第1講 電場(chǎng)力的性質(zhì)主干梳理 對(duì)點(diǎn)激活知識(shí)點(diǎn)電荷守恒點(diǎn)電荷庫(kù)侖定律1.元電荷、點(diǎn)電荷(1)元電荷：e1.61019 C，最小的電荷量，所有帶電體的電荷量都是元電荷的整數(shù)倍，其中質(zhì)子、正電子的電荷量與元電荷相同。電子的電荷量q1.61019 C。(2)點(diǎn)電荷：忽略帶電體的大小、形狀及電荷分布狀況的理想化模型。(3)比荷：帶電粒子的電荷量與其質(zhì)量之比。2電荷守恒定律(1)內(nèi)容：電荷既不會(huì)創(chuàng)生，也不會(huì)消失，它只能從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體，或者從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分，在轉(zhuǎn)移的過(guò)程中，電荷的總量保持不變。(2)起電方法：摩擦起電、感應(yīng)起電、接觸起電。(3)帶電實(shí)質(zhì)：物體帶電的實(shí)質(zhì)是得失電子。(4)電荷的分配原則：兩個(gè)形狀、大小相同的導(dǎo)體，接觸后再分開，二者帶等量同種電荷；若兩導(dǎo)體原來(lái)帶異種電荷，則電荷先中和，余下的電荷再平分。3庫(kù)侖定律(1)內(nèi)容：真空中兩個(gè)靜止點(diǎn)電荷之間的相互作用力，與它們的電荷量的乘積成正比，與它們的距離的二次方成反比，作用力的方向在它們的連線上。(2)表達(dá)式：Fk，式中k9.0109 Nm2/C2，叫靜電力常量。(3)適用條件：真空中靜止的點(diǎn)電荷。在空氣中，兩個(gè)點(diǎn)電荷的作用力近似等于真空中的情況，可以直接應(yīng)用公式。當(dāng)兩個(gè)帶電體的間距遠(yuǎn)大于本身的大小時(shí)，可以把帶電體看成點(diǎn)電荷。兩個(gè)帶電體間的距離r0時(shí)，不能再視為點(diǎn)電荷，也不遵循庫(kù)侖定律，它們之間的庫(kù)侖力不能認(rèn)為趨于無(wú)窮大。(4)庫(kù)侖力的方向由相互作用的兩個(gè)帶電體決定，且同號(hào)電荷相互排斥；異號(hào)電荷相互吸引。知識(shí)點(diǎn)靜電場(chǎng)電場(chǎng)強(qiáng)度、點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)1電場(chǎng)(1)定義：存在于電荷周圍，能傳遞電荷間相互作用的一種特殊物質(zhì)。(2)基本性質(zhì)：對(duì)放入其中的電荷有力的作用。2電場(chǎng)強(qiáng)度(1)定義：放入電場(chǎng)中某點(diǎn)的電荷所受到的靜電力F跟它的電荷量q的比值。(2)定義式：E，該式適用于一切電場(chǎng)。(3)單位：N/C或V/m。(4)矢量性：規(guī)定正電荷在電場(chǎng)中某點(diǎn)所受靜電力的方向?yàn)樵擖c(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向。3點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)的計(jì)算式(1)公式：在場(chǎng)源點(diǎn)電荷Q形成的電場(chǎng)中，與Q相距r的點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)Ek。(2)適用條件：真空中靜止的點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)。4電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加電場(chǎng)中某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為各個(gè)點(diǎn)電荷單獨(dú)在該點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度的矢量和，遵循平行四邊形定則。5勻強(qiáng)電場(chǎng)：電場(chǎng)中各點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等、方向相同，這樣的電場(chǎng)叫做勻強(qiáng)電場(chǎng)。知識(shí)點(diǎn)電場(chǎng)線1定義：為了形象地描述電場(chǎng)中各點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的大小和方向，在電場(chǎng)中畫出一系列的曲線，使曲線上各點(diǎn)的切線方向表示該點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向，曲線的疏密表示場(chǎng)強(qiáng)的大小，這些曲線叫做電場(chǎng)線，是假想的曲線，實(shí)際不存在。2電場(chǎng)線的特點(diǎn)(1)電場(chǎng)線上每一點(diǎn)的切線方向與該點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向一致。(2)電場(chǎng)線從正電荷或無(wú)窮遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)窮遠(yuǎn)或負(fù)電荷。(3)電場(chǎng)線在電場(chǎng)中不相交、不閉合、不中斷。(4)在同一電場(chǎng)中，電場(chǎng)線越密集的地方場(chǎng)強(qiáng)越大，電場(chǎng)線越稀疏的地方場(chǎng)強(qiáng)越小。(5)沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)逐漸降低。(6)電場(chǎng)線和等勢(shì)面在相交處垂直。3幾種典型電場(chǎng)的電場(chǎng)線如圖所示是幾種典型電場(chǎng)的電場(chǎng)線分布圖。一 思維辨析1質(zhì)子的電荷量為一個(gè)元電荷，但電子、質(zhì)子是實(shí)實(shí)在在的粒子，不是元電荷。()2相互作用的兩個(gè)點(diǎn)電荷，不論它們的電荷量是否相同，它們之間的庫(kù)侖力大小一定相等。()3根據(jù)F，當(dāng)r時(shí)，F(xiàn)0。()4電場(chǎng)強(qiáng)度反映了電場(chǎng)的力的性質(zhì)，所以電場(chǎng)強(qiáng)度與試探電荷所受電場(chǎng)力成正比。()5電場(chǎng)中某點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向即為試探電荷在該點(diǎn)所受的電場(chǎng)力的方向。()6在點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)中，以點(diǎn)電荷為球心的同一球面上各點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度都相同。()7電場(chǎng)線的方向即為帶電粒子的運(yùn)動(dòng)方向。()答案1.2.3.4.5.6.7.二 對(duì)點(diǎn)激活1.(人教版選修31P3實(shí)驗(yàn)改編)(多選)如圖所示，A、B為相互接觸并用絕緣支柱支持的金屬導(dǎo)體，起初都不帶電，在它們的下部貼有金屬箔片，C是帶正電的小球，下列說(shuō)法正確的是()A把C移近導(dǎo)體A時(shí)，A、B上的金屬箔片都張開B把C移近導(dǎo)體A，再把A、B分開，然后移去C，A、B上的金屬箔片仍張開C把C移近導(dǎo)體A，先把C移走，再把A、B分開，A、B上的金屬箔片仍張開D把C移近導(dǎo)體A，先把A、B分開，再把C移走，然后重新讓A、B接觸，A上的金屬箔片張開，而B上的金屬箔片閉合答案AB解析雖然A、B起初都不帶電，但帶正電的小球C對(duì)A、B內(nèi)的電荷有力的作用，使A、B中的自由電子向左移動(dòng)，使得A端積累了負(fù)電荷，B端積累了正電荷，其下部的金屬箔片因?yàn)榻佑|帶電，也分別帶上了與A、B相同的電荷，所以金屬箔片都張開，A正確。帶正電的小球C只要一直在A、B附近，A、B上的電荷因受C的作用力而使A、B帶等量的異種感應(yīng)電荷，把A、B分開，因A、B已經(jīng)絕緣，此時(shí)即使再移走C，所帶電荷量也不能變，金屬箔片仍張開，B正確。但如果先移走C，A、B上的感應(yīng)電荷會(huì)馬上中和，不再帶電，所以金屬箔片都不會(huì)張開，C錯(cuò)誤。先把A、B分開，再移走C，A、B仍然帶電，但重新讓A、B接觸后，A、B上的感應(yīng)電荷完全中和，金屬箔片都不會(huì)張開，D錯(cuò)誤。2(人教版選修31P9T3改編)真空中兩個(gè)相同的帶等量異號(hào)電荷的金屬小球A和B(均可看做點(diǎn)電荷)，分別固定在兩處，兩球間靜電力大小為F?，F(xiàn)用一個(gè)不帶電的同樣的金屬小球C先與A接觸，再與B接觸，然后移開C，再將A、B間距離增大為原來(lái)的2倍，則A、B間的靜電力大小為()A. B. C. D.答案B解析設(shè)A、B原來(lái)所帶電荷量分別為Q、Q，A、B間靜電力大小F，將不帶電的同樣的金屬球C先與A接觸，再與B接觸后，A所帶電荷量變?yōu)椋珺所帶電荷量變?yōu)?，A、B間靜電力大小F，故FF，故B正確。3.