng)，機(jī)械能守恒，易得B、D正確；M減少的重力勢能并沒有全部用于m重力勢能的增加，還有一部分轉(zhuǎn)變成M、m的動能，所以C錯誤答案BD(2)輕連桿模型這類問題應(yīng)注意在運動過程中各個物體之間的角速度、線速度的關(guān)系等圖437【典例2】 質(zhì)量分別為m和M(其中M2m)的兩個小球P和Q，中間用輕質(zhì)桿固定連接，在桿的中點O處有一個固定轉(zhuǎn)軸，如圖437所示現(xiàn)在把桿置于水平位置后自由釋放，在Q球順時針擺動到最低位置的過程中，下列有關(guān)能量的說法正確的是()A.Q球的重力勢能減少、動能增加，Q球和地球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒B.P球的重力勢能增加、動能減小，P球和地球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒C.P球、Q球和地球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒D.P球、Q球和地球組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒解析Q球從水平位置下擺到最低點的過程中，受重力和桿的作用力，桿的作用力是Q球運動的阻力(重力是動力)，對Q球做負(fù)功；P球是在桿的作用下上升的，桿的作用力是動力(重力是阻力)，對P球做正功所以，由功能關(guān)系可以判斷，在Q球下擺過程中，P球重力勢能增加、動能增加、機(jī)械能增加，Q球重力勢能減少、機(jī)械能減少；由于P球和Q球整體只有重力做功，所以系統(tǒng)機(jī)械能守恒本題的正確答案是C.答案C(3)輕彈簧模型此類問題應(yīng)注意物體與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，不同的過程中彈性勢能的變化一般是相同的圖438【典例3】如圖438所示為某同學(xué)設(shè)計的節(jié)能運輸系統(tǒng)斜面軌道的傾角為37，木箱與軌道之間的動摩擦因數(shù)0.25.設(shè)計要求：木箱在軌道頂端時，自動卸貨裝置將質(zhì)量m2 kg的貨物裝入木箱，木箱載著貨物沿軌道無初速滑下，當(dāng)輕彈簧被壓縮至最短時，自動卸貨裝置立刻將貨物卸下，然后木箱恰好被彈回到軌道頂端，接著再重復(fù)上述過程若g取10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8.求：(1)離開彈簧后，木箱沿軌道上滑的過程中的加速度大?。?2)滿足設(shè)計要求的木箱質(zhì)量解析(1)設(shè)木箱質(zhì)量為m，對木箱的上滑過程，由牛頓第二定律有：mgsin 37mgcos 37ma代入數(shù)據(jù)解得：a8 m/s2.(2)設(shè)木箱沿軌道下滑的最大距離為L，彈簧被壓縮至最短時的彈性勢能為Ep，根據(jù)能量守恒定律：貨物和木箱下滑過程中有：(mm)gLsin 37(mm)gLcos 37Ep木箱上滑過程中有EpmgLsin 37mgLcos 37聯(lián)立代入數(shù)據(jù)解得：mm2 kg.答案(1)8 m/s2(2)2 kg一、機(jī)械能是否守恒的判斷(低頻考查)1一蹦極運動員身系彈性蹦極繩從水面上方的高臺下落，到最低點時距水面還有數(shù)米距離假定空氣阻力可忽略，運動員可視為質(zhì)點，下列說法錯誤的是()A運動員到達(dá)最低點前重力勢能始終減小B蹦極繩張緊后的下落過程中，彈力做負(fù)功，彈性勢能增加C蹦極過程中，運動員、地球和蹦極繩所組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒D蹦極過程中，重力勢能的改變與重力勢能零點的選取有關(guān)解析運動員到達(dá)最低點前，重力一直做正功，重力勢能減小，選項A正確從蹦極繩張緊到最低點彈力一直做負(fù)功，彈性勢能增加，選項B正確除重力、彈力之外無其他力做功，故系統(tǒng)機(jī)械能守恒，選項C正確重力勢能的改變與重力勢能零點的選取無關(guān)，故選項D錯誤答案D圖4392用如圖439所示裝置可以研究動能和重力勢能轉(zhuǎn)化中所遵循的規(guī)律在擺錘從A位置由靜止開始向下擺動到D位置的過程中()重力做正功，重力勢能增加重力的瞬時功率一直增大動能轉(zhuǎn)化為重力勢能擺線對擺錘的拉力不做功若忽略阻力，系統(tǒng)的總機(jī)械能為一恒量A B C D解析擺錘向下運動，重力做正功，重力勢能減小，故錯誤由于開始靜止，所以開始重力的功率為零，在D位置物體v的方向與重力垂直，PGGvcos ，可知PG0，而在從A位置擺動到D位置的過程中，重力功率不為零，所以擺錘重力的瞬時功率先增大后減小，錯誤在向下運動的過程中，重力勢能減小，動能增加，故錯誤擺線拉力與v方向始終垂直，不做功，只有重力做功，故機(jī)械能守恒，故、正確，選D.答案D二、機(jī)械能守恒定律的應(yīng)用(高頻考查)3某校物理興趣小組決定舉行遙控賽車比賽比賽路徑如圖4310所示，賽車從起點A出發(fā)，沿水平直線軌道運動L后，由B點進(jìn)入半徑為R的光滑豎直圓軌道，離開豎直圓軌道后繼續(xù)在光滑平直軌道上運動到C點，并能越過壕溝已知賽車質(zhì)量m0.1 kg，通電后以額定功率P1.5 W工作，進(jìn)入豎直圓軌道前受到的阻力恒為0.3 N，隨后在運動中受到的阻力均可不計圖中L10.00 m，R0.32 m，h1.25 m，s1.50 m問：要使賽車完成比賽，電動機(jī)至少工作多長時間？(取g10 m/s2)圖4310解析設(shè)賽車越過壕溝需要的最小速度為v1，由平拋運動的規(guī)律sv1t，hgt2，解得v1s 3 m/s.設(shè)賽車恰好越過圓軌道，對應(yīng)圓軌道最高點的速度為v2，最低點的速度為v3，由牛頓運動定律及機(jī)械能守恒定律得：mgm，mv32mv22mg(2R)，解得v34 m/s.通過分析比較，賽車要完成比賽，在進(jìn)入圓軌道前的速度最小應(yīng)該是vmin4 m/s.設(shè)電動機(jī)工作時間至少為t，根據(jù)動能定理PtfLmvmin2，由此可得t2.53 s.答案2.53 s圖43114如圖4311所示，長度為l的輕繩上端固定在O點，下端系一質(zhì)量為m的小球(小球的大小可以忽略)(1)在水平拉力F的作用下，輕繩與豎直方向的夾角為，小球保持靜止畫出此時小球的受力圖，并求力F的大小(2)由圖示位置靜止釋放小球，求當(dāng)小球通過最低點時的速度大小及輕繩對小球的拉力不計空氣阻力解析(1)受力圖見右圖根據(jù)平衡條件，應(yīng)滿足Tcos mg，Tsin F.聯(lián)立解得拉力大小Fmgtan .(2)運動中只有重力做功，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，有mgl(1cos )mv2.則通過最低點時，小球的速度大小v.根據(jù)牛頓第二定律有Tmgm.解得輕繩對小球的拉力Tmgmmg(32cos )，方向豎直向上答案(1)受力圖如解析圖所示mgtan (2)mg(32 cos )，方向豎直向上.