專題28 電功率一選擇題（共27小題）1（xx北京）有兩個(gè)額定電壓相同的電熱水壺甲和乙，甲的額定功率為1800W，乙的額定功率為1200W兩個(gè)電熱水壺都正常工作時(shí)，下列說(shuō)法中正確的是（）A甲電熱水壺兩端的電壓較高B電流通過(guò)甲電熱水壺做功較快C通過(guò)兩個(gè)電熱水壺的電流相等D相同時(shí)間內(nèi)，兩個(gè)電熱水壺消耗的電能一樣多【分析】額定電壓是指用電器正常工作是的電壓；電功率是表示電流做功快慢的物理量；根據(jù)P=UI和W=Pt來(lái)作出分析和解答。【解答】解：A、兩電熱水壺的額定電壓相同，且都正常工作，所以它們兩端的電壓相等，故A錯(cuò)誤；B、甲的額定功率大于乙的額定功率，且都正常工作，根據(jù)電功率的物理意義可知，電流通過(guò)甲電熱水壺做功較快，故B正確；C、兩個(gè)電熱水壺都正常工作時(shí)，甲的額定功率大，根據(jù)P=UI可知，通過(guò)甲的電流大，故C錯(cuò)誤；D、兩個(gè)電熱水壺都正常工作時(shí)，通電時(shí)間相同，甲的額定功率大，根據(jù)W=Pt可知，甲消耗的電能多，故D錯(cuò)誤。故選：B。2（xx邵陽(yáng)）將規(guī)格都是“220V 180W”的一臺(tái)電冰箱、一臺(tái)電腦和一床電熱毯，分別接入同一家庭電路中，若通電時(shí)間相同，則下列說(shuō)法正確的是（）A電冰箱產(chǎn)生的熱量最多B電腦產(chǎn)生的熱量最多C電熱毯產(chǎn)生的熱量最多D三者產(chǎn)生的熱量一樣多【分析】由題意知，三種用電器的額定電壓都是220V，額定功率都是180W；家庭電路電壓是220V，把這三個(gè)用電器接入家庭電路，三個(gè)用電器都正常工作，實(shí)際功率相同都等于額定功率，通電時(shí)間相同，根據(jù)W=Pt可知消耗的電能相同；通過(guò)分析三種用電器工作時(shí)的能量轉(zhuǎn)化情況，找出產(chǎn)生熱量最多的用電器?！窘獯稹拷猓阂?yàn)榻釉诩彝ル娐分?，U=220V，所以三種用電器的實(shí)際功率：P實(shí)=P額=180W；又因?yàn)閃=Pt，用電器工作時(shí)間t相等，所以三種用電器消耗的電能相同，電冰箱電工作時(shí)，主要把電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，產(chǎn)生的熱量很小，電腦工作時(shí)，主要將電能轉(zhuǎn)化為光能和聲能，電熱毯工作時(shí)電熱絲產(chǎn)生熱量，幾乎把電能全部轉(zhuǎn)化為熱量，所以產(chǎn)生熱量最多的是電熱毯，故C正確。故選：C。3（xx宜昌）兩個(gè)定值電阻R1、R2并聯(lián)在電路中，如圖甲所示，它們的電流與其兩端的電壓關(guān)系如圖乙所示，閉合開關(guān)S，則R1，R2產(chǎn)生的熱量之比為（）A2：1B1：2C4：1D1：4【分析】根據(jù)圖象利用歐姆定律判定R1、R2的阻值關(guān)系；根據(jù)焦耳定律公式判定產(chǎn)生熱量的比值?！窘獯稹拷猓河蓤D可知，該電路為并聯(lián)電路，電壓是相同的，由圖乙可知，電壓相同，通過(guò)R1、R2的電流之比為2：1；根據(jù)I=可知，R1、R2的電阻之比為1：2；通電時(shí)間相同，電壓相同，則根據(jù)焦耳定律公式Q=W=可知，產(chǎn)生的熱量與電阻成反比，故熱量之比為2：1。故選：A。4（xx紹興）下列有關(guān)家庭電路的說(shuō)法正確的是（）A家庭電路中的插座應(yīng)與用電器串聯(lián)B家庭電路的電壓對(duì)于人體是安全的C測(cè)電筆可以辨別零線與地線D電能表用來(lái)測(cè)量用戶消耗的電能【分析】（1）明確家庭電路的各用電器都是并聯(lián)的；用電器與用電器之間、用電器與插座之間都是并聯(lián)的；（2）家庭電路的電壓是220V，人體安全電壓不高于36V；（3）使用測(cè)電筆可以辨別火線和零線。