(人教版選修31P15T5改編)如圖所示為某區(qū)域的電場(chǎng)線分布，下列說(shuō)法正確的是()A這個(gè)電場(chǎng)可能是正點(diǎn)電荷形成的BD處的場(chǎng)強(qiáng)為零，因?yàn)槟抢餂]有電場(chǎng)線C點(diǎn)電荷q在A點(diǎn)所受的電場(chǎng)力比在B點(diǎn)所受電場(chǎng)力小D負(fù)電荷在C點(diǎn)受到的電場(chǎng)力方向沿C點(diǎn)切線方向答案C解析正點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線是從正電荷出發(fā)的直線，故A錯(cuò)誤；電場(chǎng)線是為了更形象描述電場(chǎng)而人為畫出的，沒有電場(chǎng)線的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度不一定為零，故B錯(cuò)誤；由圖知B點(diǎn)處電場(chǎng)線比A點(diǎn)處電場(chǎng)線密集，故EB>EA，所以點(diǎn)電荷在A處所受的電場(chǎng)力小于在B處所受的電場(chǎng)力，故C正確；負(fù)電荷在C點(diǎn)所受電場(chǎng)力方向與C點(diǎn)切線方向相反，故D錯(cuò)誤。4(人教版選修31P15T6)用一條絕緣輕繩懸掛一個(gè)帶電小球，小球質(zhì)量為1.0102 kg，所帶電荷量為2.0108 C?，F(xiàn)加一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，平衡時(shí)絕緣繩與鉛垂線成30夾角(如圖所示)。求這個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度。答案2.9106 N/C解析小球受到重力mg、靜電力F，輕繩拉力FT的作用處于平衡狀態(tài)，它的受力情況如圖所示，則tan30Etan30 N/C2.9106 N/C?？键c(diǎn)細(xì)研 悟法培優(yōu)考點(diǎn)1庫(kù)侖力作用下的平衡問(wèn)題庫(kù)侖定律的表達(dá)式為Fk，其適用條件是真空中兩個(gè)靜止點(diǎn)電荷之間相互作用的靜電力。庫(kù)侖定律與平衡問(wèn)題聯(lián)系比較密切，因此關(guān)于靜電力的平衡問(wèn)題是高考的熱點(diǎn)內(nèi)容，題型以選擇題為主。對(duì)于這部分內(nèi)容，需要注意以下幾點(diǎn)：一是明確庫(kù)侖定律的適用條件；二是知道完全相同的導(dǎo)體小球接觸時(shí)電荷量的分配規(guī)律；三是進(jìn)行受力分析，靈活應(yīng)用平衡條件。例1(2014浙江高考)(多選)如圖所示，水平地面上固定一個(gè)光滑絕緣斜面，斜面與水平面的夾角為。一根輕質(zhì)絕緣細(xì)線的一端固定在斜面頂端，另一端系有一個(gè)帶電小球A，細(xì)線與斜面平行。小球A的質(zhì)量為m、電量為q。小球A的右側(cè)固定放置帶等量同種電荷的小球B，兩球心的高度相同、間距為d。靜電力常量為k，重力加速度為g，兩帶電小球可視為點(diǎn)電荷。小球A靜止在斜面上，則()A小球A與B之間庫(kù)侖力的大小為B當(dāng)時(shí)，細(xì)線上的拉力為0C當(dāng)時(shí)，細(xì)線上的拉力為0D當(dāng)時(shí)，斜面對(duì)小球A的支持力為0解題探究(1)小球A受力情況怎樣？提示：如圖所示，受豎直向下的重力、水平向左的庫(kù)侖力、垂直斜面向上的支持力，還可能受細(xì)線的拉力。(2)當(dāng)拉力為0時(shí)，A受3個(gè)力平衡，用哪種方法更方便？提示：矢量三角形法。嘗試解答選AC。由庫(kù)侖定律知A與B之間庫(kù)侖力大小為F，A正確；如果細(xì)線上的拉力為0，則小球A所受重力mg、支持力FN、庫(kù)侖力F的合力為零，這三個(gè)力可構(gòu)成一個(gè)力的矢量三角形，如圖所示，由圖中幾何關(guān)系有Fmgtan，解得，B錯(cuò)誤，C正確；斜面對(duì)小球A的支持力不可能為零，D錯(cuò)誤。總結(jié)升華求解帶電體平衡問(wèn)題的方法分析帶電體平衡問(wèn)題的方法與力學(xué)中分析物體受力平衡問(wèn)題的方法相同。(1)當(dāng)兩個(gè)力在同一直線上使帶電體處于平衡狀態(tài)時(shí)，根據(jù)二力平衡的條件求解；(2)在三個(gè)力作用下帶電體處于平衡狀態(tài)時(shí)，一般運(yùn)用勾股定理、三角函數(shù)關(guān)系以及矢量三角形等知識(shí)求解；(3)在三個(gè)以上的力作用下帶電體處于平衡狀態(tài)時(shí)，一般用正交分解法求解。變式11如圖所示，兩條不等長(zhǎng)的細(xì)線一端拴在同一點(diǎn)，另一端分別拴兩個(gè)帶同種電荷的小球，電荷量分別是q1、q2，質(zhì)量分別為m1、m2，當(dāng)兩小球處于同一水平面時(shí)恰好靜止，且>，則造成、不相等的原因是()Am1<m2 Bm1>m2Cq1<q2 Dq1>q2答案A解析對(duì)兩帶電小球分別進(jìn)行受力分析如圖，根據(jù)平衡條件有tan，tan，兩者之間庫(kù)侖力F大小相等，因>，所以m1<m2，故A正確，B錯(cuò)誤；電荷量q1、q2無(wú)論哪個(gè)大，兩者之間庫(kù)侖力F大小都相等，故C、D錯(cuò)誤。變式12如圖所示，在一條直線上有兩個(gè)相距0.4 m的點(diǎn)電荷A、B，A帶電Q，B帶電9Q?，F(xiàn)引入第三個(gè)點(diǎn)電荷C，恰好使三個(gè)點(diǎn)電荷均在電場(chǎng)力的作用下處于平衡狀態(tài)，則C的帶電性質(zhì)及位置應(yīng)為()A正，B的右邊0.4 m處 B正，B的左邊0.2 m處C負(fù)，A的左邊0.2 m處 D負(fù)，A的右邊0.2 m處答案C解析3個(gè)孤立共線點(diǎn)電荷的平衡規(guī)律如圖。“三點(diǎn)共線”三個(gè)點(diǎn)電荷分布在同一條直線上；“兩同夾異”正、負(fù)電荷相互間隔；“兩大夾小”中間電荷的電荷量最??；“近小遠(yuǎn)大”中間電荷靠近電荷量較小的電荷。依據(jù)該規(guī)律知點(diǎn)電荷C應(yīng)在A左側(cè)，帶負(fù)電。設(shè)在A左側(cè)距A為x處，由于處于平衡狀態(tài)，所以k，解得x0.2 m，C正確?？键c(diǎn)2電場(chǎng)強(qiáng)度的理解及計(jì)算1電場(chǎng)強(qiáng)度的性質(zhì)2電場(chǎng)強(qiáng)度三個(gè)表達(dá)式的比較3等量同號(hào)和異號(hào)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度的比較例2圖所示，在水平向右、大小為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，在O點(diǎn)固定一電荷量為Q的正電荷，A、B、C、D為以O(shè)為圓心、半徑為r的同一圓周上的四點(diǎn)，B、D連線與電場(chǎng)線平行，A、C連線與電場(chǎng)線垂直。則()AA點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為 BB點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為EkCD點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小不可能為0DA、C兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同解題探究(1)電場(chǎng)強(qiáng)度是矢量，場(chǎng)強(qiáng)的疊加遵循什么定則？真空中靜止點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)決定式是什么？提示：平行四邊形定則，Ek。(2)兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小相等就可以說(shuō)場(chǎng)強(qiáng)相同嗎？提示：兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)相同必須大小相等，方向相同。判斷兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)是否相同先看方向是否相同。嘗試解答選A。Q在A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度沿OA方向，大小為k，所以A點(diǎn)的合電場(chǎng)強(qiáng)度大小為 ，A正確；同理，B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為Ek，B錯(cuò)誤；如果Ek，則D點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為0，C錯(cuò)誤；A、C兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，但方向不同，D錯(cuò)誤?？偨Y(jié)升華分析電場(chǎng)疊加問(wèn)題的一般步驟電場(chǎng)強(qiáng)度是矢量，疊加時(shí)遵循平行四邊形定則。分析電場(chǎng)的疊加問(wèn)題的一般步驟是：(1)確定要分析計(jì)算的空間位置；(2)分析該點(diǎn)有幾個(gè)分電場(chǎng)，確定各個(gè)分電場(chǎng)在該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小和方向；(3)利用平行四邊形定則求出各分電場(chǎng)強(qiáng)度的矢量和。