（4）根據(jù)電能表的用途進(jìn)行分析，即電能表是測(cè)量用戶在一定時(shí)間為消耗電能的多少?！窘獯稹拷猓篈、家庭電路中用電器與用電器、用電器與插座、插座與插座之間都是并聯(lián)連接的，故A錯(cuò)誤；B、對(duì)人體的安全電壓是不高于36V，家庭電路的電壓是220V，所以家庭電路的電壓對(duì)于人體是不安全的；故B錯(cuò)誤；C、零線、地線和大地間的電壓都是0V，用測(cè)電筆分別接觸零線與地線時(shí)，氖管都不發(fā)光，所以測(cè)電筆不能辨別零線與地線，但測(cè)電筆可以辨別火線和零線，故C錯(cuò)誤；D、電能表用來(lái)測(cè)量用戶在一定時(shí)間內(nèi)消耗的電能，并且根據(jù)電能的多少來(lái)收取電費(fèi)，故D正確。故選：D。5（xx欽州）電爐工作時(shí)，根據(jù)焦耳定律可知，相同時(shí)間內(nèi)電爐絲產(chǎn)生的熱量比導(dǎo)線多，所以電爐絲熱得發(fā)紅而連接電爐絲的導(dǎo)線不太熱，其原因是（）A電爐絲的電阻較大B電爐絲與導(dǎo)線是并聯(lián)的C電爐絲的橫截面大D通過(guò)電爐絲的電流較大【分析】由焦耳定律知道，電流通過(guò)導(dǎo)體產(chǎn)生的熱量跟電流的平方、導(dǎo)體電阻大小和通電時(shí)間成正比。電爐絲和連接的導(dǎo)線串聯(lián)在電路中（通過(guò)的電流相等），通電時(shí)間是相同的，而電爐絲的電阻比導(dǎo)線的電阻大，據(jù)焦耳定律分析判斷。【解答】解：電爐子在使用時(shí)，電爐絲和導(dǎo)線串聯(lián)，I電爐絲=I導(dǎo)線，通電時(shí)間t相同，因?yàn)镼=I2Rt，R電爐絲R導(dǎo)線，所以電流產(chǎn)生的熱量：Q電爐絲Q導(dǎo)線，從而出現(xiàn)電爐絲熱得發(fā)紅，而與電爐絲相連的導(dǎo)線卻不怎么發(fā)熱的現(xiàn)象。故選：A。6（xx北京）下列用電器中，利用電流熱效應(yīng)工作的是（）A電暖氣B計(jì)算器C電視機(jī)D筆記本電腦【分析】當(dāng)電流通過(guò)電阻時(shí)，電流做功而消耗電能，產(chǎn)生了熱量，這種現(xiàn)象叫做電流的熱效應(yīng)。根據(jù)各用電器的能量轉(zhuǎn)化可做出判斷?！窘獯稹拷猓篈、電暖氣工作時(shí)將電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，利用了電流的熱效應(yīng)，故A符合題意；B、計(jì)算器工作時(shí)主要把電能轉(zhuǎn)化為光能與聲能，不是利用電流熱效應(yīng)工作的，故B不符合題意；C、電視機(jī)工作時(shí)主要把電能轉(zhuǎn)化為光能與聲能，不是利用電流熱效應(yīng)工作的，故C不符合題意；D、筆記本電腦工作時(shí)主要把電能轉(zhuǎn)化為光能與聲能，不是利用電流熱效應(yīng)工作的，故D不符合題意。故選：A。7（xx樂山）下列家用電器中，利用電流熱效應(yīng)工作的是（）A電風(fēng)扇B洗衣機(jī)C電熱水壺D電視機(jī)【分析】電流的熱效應(yīng)就是把電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，據(jù)此分析即可判斷。【解答】解：A、電風(fēng)扇工作時(shí)將電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，不是利用電流熱效應(yīng)工作，故A不符合題意；B、洗衣機(jī)工作時(shí)將電能轉(zhuǎn)化機(jī)械能，不是利用電流熱效應(yīng)工作，故B不符合題意；C、電熱水壺工作時(shí)將電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，是利用電流熱效應(yīng)工作，故C符合題意；D、電視機(jī)工作時(shí)將電能轉(zhuǎn)化為光能和聲能，不是利用電流熱效應(yīng)工作，故D不符合題意。故選：C。8（xx玉林）如圖所示，電源電壓U為10V并保持不變，滑動(dòng)變阻器規(guī)格為“20 1A”。閉合開關(guān)S，當(dāng)滑片P移至最左端時(shí)，燈泡正常發(fā)光，電流表示數(shù)為0.5A；當(dāng)滑片P移至中點(diǎn)時(shí)，電流表示數(shù)為0.4A則（）A電路消耗的最小功率為2.5WB滑片P在中點(diǎn)時(shí)，燈泡消耗的功率為2.4WC滑片P在中點(diǎn)時(shí)，燈泡消耗的功率為3.2WD滑片P在最左端時(shí)，2min內(nèi)電流通過(guò)燈泡所做的功為10J【分析】（1）當(dāng)滑片P移至最左端時(shí)，電路為燈泡的簡(jiǎn)單電路，電流表測(cè)電路中的電流，此時(shí)燈泡正常發(fā)光，根據(jù)歐姆定律求出燈絲電阻；當(dāng)滑動(dòng)變阻器連入電路的電阻最大時(shí)電路消耗的功率最小，利用串聯(lián)電路的特點(diǎn)和P=即可求出假設(shè)燈泡電阻不變時(shí)的最小功率；然后即可比較判斷；（2）滑片P在中點(diǎn)時(shí)，根據(jù)歐姆定律求出滑動(dòng)變阻器兩端的電壓，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)求出燈泡兩端的電壓，根據(jù)P=UI求出燈泡的實(shí)際功率；（3）滑片P在最左端時(shí)，根據(jù)W=UIt求出5min內(nèi)電流通過(guò)燈泡做的功?！窘獯稹拷猓海?）當(dāng)滑片P移至最左端時(shí)，電路為燈泡的簡(jiǎn)單電路，電流表測(cè)電路中的電流，此時(shí)燈泡正常發(fā)光，由I=可得，燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻：RL=20；當(dāng)滑動(dòng)變阻器連入電路的電阻最大時(shí)，電路消耗的功率最小，若不考慮燈泡電阻隨溫度的變化，根據(jù)串聯(lián)電路的電阻特點(diǎn)可得，最小總功率：P最小=2.5W；由于燈泡不正常工作時(shí)的電阻低于正常工作時(shí)的電阻，所以，電路消耗的最小功率不是2.5W；故A錯(cuò)誤；（2）滑片P在中點(diǎn)時(shí)，電流表示數(shù)為0.4A，根據(jù)I=可得，此時(shí)滑動(dòng)變阻器兩端的電壓：U滑=IR滑=0.4A20=4V，因串聯(lián)電路中總電壓等于各電壓之和，所以，此時(shí)燈泡兩端的電壓：UL=UU滑=10V4V=6V，燈泡的實(shí)際功率：PL=ULI=6V0.4A=2.4W；故B正確，C錯(cuò)誤；（3）滑片P在最左端時(shí)，2min內(nèi)電流通過(guò)燈泡做的功：WL=UILt=10V0.5A260s=600J，故D錯(cuò)誤。故選：B。9（xx濰坊）最先精確確定電流產(chǎn)生的熱量跟電流、電阻和通電時(shí)間關(guān)系的物理學(xué)家是（）A歐姆B焦耳C奧斯特D法拉第【分析】在大量實(shí)驗(yàn)的基礎(chǔ)上，英國(guó)物理學(xué)家焦耳找出了電流產(chǎn)生的熱量與電流、電阻、通電時(shí)間間的關(guān)系，即發(fā)現(xiàn)了焦耳定律?！