變式21(2018廣東六校聯(lián)考)真空中某一點(diǎn)電荷Q在自己周圍產(chǎn)生電場(chǎng)，a、b分別是該電場(chǎng)中的兩點(diǎn)，如圖，其中a點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為Ea，方向與a、b兩點(diǎn)連線成120角；b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為Eb，方向與a、b兩點(diǎn)連線成150角，檢驗(yàn)電荷q分別放在a點(diǎn)和b點(diǎn)，則()A點(diǎn)電荷Q是負(fù)電荷Ba、b兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小之比為31C檢驗(yàn)電荷在a、b兩點(diǎn)受到的電場(chǎng)力大小相等Da、b兩點(diǎn)可能處于同一等勢(shì)面上答案B解析將兩條電場(chǎng)線反向延長(zhǎng)后相交于一點(diǎn)，即為點(diǎn)電荷Q的位置，設(shè)a、b兩點(diǎn)到Q的距離分別為ra和rb，由幾何知識(shí)得到，rbra，根據(jù)公式E得，Ea3Eb，故B正確；因?yàn)閎點(diǎn)距離點(diǎn)電荷Q遠(yuǎn)，檢驗(yàn)電荷在a、b兩點(diǎn)受到的電場(chǎng)力大小不相等，a、b兩點(diǎn)不可能處于同一等勢(shì)面上，C、D錯(cuò)誤；由電場(chǎng)線方向及點(diǎn)電荷位置可知該點(diǎn)電荷為正電荷，A錯(cuò)誤。變式22(人教版選修31P15T7改編)如圖所示，在x軸上關(guān)于原點(diǎn)O對(duì)稱的兩點(diǎn)A、B分別固定放置點(diǎn)電荷Q1和Q2，x軸上的P點(diǎn)位于B點(diǎn)的右側(cè)，且P點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度為零，則下列判斷正確的是()Ax軸上P點(diǎn)右側(cè)電場(chǎng)強(qiáng)度方向沿x軸正方向BQ1<Q2C在A、B連線上還有一點(diǎn)與P點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同D與P點(diǎn)關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱的M點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度可能為零答案A解析根據(jù)題述可知P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為零，根據(jù)點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度公式和場(chǎng)強(qiáng)疊加原理可知，Q1的電荷量一定大于Q2的電荷量，A、B連線上各點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度都不為零，故B、C錯(cuò)誤；由于Q1的電荷量大于Q2的電荷量，可知P點(diǎn)右側(cè)電場(chǎng)方向沿x軸正方向，故A正確；由于Q1>Q2，M點(diǎn)和P點(diǎn)關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱，P點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度為零，由點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度公式和場(chǎng)強(qiáng)疊加原理可知，M點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度一定不為零，D錯(cuò)誤。考點(diǎn)3電場(chǎng)線的應(yīng)用1判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的方向電場(chǎng)線上任意一點(diǎn)的切線方向即為該點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向。2判斷電場(chǎng)力的方向正電荷的受力方向和電場(chǎng)線在該點(diǎn)切線方向相同，負(fù)電荷的受力方向和電場(chǎng)線在該點(diǎn)切線方向相反。3判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大小(定性)同一電場(chǎng)，電場(chǎng)線密處電場(chǎng)強(qiáng)度大，電場(chǎng)線疏處電場(chǎng)強(qiáng)度小。4判斷電勢(shì)的高低與電勢(shì)降低的快慢沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，電場(chǎng)強(qiáng)度的方向是電勢(shì)降低最快的方向。例3電場(chǎng)的電場(chǎng)線分布如圖所示，下列說(shuō)法正確的是()Ac點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度B若將一試探電荷q由a點(diǎn)釋放，它將沿電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)Cb點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于d點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度Da點(diǎn)和b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同解題探究(1)在電場(chǎng)線分布圖中，用什么表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大??？提示：電場(chǎng)線的疏密程度。(2)沿曲線運(yùn)動(dòng)的粒子合力沿什么方向？提示：曲線的凹側(cè)。嘗試解答選C。電場(chǎng)線的疏密表示了電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，由題圖可知Eb>Ec，Eb>Ed，C正確，A錯(cuò)誤；由于電場(chǎng)線是曲線，由a點(diǎn)釋放的正電荷如果沿電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)，則合力沿軌跡切線，這是不可能的，B錯(cuò)誤；電場(chǎng)線的切線方向?yàn)樵擖c(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，a點(diǎn)和b點(diǎn)的切線不同向，D錯(cuò)誤?？偨Y(jié)升華電場(chǎng)線的應(yīng)用熟悉幾種典型的電場(chǎng)線分布有利于我們對(duì)電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)做出迅速判斷，且可以進(jìn)一步了解電荷在電場(chǎng)中的受力和運(yùn)動(dòng)情況、電場(chǎng)力做功及伴隨的能量轉(zhuǎn)化情況。變式3在如圖所示的四種電場(chǎng)中，分別標(biāo)記有a、b兩點(diǎn)。其中a、b兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等、方向相反的是()A甲圖中與點(diǎn)電荷等距的a、b兩點(diǎn)B乙圖中兩等量異種點(diǎn)電荷連線的中垂線上與連線等距的a、b兩點(diǎn)C丙圖中兩等量同種點(diǎn)電荷連線的中垂線上與連線等距的a、b兩點(diǎn)D丁圖中非勻強(qiáng)電場(chǎng)中的a、b兩點(diǎn)答案C解析甲圖中與點(diǎn)電荷等距的a、b兩點(diǎn)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小相同，方向不相反，A錯(cuò)誤；對(duì)乙圖，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密及對(duì)稱性可判斷，a、b兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向相同，B錯(cuò)誤；丙圖中兩等量同種點(diǎn)電荷連線的中垂線上與連線等距的a、b兩點(diǎn)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小相同，方向相反，C正確；對(duì)丁圖，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密可判斷，b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于a點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，D錯(cuò)誤?？键c(diǎn)4帶電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡判斷1沿軌跡的切線找出速度方向，依據(jù)粒子所受合力的方向指向軌跡的凹側(cè)來(lái)判斷電場(chǎng)力的方向，由此判斷電場(chǎng)的方向或粒子的電性。