窘獯稹拷猓河?guó)物理學(xué)家焦耳做了大量實(shí)驗(yàn)，于1840年最先精確地確定了電流產(chǎn)生的熱量跟電流、電阻和通電時(shí)間的關(guān)系，得出Q=I2Rt；為了紀(jì)念他做出的貢獻(xiàn)，人們將他的名字命名為熱量（能量）的單位，故選：B。10（xx海南）如圖所示，A、B為兩盞白熾燈，A燈型號(hào)是“110V 25W”，B燈型號(hào)是“110V 100W”，R是一個(gè)未知電阻。若把它們接到電壓為220V的電路上，下面四種接法中可能讓兩盞燈都正常發(fā)光的電路是（）ABCD【分析】（1）根據(jù)串聯(lián)電路電阻的分壓特點(diǎn)可知，電壓相等時(shí)，電阻也要相等。（2）已知電源電壓相等，根據(jù)公式P=可知，電路中電阻越大。消耗的功率就越小，先根據(jù)公式R=分別求出燈泡A和燈泡B的電阻，再求出A、B、C圖總電阻進(jìn)行比較，即可得出結(jié)論?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)公式P=可知，燈泡A的電阻RA=484，燈泡B的電阻RB=121。A、圖中燈泡A和B的并聯(lián)，電壓為220V，則A、B兩端電壓均為220V，大于其額定電壓，故兩盞燈都不正常發(fā)光，故A不符合題意；B、圖中燈泡A和B的串聯(lián)在電壓為220V的電路中，由于兩燈泡電阻不同，所以兩燈泡兩端的電壓都不是其額定電壓110V，則兩盞燈都不正常發(fā)光，故B不符合題意；C、圖是燈泡A和可變電阻并聯(lián)后又和燈泡B串聯(lián)，燈泡要想正常工作，必須滿足燈泡A與可變電阻R并聯(lián)后和燈泡B的電阻相等；但并聯(lián)電路中，電阻越并越小，小于任何一個(gè)分電阻，所以此電路中燈泡A和燈泡B能正常工作，故C符合題意；D、圖是燈泡B和可變電阻并聯(lián)后又和燈泡A串聯(lián)，燈泡要想正常工作，必須滿足燈泡B與可變電阻并聯(lián)后和燈泡A的電阻相等；并聯(lián)電路，電阻更小；故燈泡A和燈泡B不能正常工作時(shí)，故D不符合題意；故選：C。11（xx荊門）如圖所示的電路，電源電壓為3V且保持不變，定值電阻R1=1，滑動(dòng)變阻器R2阻值范圍為04閉合開關(guān)S，在滑片從左向右移動(dòng)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A滑動(dòng)變阻器的最大功率為1.44WB滑動(dòng)變阻器的最大功率為2WC滑動(dòng)變阻器的最大功率為2.25WD電壓表示數(shù)從0V增大到2.4V【分析】由電路圖可知，R1與R2串聯(lián)，電壓表測(cè)R1兩端的電壓，電流表測(cè)電路中的電流。（1）根據(jù)電阻的串聯(lián)和歐姆定律表示出電路中的電流，根據(jù)P=I2R表示出滑動(dòng)變阻器消耗的電功率，然后分析表達(dá)式得出滑動(dòng)變阻器消耗最大功率時(shí)接入電路中的電阻，并求出其大??；（2）當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻為零時(shí)，電路為R1的簡(jiǎn)單電路，電壓表測(cè)電源兩端的電壓；當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最大時(shí)，電路中的電流最小，R1兩端的電壓最小，根據(jù)電阻的串聯(lián)和歐姆定律求出電路中的電流，再根據(jù)歐姆定律求出R1兩端的電壓，然后得出電壓表示數(shù)的變化?！窘獯稹拷猓河呻娐穲D可知，R1與R2串聯(lián)，電壓表測(cè)R1兩端的電壓，電流表測(cè)電路中的電流。（1）因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，所以，電路中的電流：I=，滑動(dòng)變阻器消耗的電功率：P2=I2R2=（）2R2=，所以，當(dāng)R2=R1=1時(shí)，滑動(dòng)變阻器消耗的電功率最大，則P2大=2.25W，故AB錯(cuò)誤、C正確；（2）當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻為零時(shí)，電路為R1的簡(jiǎn)單電路，電壓表測(cè)電源兩端的電壓，示數(shù)為3V，當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最大時(shí)，電路中的電流最小，R1兩端的電壓最小，此時(shí)電路中的電流：I=0.6A，電壓表的最小示數(shù)：U1=IR1=0.6A1=0.6V，所以，在滑片從左向右移動(dòng)的過(guò)程中，電壓表示數(shù)從3V減小到0.6V，故D錯(cuò)誤。故選：C。12（xx南京）如圖所示電路，電源電壓不變，小燈泡標(biāo)有“6V 3W“字樣，閉合開關(guān)后，當(dāng)滑片P移至某一位置時(shí)，小燈泡恰好正常發(fā)光，此時(shí)滑動(dòng)變阻器消耗的功率為P1；當(dāng)滑片P移至某一端點(diǎn)時(shí)，電流表示數(shù)為0.3A，電壓表示數(shù)變化了3V，此時(shí)滑動(dòng)變阻器消耗的功率為P2，且P1：P2=5：6下列判斷正確的是（）A滑動(dòng)變阻器的最大阻值為10B電路允許消耗的最大功率為4.5WC小燈泡正常發(fā)光時(shí)，滑片P位于滑動(dòng)變阻器中點(diǎn)位置D滑動(dòng)變阻器消耗的功率由P1變?yōu)镻2的過(guò)程中，小燈泡消耗的功率變化了0.6W【分析】（1）由電路圖可知，燈泡與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，電壓表測(cè)滑動(dòng)變阻器兩端的電壓，電流表測(cè)電路中的電流。根據(jù)滑片在某一位置和在一端時(shí)滑動(dòng)變阻器消耗的功率之比，算出電源電壓；當(dāng)滑片P移至某一端點(diǎn)時(shí)，電流表示數(shù)為0.3A，電流表示數(shù)減小，電阻變大，說(shuō)明滑片在最大阻值處，算出滑動(dòng)變阻器的最大阻值；（2）根據(jù)P=UI和燈泡的額定電流算出電路允許消耗的最大功率；（3）根據(jù)歐姆定律和小燈泡正常發(fā)光時(shí)，算出滑動(dòng)變阻器的電阻從而確定滑片P的位置；（4）根據(jù)P=UI算出小燈泡消耗的功率值以及變化值。【解答】解：由電路圖可知，燈泡與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，電壓表測(cè)滑動(dòng)變阻器兩端的電壓，電流表測(cè)電路中的電流。（1）設(shè)電源電壓為U，當(dāng)滑片P移至某位置時(shí)，小燈泡恰好正常發(fā)光，且串聯(lián)電路中電流處處相等，由P=UI可得，此時(shí)電路中的電流為：I=IL=0.5A，滑動(dòng)變阻器消耗的功率為：P1=（UUL）I=（U6V）0.5A當(dāng)滑片P移至某一端點(diǎn)時(shí)，電流表示數(shù)為0.3A，電流表示數(shù)減小，說(shuō)明變阻器接入的電阻變大，此時(shí)滑片在最大阻值處；變阻器接入的電阻變大，由串聯(lián)分壓規(guī)律可知，變阻器分得的電壓變大，所以，電壓表示數(shù)變化了3V即增大了3V，此時(shí)滑動(