2由電場(chǎng)線的疏密情況判斷帶電粒子的受力大小及加速度大小。3由動(dòng)能定理判斷速度變化：如果帶電粒子在運(yùn)動(dòng)中僅受電場(chǎng)力作用，若電場(chǎng)力做正功，則粒子動(dòng)能增大；電場(chǎng)力做負(fù)功，則動(dòng)能減小。電場(chǎng)力做正功還是負(fù)功依據(jù)力與速度的夾角是銳角還是鈍角來(lái)判斷。例4(多選)如圖所示，圖中實(shí)線是一簇未標(biāo)明方向的由點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)線，虛線是某帶電粒子通過(guò)該電場(chǎng)區(qū)域時(shí)的運(yùn)動(dòng)軌跡，a、b是軌跡上的兩點(diǎn)，若帶電粒子在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中只受電場(chǎng)力作用，根據(jù)此圖可做出的正確判斷是()A帶電粒子所帶電荷的正、負(fù)B帶電粒子在a、b兩點(diǎn)的受力方向C帶電粒子在a、b兩點(diǎn)的加速度何處較大D帶電粒子在a、b兩點(diǎn)的速度何處較大解題探究(1)如何判斷帶電粒子在a、b兩點(diǎn)的受力方向？提示：沿電場(chǎng)線且指向軌跡凹側(cè)。(2)帶電粒子在a、b兩點(diǎn)的加速度大小如何判斷？提示：依據(jù)電場(chǎng)線疏密判斷電場(chǎng)力大小，就可以判斷加速度大小。嘗試解答選BCD。根據(jù)軌跡彎曲方向只能判斷出電場(chǎng)力方向，由于不知電場(chǎng)線方向，故無(wú)法判斷帶電粒子電性，A錯(cuò)誤，B正確；根據(jù)電場(chǎng)線疏密知Ea>Eb，F(xiàn)a>Fb，a點(diǎn)加速度大于b點(diǎn)加速度，C正確；若從a到b，電場(chǎng)力做負(fù)功，若從b到a，電場(chǎng)力做正功，均可得出粒子在a點(diǎn)的速度大，D正確?？偨Y(jié)升華電場(chǎng)線與帶電粒子運(yùn)動(dòng)軌跡的關(guān)系一般情況下帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡不會(huì)與電場(chǎng)線重合，只有同時(shí)滿足以下三個(gè)條件時(shí)，兩者才會(huì)重合：(1)電場(chǎng)線為直線；(2)電荷初速度為零或速度方向與電場(chǎng)線平行；(3)電荷僅受電場(chǎng)力或所受其他力合力的方向始終與電場(chǎng)力方向相同或相反。變式4實(shí)線為三條未知方向的電場(chǎng)線，從電場(chǎng)中的M點(diǎn)以相同的速度飛出a、b兩個(gè)帶電粒子，a、b的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中的虛線所示(a、b只受靜電力作用)，則()Aa一定帶正電，b一定帶負(fù)電B靜電力對(duì)a做正功，對(duì)b做負(fù)功Ca的速度將減小，b的速度將增大Da的加速度將減小，b的加速度將增大答案D解析a、b兩個(gè)帶電粒子在M點(diǎn)以相同速度飛出，受電場(chǎng)力方向相反，但不知電場(chǎng)線方向，無(wú)法判斷哪個(gè)粒子帶正電，哪個(gè)粒子帶負(fù)電，A錯(cuò)誤；電場(chǎng)力方向與速度方向夾角都小于90，電場(chǎng)力對(duì)a、b均做正功，速度都將增大，B、C錯(cuò)誤；a向電場(chǎng)線稀疏處運(yùn)動(dòng)，b向電場(chǎng)線密集處運(yùn)動(dòng)，故a的加速度減小，b的加速度增大，D正確。考點(diǎn)5帶電體的力電綜合問(wèn)題解決力電綜合問(wèn)題的一般思路例5(2018衡水六調(diào))(多選)細(xì)繩兩端分別系有帶正電的甲、乙兩小球，它們靜止在光滑絕緣水平面上，電荷量分別為q1和q2，質(zhì)量分別為m1和m2。燒斷細(xì)繩后兩球向相反方向運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是()A運(yùn)動(dòng)的同一時(shí)刻，甲、乙兩球受到的電場(chǎng)力大小之比為q2q1B運(yùn)動(dòng)的同一時(shí)刻，甲、乙兩球動(dòng)能之比為m2m1C在相同的運(yùn)動(dòng)時(shí)間內(nèi)，甲、乙兩球受到的電場(chǎng)力的沖量大小之比為11D在相同的運(yùn)動(dòng)時(shí)間內(nèi)，甲、乙兩球受到的合力做功大小之比為11解題探究(1)當(dāng)燒斷細(xì)繩后兩球在什么力作用下向相反方向運(yùn)動(dòng)？提示：甲、乙之間的庫(kù)侖斥力。(2)甲、乙兩球組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒嗎？提示：守恒。嘗試解答選BC。根據(jù)庫(kù)侖定律可知，在同一時(shí)刻，甲、乙兩球受到的電場(chǎng)力大小相等，A錯(cuò)誤；燒斷細(xì)繩后兩球在庫(kù)侖力作用下向相反方向運(yùn)動(dòng)，滿足動(dòng)量守恒定律，根據(jù)動(dòng)量守恒定律，運(yùn)動(dòng)的同一時(shí)刻，甲、乙兩球動(dòng)量大小之比為m1v1m2v211，根據(jù)動(dòng)能與動(dòng)量的關(guān)系式，Ekmv2，所以運(yùn)動(dòng)的同一時(shí)刻，甲、乙兩球動(dòng)能之比為Ek1Ek2m2m1，B正確；由于兩帶電小球動(dòng)量變化量大小相等，根據(jù)動(dòng)量定理，合外力的沖量大小等于動(dòng)量的變化量，在相同的運(yùn)動(dòng)時(shí)間內(nèi)，甲、乙兩球受到的電場(chǎng)力的沖量大小之比為11，C正確；由于同一時(shí)刻，甲、乙兩球動(dòng)能之比為Ek1Ek2m2m1，根據(jù)動(dòng)能定理，在相同的運(yùn)動(dòng)時(shí)間內(nèi)，甲、乙兩球受到的合力做功大小之比為m2m1，D錯(cuò)誤。總結(jié)升華處理力電綜合問(wèn)題的兩點(diǎn)注意(1)受力分析是關(guān)鍵，畫出受力分析圖，找準(zhǔn)力與力之間的關(guān)系，并由此推斷物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)；或由運(yùn)動(dòng)狀態(tài)推出受力情況。(2)根據(jù)題目的所求問(wèn)題靈活選用物理規(guī)律與時(shí)間、加速度有關(guān)的首先選用牛頓運(yùn)動(dòng)定律。僅與t有關(guān)的可選動(dòng)量定理。與時(shí)間、加速度無(wú)關(guān)的首先選用動(dòng)能定理或能量守恒定律，其次考慮動(dòng)量守恒定律。變式51如圖所示，水平地面上固定一個(gè)光滑絕緣斜面(傾角為)，一根輕質(zhì)絕緣細(xì)線的一端固定在斜面頂端，另一端系有一個(gè)帶電小球A，細(xì)線與斜面平行，小球A靜止在斜面上，其右側(cè)有一個(gè)與A帶等量同號(hào)電荷的小球B，開始兩球心在同一水平線上，細(xì)線剛好伸直，兩帶電小球可視為點(diǎn)電荷，現(xiàn)用絕緣手柄將小球B沿以A為圓心的圓周從B點(diǎn)緩慢移到C點(diǎn)，AC豎直，此過(guò)程中A始終靜止不動(dòng)，則()A細(xì)線對(duì)A的拉力逐漸增大，斜面對(duì)A的彈力逐漸減小B細(xì)線對(duì)A的拉力逐漸增大，斜面對(duì)A的彈力先增大后減小C細(xì)線對(duì)A的拉力先增大后減小，斜面對(duì)A的彈力逐漸增大D細(xì)線對(duì)A的拉力、斜面對(duì)A的彈力均先增大后減小答案B解析小球A受重力G、斜面的彈力N、細(xì)線的拉力T及球B的庫(kù)侖斥力F的作用而處于平衡狀態(tài)，如圖所示，在移動(dòng)小球B的過(guò)程中，球A受球B的庫(kù)侖力大小不變，且圖中，由圖知NGcosFsin，GsinFcosT，所以斜面的彈力N先增大后減小，細(xì)線拉力TGsinFcos一直在增大，B正確。變式52(2018邯鄲一模)(多選)如圖，絕緣水平面上方存在著水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)。質(zhì)量為m、電荷量為q的輕質(zhì)小滑塊從t0時(shí)刻起由靜止開始沿水平面運(yùn)動(dòng)。小滑塊同時(shí)還受到豎直向下的壓力F，力F隨時(shí)間t的變化關(guān)系為Fkt，式中k為常數(shù)。小滑塊與水平面的動(dòng)摩擦因數(shù)為。水平面足夠大，小滑塊的重力可忽略不計(jì)。則小滑塊()A所受摩擦力的最大值為2qEB加速度的最大值為C速度的最大值為D最終以的速度做勻速直線運(yùn)動(dòng)答案AB解析小滑塊的重力忽略不計(jì)，由牛頓第二定律得Eqktma1，隨t增大，小滑塊先做加速度越來(lái)越小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)t>時(shí)，加速度反向，ktEqma2，小滑塊做加速度越來(lái)越大的減速運(yùn)動(dòng)，整個(gè)過(guò)程a隨t變化圖象如圖。由對(duì)稱性可知t時(shí)，速度v0，此時(shí)有最大摩擦力fkt2qE，故A正確；加速度a的最大值出現(xiàn)在t0時(shí)和t時(shí)，均為，故B正確；當(dāng)Eqkt時(shí)，即加速度a0時(shí)，速度最大，由at圖線與t坐標(biāo)軸在0段所圍成的面積得vm，故C錯(cuò)誤；滑塊最終靜止，故D錯(cuò)誤。