dòng)變阻器兩端的電壓為：U滑=U6V+3V=U3V，此時(shí)滑動(dòng)變阻器消耗的功率為：P2=U滑I=（U3V）0.3A已知P1：P2=5：6聯(lián)立解得，電源電壓U=9V；則滑動(dòng)變阻器的最大阻值為：R滑大=20，故A錯(cuò)誤；（2）燈泡的額定電流為0.5A，則電路中的最大電流為0.5A，電路允許消耗的最大功率：P大=UI大=9V0.5A=4.5W，故B正確；（3）小燈泡正常發(fā)光時(shí)，滑動(dòng)變阻器的電壓為：U滑=U6V=9V6V=3V，此時(shí)滑動(dòng)變阻器的電阻為：R滑=6，因?yàn)榛瑒?dòng)變阻器的最大阻值為20，所以此時(shí)滑片P不在中點(diǎn)位置，故C錯(cuò)誤；（4）由題意可知，小燈泡恰好正常發(fā)光，此時(shí)滑動(dòng)變阻器消耗的功率為P1，則此時(shí)燈泡消耗的功率PL=P額=3W，滑動(dòng)變阻器消耗的功率由P1變?yōu)镻2的過(guò)程中，電壓表示數(shù)變化了3V即增大了3V，由串聯(lián)電路的電壓規(guī)律可得，燈泡兩端的電壓減小了3V，則此時(shí)燈泡兩端的電壓UL=6V3V=3V，此時(shí)燈泡消耗的電功率：PL=ULI=3V0.3A=0.9W，則燈泡消耗的功率變化了：P=PLPL=3W0.9W=2.1W，故D錯(cuò)誤。故選：B。13（xx岳陽(yáng)）如圖，電源電壓恒為4.5V，的量程為“00.6A”，的量程為“03V“，燈泡上標(biāo)有“2.5V 1.25W”（不考慮燈絲電阻變化），滑動(dòng)變阻器R的規(guī)格為“20 1A”。閉合開關(guān)，在保證電路安全的情況下，移動(dòng)滑片P的過(guò)程中（）A的示數(shù)最大為0.6AB燈泡消耗的最小功率為0.12WC電路消耗的最大總功率為2.7WD滑動(dòng)變阻器接入電路的最小電阻為4【分析】由電路圖可知，燈泡與滑動(dòng)變阻器R串聯(lián)，電壓表測(cè)燈泡兩端的電壓，電流表測(cè)電路中的電流。（1）根據(jù)P=UI求出燈泡的額定電流，然后與電流表的量程和滑動(dòng)變阻器允許通過(guò)的最大電流相比較確定電路中的最大電流，此時(shí)滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最小，電路消耗的總功率最大，根據(jù)歐姆定律求出燈泡的電阻和電路的總電阻，利用電阻的串聯(lián)求出滑動(dòng)變阻器接入電路中的最小阻值，根據(jù)P=UI求出電路消耗的最大電功率；（2）當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最大時(shí)，電路中的電流最小，燈泡消耗的電功率最小，根據(jù)電阻的串聯(lián)和歐姆定律求出電路中的電流，再根據(jù)P=I2R求出燈泡消耗的最小功率?！窘獯稹拷猓河呻娐穲D可知，燈泡與滑動(dòng)變阻器R串聯(lián)，電壓表測(cè)燈泡兩端的電壓，電流表測(cè)電路中的電流。（1）由P=UI可得，燈泡的額定電流：IL=0.5A，故A錯(cuò)誤；因串聯(lián)電路中各處的電流相等，且電流表的量程為00.6A，滑動(dòng)變阻器允許通過(guò)的最大電流為1A，所以，電路中的最大電流I大=0.5A，此時(shí)滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最小，電路消耗的總功率最大，由I=可得，燈泡的電阻和電路的總電阻分別為：RL=5，R總=9，因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，所以，滑動(dòng)變阻器接入電路中的最小阻值：R小=R總