1方法概述場(chǎng)強(qiáng)有三個(gè)公式：E、Ek、E，在一般情況下可由上述公式計(jì)算場(chǎng)強(qiáng)，但在求解帶電圓環(huán)、帶電平面等一些特殊帶電體產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)時(shí)，上述公式無(wú)法直接應(yīng)用。這時(shí)，如果轉(zhuǎn)換思維角度，靈活運(yùn)用補(bǔ)償法、微元法、對(duì)稱法、等效法、極限法等巧妙方法，可以化難為易。2常見類型與解題思路方法一：補(bǔ)償法將有缺口的帶電圓環(huán)補(bǔ)全為圓環(huán)，或?qū)肭蛎嫜a(bǔ)全為球面分析，再減去補(bǔ)償?shù)牟糠之a(chǎn)生的影響?！镜漕}例證1】均勻帶電的球殼在球外空間產(chǎn)生的電場(chǎng)等效于電荷集中于球心處產(chǎn)生的電場(chǎng)。如圖所示，在半球面AB上均勻分布正電荷，總電荷量為q，球面半徑為R，CD為通過(guò)半球面頂點(diǎn)與球心O的軸線，在軸線上有M、N兩點(diǎn)，OMON2R。已知M點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為E，則N點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為()A.E B.C.E D.E解析左半球面AB上的正電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)等效為帶正電荷為2q的整個(gè)球面的電場(chǎng)和帶電荷量為q的右半球面的電場(chǎng)的合電場(chǎng)，則EE，E為帶電荷量為q的右半球面在M點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小。由對(duì)稱性知，帶電荷量為q的右半球面在M點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小與帶正電荷為q的左半球面AB在N點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小相等，則ENEEE，則A正確。答案A 名師點(diǎn)睛當(dāng)所給帶電體不是一個(gè)完整的規(guī)則物體時(shí)，將該帶電體割去或增加一部分，組成一個(gè)規(guī)則的整體，從而求出規(guī)則物體的電場(chǎng)強(qiáng)度，再通過(guò)電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加求出待求不規(guī)則物體的電場(chǎng)強(qiáng)度。應(yīng)用此法的關(guān)鍵是“割”“補(bǔ)”后的帶電體應(yīng)當(dāng)是我們熟悉的某一物理模型。方法二：對(duì)稱法利用空間上對(duì)稱分布的電荷形成的電場(chǎng)具有對(duì)稱性的特點(diǎn)，使復(fù)雜電場(chǎng)的疊加計(jì)算問(wèn)題大為簡(jiǎn)化。【典題例證2】如圖所示，一半徑為R的圓盤上均勻分布著電荷量為Q的電荷，在垂直于圓盤且過(guò)圓心c的軸線上有a、b、d三個(gè)點(diǎn)，a和b、b和c、c和d間的距離均為R，在a點(diǎn)處有一電荷量為q(q>0)的固定點(diǎn)電荷。已知b點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)為零，則d點(diǎn)處場(chǎng)強(qiáng)的大小為(k為靜電力常量)()Ak Bk Ck Dk解析由b點(diǎn)處場(chǎng)強(qiáng)為零知，圓盤在b點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)E1與q在b點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)E2大小相等，即E1E2k，由對(duì)稱性可知，圓盤在d點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)E3k，q在d點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)E4k，方向與E3相同，故d點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)EdE3E4k，B正確，A、C、D錯(cuò)誤。答案B 名師點(diǎn)睛形狀規(guī)則的帶電體形成的電場(chǎng)具有對(duì)稱性，位置對(duì)稱的兩點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等。如果能夠求出其中一點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度，根據(jù)對(duì)稱性特點(diǎn)，另一點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度即可求出。方法三：微元法將帶電體分成許多電荷元，每個(gè)電荷元可看成點(diǎn)電荷，先根據(jù)庫(kù)侖定律求出每個(gè)電荷元的場(chǎng)強(qiáng)；再結(jié)合對(duì)稱性和場(chǎng)強(qiáng)疊加原理求出合場(chǎng)強(qiáng)。求解均勻帶電圓環(huán)、帶電平面、帶電直桿等在某點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)問(wèn)題，可應(yīng)用微元法。【典題例證3】如圖所示，均勻帶電圓環(huán)所帶電荷量為Q，半徑為R，圓心為O，P為垂直于圓環(huán)平面過(guò)圓心O的軸線上的一點(diǎn)，OPL，試求 P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)。解析如圖所示，設(shè)想將圓環(huán)等分為n個(gè)小段，當(dāng)n相當(dāng)大時(shí)，每一小段都可以看成點(diǎn)電荷，其所帶電荷量為q，由點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式可求得每一點(diǎn)電荷在P處的場(chǎng)強(qiáng)為E。由對(duì)稱性可知，各點(diǎn)電荷在P處的場(chǎng)強(qiáng)E的垂直于軸向的分量Ey相互抵消，而E的軸向分量Ex之和即為帶電環(huán)在P處的場(chǎng)強(qiáng)EP。EPnExnkcos。答案 名師點(diǎn)睛微元法是從部分到整體的思維方法，把帶電體看成由無(wú)數(shù)個(gè)點(diǎn)構(gòu)成。然后根據(jù)對(duì)稱性，利用平行四邊形定則進(jìn)行電場(chǎng)強(qiáng)度疊加。利用微元法可以使一些復(fù)雜的物理過(guò)程用我們熟悉的物理規(guī)律解決，使所求的問(wèn)題簡(jiǎn)單化。方法四：等效法在保證效果相同的條件下，將復(fù)雜的電場(chǎng)情景變換為簡(jiǎn)單的或熟悉的電場(chǎng)情景?！镜漕}例證4】(多選)如圖所示，在真空中某豎直平面內(nèi)固定一足夠大的接地金屬板MN，在MN右側(cè)與其相距2d處的P點(diǎn)放置一電荷量為Q的正點(diǎn)電荷，如果從P點(diǎn)作MN的垂線，則O為垂足，A為O、P連線的中點(diǎn)，B為OP延長(zhǎng)線上的一點(diǎn)，PBd。靜電力常量為k，關(guān)于各點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，下列說(shuō)法正確的是()AO點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小為kBA點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小為kCB點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小為kDA、B兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向相反解析系統(tǒng)達(dá)到平衡后，因?yàn)榻拥亟饘侔咫妱?shì)為零，所以電場(chǎng)線分布如圖所示，所以金屬板右側(cè)的電場(chǎng)的電場(chǎng)線分布與等量異號(hào)點(diǎn)電荷連線的中垂線右側(cè)的電場(chǎng)線分布相同，所以O(shè)點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小為EOkkk，A正確；A點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小為EAkkk，B錯(cuò)誤；B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小為EBkkk，C正確；由上述分析可知D錯(cuò)誤。答案AC 名師點(diǎn)睛等效法的實(shí)質(zhì)是在效果相同的情況下，利用與問(wèn)題中相似或效果相同的知識(shí)進(jìn)行知識(shí)遷移的解題方法，往往是用較簡(jiǎn)單的因素代替較復(fù)雜的因素。方法五：極限法對(duì)于某些特殊情況下求解有關(guān)場(chǎng)強(qiáng)問(wèn)題，有時(shí)無(wú)法用有關(guān)公式、規(guī)律得出結(jié)論，可考慮應(yīng)用極限法。極限法是把某個(gè)物理量的變化推向極端再進(jìn)行推理分析，從而做出科學(xué)的判斷或?qū)С鲆话憬Y(jié)論。極限法一般適用于所涉及的物理量隨條件單調(diào)變化的情況。【典題例證5】物理學(xué)中有些問(wèn)題的結(jié)論不一定必須通過(guò)計(jì)算才能驗(yàn)證，有時(shí)只需通過(guò)一定的分析就可以判斷結(jié)論是否正確。如圖所示為兩個(gè)彼此平行且共軸的半徑分別為R1和R2的圓環(huán)，兩圓環(huán)上的電荷量均為q(q>0)，而且電荷均勻分布。兩圓環(huán)的圓心O1和O2相距為2a，連線的中點(diǎn)為O，軸線上的A點(diǎn)在O點(diǎn)右側(cè)與O點(diǎn)相距為r(r<a)。試分析判斷下列關(guān)于A點(diǎn)處電場(chǎng)強(qiáng)度大小E的表達(dá)式(式中k為靜電力常量)正確的是() 解析與點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式Ek比較可知，A、C兩項(xiàng)表達(dá)式的單位不是場(chǎng)強(qiáng)的單位，故可以排除；由電場(chǎng)強(qiáng)度的分布規(guī)律可知，當(dāng)ra時(shí)，右側(cè)圓環(huán)在A點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)為零，則A處場(chǎng)強(qiáng)只由左側(cè)圓環(huán)上的電荷產(chǎn)生，即場(chǎng)強(qiáng)表達(dá)式只有一項(xiàng)，故B錯(cuò)誤；綜上所述，可知D正確。答案D 名師點(diǎn)睛本題由于帶電體為圓環(huán)狀，超過(guò)了我們高中學(xué)生能力之外，故應(yīng)注意審題，不必計(jì)算，只需通過(guò)一定的分析就可判斷。首先根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的單位(量綱)進(jìn)行判斷，再分析特殊點(diǎn)即可得出結(jié)論。在物理學(xué)中，通過(guò)對(duì)量綱的分析，有時(shí)可以幫助我們快速找到一些錯(cuò)誤?！踞槍?duì)訓(xùn)練】1(2013江蘇高考)下列選項(xiàng)中的各圓環(huán)大小相同，所帶電荷量已在圖中標(biāo)出，且電荷均勻分布，各圓環(huán)間彼此絕緣。坐標(biāo)原點(diǎn)O處電場(chǎng)強(qiáng)度最大的是()答案B解析由對(duì)稱原理可知，A、C圖中在O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小相等，D圖中在O點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為0，因此B圖中兩圓環(huán)在O點(diǎn)合場(chǎng)強(qiáng)應(yīng)最大，B正確。2如圖甲所示，半徑為R的均勻帶電圓形平板，單位面積帶電量為，其軸線上任意一點(diǎn)P(坐標(biāo)為x)的電場(chǎng)強(qiáng)度可以由庫(kù)侖定律和電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加原理求出：E2k，方向沿x軸?，F(xiàn)考慮單位面積帶電量為0的無(wú)限大均勻帶電平板，從其中間挖去一半徑為r的圓板，如圖乙所示。則圓孔軸線上任意一點(diǎn)Q(坐標(biāo)為x)的電場(chǎng)強(qiáng)度為()答案A解析無(wú)限大均勻帶電平板R取無(wú)限大，在Q點(diǎn)產(chǎn)生的3.N(N>1)個(gè)電荷量均為q(q>0)的小球均勻分布在半徑為R的圓周上，如圖所示。若移去位于圓周上P點(diǎn)(圖中未標(biāo)出)的一個(gè)小球，則圓心O點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為_，方向_。(已知靜電力常量為k)答案k沿OP指向P解析P點(diǎn)的帶電小球在圓心O處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E1k，方向沿PO指向O；N個(gè)小球在O點(diǎn)處電場(chǎng)強(qiáng)度疊加后，合場(chǎng)強(qiáng)為零；移去P點(diǎn)的小球后，則剩余的N1個(gè)小球在圓心O處的電場(chǎng)強(qiáng)度與P點(diǎn)的小球在圓心O處的電場(chǎng)強(qiáng)度等大反向，即EE1k，方向沿OP指向P。4.如圖所示，半徑為r的圓環(huán)，在A、B之間留有寬度為d的間隙，且dr。將電荷量為Q的正電荷均勻分布在圓環(huán)上，求圓心O處的電場(chǎng)強(qiáng)度。答案，方向背離圓心指向間隙解析解法一：假設(shè)將這個(gè)圓環(huán)的間隙補(bǔ)上，并且所補(bǔ)部分的電荷密度與原圓環(huán)上的電荷密度一樣，這樣就形成一個(gè)電荷均勻分布的完整的帶電圓環(huán)，圓環(huán)在圓心O處產(chǎn)生的電場(chǎng)疊加后合場(chǎng)強(qiáng)為0。設(shè)原帶有間隙的環(huán)所帶電荷的線密度為，則補(bǔ)上的那一小段間隙的電荷量Qd由題中條件可知那段間隙可看成點(diǎn)電荷，在圓心O處的場(chǎng)強(qiáng)為E1，方向由間隙指向圓心，則帶有間隙的圓環(huán)在圓心O處的場(chǎng)強(qiáng)為E0E1負(fù)號(hào)表示與E1方向相反，即方向背離圓心指向間隙。解法二：在圓環(huán)上與間隙關(guān)于圓心O對(duì)稱的地方割出同樣大小的間隙，則剩余部分的圓環(huán)上下對(duì)稱，在圓心O處的合場(chǎng)強(qiáng)為0。因此在圓心O處的場(chǎng)強(qiáng)大小等于新割出的間隙在圓心O處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小。由題中條件可知那段間隙可看成點(diǎn)電荷，所帶電荷量為Q在圓心O處的場(chǎng)強(qiáng)為E方向背離圓心指向間隙。高考模擬 隨堂集訓(xùn)1(2018全國(guó)卷)如圖，三個(gè)固定的帶電小球a、b和c，相互間的距離分別為ab5 cm，bc3 cm，ca4 cm。小球c所受庫(kù)侖力的合力的方向平行于a、b的連線。設(shè)小球a、b所帶電荷量的比值的絕對(duì)值為k，則()Aa、b的電荷同號(hào)，k Ba、b的電荷異號(hào)，kCa、b的電荷同號(hào)，k Da、b的電荷異號(hào)，k答案D解析對(duì)固定的小球c受到的庫(kù)侖力進(jìn)行分析，要使c球受到的庫(kù)侖力合力與a、b的連線平行，則豎直方向小球c受到的庫(kù)侖力合力為零，則a、b的電荷必須異號(hào)，如圖所示，則有：ksinksin，故，D正確。2.(2016浙江高考)如圖所示，兩個(gè)不帶電的導(dǎo)體A和B，用一對(duì)絕緣柱支持使它們彼此接觸。把一帶正電荷的物體C置于A附近，貼在A、B下部的金屬箔都張開，()A此時(shí)A帶正電，B帶負(fù)電B此時(shí)A電勢(shì)低，B電勢(shì)高C移去C，貼在A、B下部的金屬箔都閉合D先把A和B分開，然后移去C，貼在A、B下部的金屬箔都閉合答案C解析由于靜電感應(yīng)，使A帶負(fù)電，B帶等量正電，若移去C，A、B所帶等量正負(fù)電荷中和，金屬箔閉合，所以C正確，A錯(cuò)誤；處于電場(chǎng)中的導(dǎo)體是等勢(shì)體，B錯(cuò)誤；若先把A、B分開，然后移去C，A、B所帶電荷就不能中和，金屬箔不再閉合，D錯(cuò)誤。3(2016浙江高考)(多選)如圖所示，把A、B兩個(gè)相同的導(dǎo)電小球分別用長(zhǎng)為0.10 m的絕緣細(xì)線懸掛于OA和OB兩點(diǎn)。用絲綢摩擦過(guò)的玻璃棒與A球接觸，棒移開后將懸點(diǎn)OB移到OA點(diǎn)固定。兩球接觸后分開，平衡時(shí)距離為0.12 m。已測(cè)得每個(gè)小球質(zhì)量是8.0104 kg，帶電小球可視為點(diǎn)電荷，重力加速度g10 m/s2，靜電力常量k9.0109 Nm2/C2，則()A兩球所帶電荷量相等BA球所受的靜電力為1.0102 NCB球所帶的電荷量為4108 CDA、B兩球連線中點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度為0答案ACD解析用絲綢摩擦過(guò)的玻璃棒帶正電荷，與A球接觸后A球也帶正電荷，兩球接觸后分開，B球也帶正電荷，且兩球所帶電荷量相等，A項(xiàng)正確；兩球相互排斥，穩(wěn)定后A球受力情況如圖所示sin0.60，37F庫(kù)mgtan376.0103 N，B項(xiàng)錯(cuò)誤；F庫(kù)kQAQBQ，r0.12 m聯(lián)立得Q4108 C，故C項(xiàng)正確；由等量同種點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)的特點(diǎn)可知，A、B兩球連線中點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)為0，故D項(xiàng)正確。4(2018北京高考節(jié)選)靜電場(chǎng)可以用電場(chǎng)線和等勢(shì)面形象描述。(1)請(qǐng)根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義和庫(kù)侖定律推導(dǎo)出點(diǎn)電荷Q的場(chǎng)強(qiáng)表達(dá)式；(2)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線和等勢(shì)面分布如圖所示，等勢(shì)面S1、S2到點(diǎn)電荷的距離分別為r1、r2。我們知道，電場(chǎng)線的疏密反映了空間區(qū)域電場(chǎng)強(qiáng)度的大小。請(qǐng)計(jì)算S1、S2上單位面積通過(guò)的電場(chǎng)線條數(shù)之比。答案(1)k(2)解析(1)在距Q為r的位置放一電荷量為q的檢驗(yàn)電荷，根據(jù)庫(kù)侖定律，檢驗(yàn)電荷受到的電場(chǎng)力Fk，根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義E，得Ek。(2)穿過(guò)每個(gè)面的電場(chǎng)線的總條數(shù)是相等的，若面積大，則單位面積上通過(guò)的條數(shù)就少，故通過(guò)兩等勢(shì)面單位面積上的電場(chǎng)線條數(shù)之比。5.(2017北京高考)如圖所示，長(zhǎng)l1 m的輕質(zhì)細(xì)繩上端固定，下端連接一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的帶電小球，小球靜止在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，繩與豎直方向的夾角37。已知小球所帶電荷量q1.0106 C，勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)E3.0103 N/C，取重力加速度g10 m/s2，sin370.6，cos370.8。求：(1)小球所受電場(chǎng)力F的大小。(2)小球的質(zhì)量m。(3)將電場(chǎng)撤去，小球回到最低點(diǎn)時(shí)速度v的大小。答案(1)3.0103 N(2)4.0104 kg(3)2.0 m/s解析(1)FqE3.0103 N。(2)由tan37，得m4.0104 kg。(3)由mgl(1cos37)mv2，得v2.0 m/s。配套課時(shí)作業(yè)時(shí)間：45分鐘滿分：100分一、選擇題(本題共10小題，每小題7分，共70分。其中16為單選，710為多選)1一帶負(fù)電荷的質(zhì)點(diǎn)，在電場(chǎng)力作用下沿曲線abc從a運(yùn)動(dòng)到c，已知質(zhì)點(diǎn)的速率是遞減的。關(guān)于b點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度E的方向，下列圖示中可能正確的是(虛線是曲線在b點(diǎn)的切線)()答案D解析由a至c曲線的彎曲情況可知質(zhì)點(diǎn)受力方向指向圖中虛線的右下方，質(zhì)點(diǎn)在b點(diǎn)的速度vb方向如圖所示，由a至c速率遞減可知受力方向與速度的方向的夾角為鈍角，大致如圖中F，角大于90，因?yàn)橘|(zhì)點(diǎn)帶負(fù)電荷，故場(chǎng)強(qiáng)方向應(yīng)與F方向相反，D正確。2.如圖所示，A、B兩帶電小球的質(zhì)量分別為m1、m2，電荷量分別為q1、q2，兩小球用絕緣細(xì)線懸掛于O點(diǎn)，平衡時(shí)A、B兩球處于同一高度，與豎直方向的夾角分別為30、60，已知細(xì)線OA長(zhǎng)為l，重力加速度為g，靜電力常量為k。則()AA、B間庫(kù)侖力大小為m2gB細(xì)線OA的彈力大小為m1gCA、B間庫(kù)侖力大小為kDA、B的質(zhì)量之比為m1m232答案B解析以B球?yàn)檠芯繉?duì)象，受力分析如圖1所示，可知A、B間庫(kù)侖力大小為Fm2gtan60m2g，A錯(cuò)誤；以A球?yàn)檠芯繉?duì)象，受力分析如圖2所示，可知A、B間庫(kù)侖力大小為Fm1gtan30m1g，F(xiàn)彈Am1g，B正確；由幾何關(guān)系可知，A、B兩球之間的距離為2l，由庫(kù)侖定律知A、B兩球間庫(kù)侖力大小為Fkk，C錯(cuò)誤；由Fm1g，F(xiàn)m2g，則m1m231，D錯(cuò)誤。3(2018武漢調(diào)研)a、b、c三個(gè)點(diǎn)電荷僅在相互之間的靜電力的作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知a所帶的電荷量為Q，b所帶的電荷量為q，且Q>q。關(guān)于電荷c，下列判斷正確的是()Ac一定帶負(fù)電Bc所帶的電荷量一定大于qCc可能處在a、b之間D如果固定a、b，仍讓c處于平衡狀態(tài)，則c的電性、電荷量、位置都將唯一確定答案B解析根據(jù)點(diǎn)電荷所受的電場(chǎng)力方向以及受力平衡來(lái)確定各自電性，可以得出三個(gè)點(diǎn)電荷若要平衡應(yīng)處于同一條直線上，處于兩端的點(diǎn)電荷的電性相同且與中間點(diǎn)電荷的電性相反，即“兩同夾一異”，又因?yàn)镼>q，根據(jù)庫(kù)侖定律來(lái)確定電場(chǎng)力的大小，并由平衡條件來(lái)確定各自電荷量的大小，因此一定為“兩大夾一小”，c所帶電荷量一定大于q，且c必須帶正電，在b的另一側(cè)，A、C錯(cuò)誤，B正確；如果固定a、b，因Q>q，則在a、b形成的靜電場(chǎng)中，只有b的另一邊僅存在一點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為零，c放在此處時(shí)受力平衡，位置固定，而c的電荷量和電性均不確定，D錯(cuò)誤。4.(2018山東六校聯(lián)考)某區(qū)域的電場(chǎng)線分布情況如圖所示，M、N、P是電場(chǎng)中的三個(gè)點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是()A負(fù)電荷由M點(diǎn)移動(dòng)到P點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功B正電荷在M點(diǎn)的電勢(shì)能小于其在N點(diǎn)的電勢(shì)能C同一電荷在N點(diǎn)受到的電場(chǎng)力大于其在M點(diǎn)所受的電場(chǎng)力DM點(diǎn)和N點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向相同答案C解析沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低，故M>N，M>P，所以M、P兩點(diǎn)電勢(shì)差UMP>0，由電場(chǎng)力做功與電勢(shì)差關(guān)系可知，負(fù)電荷由M點(diǎn)到P點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功，A項(xiàng)錯(cuò)誤；正電荷在電勢(shì)較高的位置電勢(shì)能較大，B項(xiàng)錯(cuò)誤；由電場(chǎng)線的疏密程度表示電場(chǎng)強(qiáng)度大小可判斷N點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大于M點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度，所以同一電荷在N點(diǎn)所受電場(chǎng)力較大，C項(xiàng)正確；電場(chǎng)強(qiáng)度的方向沿電場(chǎng)線的切線方向，故M點(diǎn)和N點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向不同，D項(xiàng)錯(cuò)誤。5.一負(fù)電荷從電場(chǎng)中A點(diǎn)由靜止釋放，只受電場(chǎng)力作用，沿電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，它運(yùn)動(dòng)的vt圖象如圖所示，則A、B兩點(diǎn)所在區(qū)域的電場(chǎng)線分布情況可能是下圖中的()答案C解析由vt圖可知負(fù)電荷在電場(chǎng)中做加速度越來(lái)越大的加速運(yùn)動(dòng)，故電場(chǎng)線應(yīng)由B指向A，且A到B場(chǎng)強(qiáng)變大，電場(chǎng)線變密，C正確。6.如圖所示，一個(gè)均勻的帶電圓環(huán)，電荷量為Q，半徑為R，放在絕緣水平桌面上。圓心為O點(diǎn)，過(guò)O點(diǎn)作一豎直線，在此線上取一點(diǎn)A，使A到O點(diǎn)的距離為R，在A點(diǎn)放一檢驗(yàn)電荷q，則q在A點(diǎn)所受的電場(chǎng)力為()A.，方向向上 B.，方向向上C.，方向水平向左 D不能確定答案B解析先把帶電圓環(huán)分成若干個(gè)小部分，每一部分可視為點(diǎn)電荷，各點(diǎn)電荷對(duì)檢驗(yàn)電荷的庫(kù)侖力在水平方向上相互抵消，豎直向上的電場(chǎng)力大小為，故選B。7有五個(gè)半徑均為r的球體A、B、C、D、E，其中A和B是用相同的塑料制成的，所帶電荷量均為q(q>0)；C、D和E均用相同的金屬制成，C和D所帶電荷量為q，E所帶電荷量為7q。靜電力常量用k表示。關(guān)于摩擦起電和庫(kù)侖力，下列說(shuō)法正確的是()A摩擦起電的過(guò)程，是一個(gè)物體得到電子，另一個(gè)物體得到原子核的過(guò)程B若A、B兩球心相距6r，則A、B間的庫(kù)侖力大小為C若C、D兩球心相距6r，則C、D間的庫(kù)侖力大小為D若D、E兩球心相距90r，D和E接觸后各自放回原處，則D、E間的庫(kù)侖力大小為答案BD解析摩擦起電的過(guò)程是一個(gè)物體得到電子，另一個(gè)物體失去電子的過(guò)程，A錯(cuò)誤；因?yàn)榻^緣體上的電荷是不能移動(dòng)的，其電荷不會(huì)重新分布，對(duì)其他電荷的作用效果與點(diǎn)電荷類似，則電荷分布均勻的絕緣球體可視為點(diǎn)電荷，A、B兩球間的庫(kù)侖力大小為，B正確；C、D兩球心間的距離為6r，沒有遠(yuǎn)大于球的半徑r，兩球不能視為點(diǎn)電荷，由于同種電荷相互排斥，C、D上的電荷分布不均勻，等效點(diǎn)電荷間的距離將大于6r，則C、D間的庫(kù)侖力小于，C錯(cuò)誤；兩個(gè)大小相同的帶異種電荷的金屬球接觸后正負(fù)電荷先中和，再平分，D和E接觸后所帶的電荷量均為3q，各自放回原處，球心間距離遠(yuǎn)大于球的半徑，球可視為點(diǎn)電荷，則D、E間的庫(kù)侖力大小為，D正確。8.(2018海南五校模擬)如圖所示，在y軸上關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱的A、B兩點(diǎn)有等量同號(hào)正點(diǎn)電荷，在x軸上C點(diǎn)有負(fù)點(diǎn)電荷，它們所帶電荷量均為Q，且COODr，ADO60。下列判斷正確的是()A若僅將A、B兩處點(diǎn)電荷的電荷量同時(shí)等量地緩慢增大，則O點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度增大B若僅將A、B兩處點(diǎn)電荷的電荷量同時(shí)等量地緩慢減小，則D點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度減小C若僅將C處點(diǎn)電荷的電荷量緩慢減小，則O點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度減小D若僅將C處點(diǎn)電荷的電荷量緩慢減小，則D點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度增大答案CD解析A、B兩處點(diǎn)電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的合場(chǎng)強(qiáng)為零，C處的點(diǎn)電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)為EOk，所以僅將A、B兩處點(diǎn)電荷的電荷量同時(shí)等量地緩慢增大時(shí)，O點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度不變，若僅將C處點(diǎn)電荷的電荷量緩慢減小，O點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度減小，即A錯(cuò)誤，C正確。由幾何知識(shí)知A、B兩處點(diǎn)電荷在D點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)與C處點(diǎn)電荷在D點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向相反，合場(chǎng)強(qiáng)為零，若僅將A、B兩處點(diǎn)電荷的電荷量同時(shí)等量地緩慢減小，則D點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度增大，若僅將C處點(diǎn)電荷的電荷量緩慢減小，則同理得D點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度增大，所以B錯(cuò)誤，D正確。9.如圖所示，兩個(gè)帶等量正電荷的小球A、B(可視為點(diǎn)電荷)被固定在光滑絕緣水平面上。P、N是小球A、B連線的垂直平分線上的點(diǎn)，且POON?，F(xiàn)將一個(gè)電荷量很小的帶負(fù)電的小球C(可視為質(zhì)點(diǎn))從P點(diǎn)由靜止釋放，在小球C向N點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，關(guān)于小球C的速度圖象中，可能正確的是()答案AB解析在AB的垂直平分線上，從無(wú)窮遠(yuǎn)處到O點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度先變大后變小，到O點(diǎn)變?yōu)榱悖∏駽受力沿A、B連線的垂直平分線。如果P、N相距足夠遠(yuǎn)，小球C從很遠(yuǎn)處開始向O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，加速度先變大后變小，速度不斷增大，在O點(diǎn)加速度變?yōu)榱?，速度達(dá)到最大，vt圖線的斜率先變大后變??；由O點(diǎn)到很遠(yuǎn)處，速度變化情況與另一側(cè)速度的變化情況具有對(duì)稱性，則B正確。如果P、N相距很近，同理可知A正確。10.(2018安慶模擬)如圖，傾角為的絕緣斜面ABC置于粗糙的水平地面上，一質(zhì)量為m、帶電量q的小物塊(可看做是點(diǎn)電荷)恰好能在斜面上勻速下滑，若在AB中點(diǎn)D的正上方與B等高的位置固定一帶電量Q的點(diǎn)電荷，再讓物塊以某一速度從斜面上滑下，物塊在下滑至底端的過(guò)程中，斜面保持靜止不動(dòng)，在不考慮空氣阻力和物塊電荷沒有轉(zhuǎn)移的情況下，關(guān)于在物塊下滑過(guò)程的分析正確的是()A在BA之間，物塊將做加速直線運(yùn)動(dòng)B在BD之間，物塊受到的庫(kù)侖力先增大后減小C在BA之間，斜面對(duì)地面的壓力有可能不變D在BA之間，斜面受到地面的摩擦力均為零答案BD解析原來(lái)小物塊受重力、支持力和摩擦力，物塊恰好能在斜面上勻速下滑，說(shuō)明摩擦力和支持力的合力與重力平衡，放上Q電荷后，開始一段時(shí)間，庫(kù)侖力對(duì)于物塊是阻力，且摩擦力變大，則導(dǎo)致其做減速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；根據(jù)庫(kù)侖定律，在BD之間，電荷間的間距先減小后增大，則物塊受到的庫(kù)侖力先增大后減小，故B正確；開始時(shí)刻小物塊受重力、支持力和摩擦力，物塊恰好能在斜面上勻速下滑，說(shuō)明摩擦力和支持力的合力與重力平衡，是豎直向上的，根據(jù)牛頓第三定律，物塊對(duì)斜面體的壓力和物塊對(duì)斜面體的摩擦力的合力是豎直向下的，增加電場(chǎng)力后，小物塊對(duì)斜面體的壓力和摩擦力成正比例增加，物塊對(duì)斜面體的壓力和摩擦力的合力仍然是豎直向下的，再對(duì)斜面體受力分析，受重力、物塊對(duì)斜面體的壓力和摩擦力、支持力，不受地面的摩擦力，否則合力不為零，從整體分析，在BA之間，因庫(kù)侖斥力，導(dǎo)致斜面對(duì)地面的壓力增大，故C錯(cuò)誤，D正確。二、非選擇題(本題共2小題，共30分)11.(14分)如圖所示，真空中xOy平面直角坐標(biāo)系上的A、B、C三點(diǎn)構(gòu)成等邊三角形，邊長(zhǎng)L2.0 m。若將電荷量均為q2.0106 C的兩點(diǎn)電荷分別固定在A、B點(diǎn)，已知靜電力常量k9.0109 Nm2/C2，求：(1)兩點(diǎn)電荷間的庫(kù)侖力大??；(2)C點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小和方向。答案(1)9.0103 N(2)7.8103 N/C方向沿y軸正方向解析(1)根據(jù)庫(kù)侖定律，A、B兩點(diǎn)電荷間的庫(kù)侖力大小為Fk代入數(shù)據(jù)得F9.0103 N(2)A、B兩點(diǎn)電荷在C點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，均為E1kA、B兩點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)在C點(diǎn)的合電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E2E1cos30由式并代入數(shù)據(jù)得E7.8103 N/C，電場(chǎng)強(qiáng)度E的方向沿y軸正向。12.(2018重慶二模)(16分)如圖所示，用一根絕緣細(xì)線懸掛一個(gè)帶電小球，小球的質(zhì)量為m，電荷量為q，現(xiàn)加一水平的勻強(qiáng)電場(chǎng)，平衡時(shí)絕緣細(xì)線與豎直方向夾角為。(1)試求這個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)E的大??；(2)如果將電場(chǎng)方向順時(shí)針旋轉(zhuǎn)角、大小變?yōu)镋后，小球平衡時(shí)，絕緣細(xì)線仍與豎直方向夾角為，則E的大小又是多少？答案(1)(2)解析(1)對(duì)小球受力分析，受到重力、電場(chǎng)力和細(xì)線的拉力