RL=95=4，故D正確；電路消耗的最大總功率：P大=UI大=4.5V0.5A=2.25W，故C錯(cuò)誤；（2）當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最大時(shí)，電路中的電流最小，燈泡消耗的電功率最小，因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，所以，電路的最小電流：I小=0.18A，則燈泡消耗的最小功率：PL小=I小2RL=（0.18A）25=0.162W，故B錯(cuò)誤。故選：D。14（xx無(wú)錫）圖甲是模擬調(diào)光燈。電源電壓為4.0V；小燈泡額定電壓為2.5V，電流隨電壓變化的IU圖象如圖乙所示，小燈泡兩端電壓達(dá)到0.4V時(shí)“剛亮”；鉛筆芯長(zhǎng)15cm、阻值為30，其阻值與長(zhǎng)度成正比?；匦吾楢固定在鉛筆芯右端，回形針P可以在鉛筆芯上自由滑動(dòng)，該調(diào)光燈在使用時(shí)，以下說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A閉合開關(guān)，移動(dòng)P能連續(xù)調(diào)光B閉合開關(guān)，P滑到距A點(diǎn)10cm處，小燈泡的實(shí)際功率為0.15WC在距A點(diǎn)2.5cm處做標(biāo)記，可以提醒P向A滑過(guò)此處，小燈泡將不安全D小燈泡工作時(shí)，從“剛亮”到正常發(fā)光，實(shí)際功率變化范圍為0.048W0.75W【分析】（1）當(dāng)鉛筆芯電阻全部接入電路中時(shí)，根據(jù)串聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律表示出電源的電壓，根據(jù)圖象讀出符合要求的電流和電壓，然后判斷燈泡是否能發(fā)光，然后判斷移動(dòng)P時(shí)能否連續(xù)調(diào)光；（2）鉛筆芯長(zhǎng)15cm、阻值為30，其阻值與長(zhǎng)度成正比，據(jù)此求出P滑到距A點(diǎn)10cm處和P滑到距A點(diǎn)2.5cm處接入電路中的電阻，根據(jù)串聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律表示出電源的電壓，根據(jù)圖乙讀出符合要求的電流和電壓，根據(jù)P=UI求出小燈泡的實(shí)際功率，燈泡兩端的電壓大于額定電壓下時(shí)將不會(huì)安全；（3）根據(jù)P=UI求出小燈泡“剛亮”和正常發(fā)光時(shí)的功率，然后得出小燈泡工作時(shí)，從“剛亮”到正常發(fā)光時(shí)的實(shí)際功率變化范圍。【解答】解：A當(dāng)鉛筆芯電阻全部接入電路中時(shí)，因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，其各處的電流相等，所以，由I=可知，電源的電壓：U=UL+ILRP，即4.0V=UL+IL30，由圖乙可知，燈泡兩端的電壓UL=0.4V，通過(guò)燈泡的電流IL=0.12A時(shí)符合，此時(shí)小燈泡兩端電壓達(dá)到0.4V“剛亮”，所以，閉合開關(guān)，移動(dòng)P能連續(xù)調(diào)光，故A正確；B因鉛筆芯長(zhǎng)15cm、阻值為30，其阻值與長(zhǎng)度成正比，所以，P滑到距A點(diǎn)10cm處，接入電路中的電阻：RP=10cm=20，則電源的電壓：U=UL+ILRP，即4.0V=UL+IL20，由圖象可知，燈泡兩端的電壓UL=0.8V，通過(guò)燈泡的電流IL=0.16A時(shí)符合，此時(shí)小燈泡的實(shí)際功率：PL=ULIL=0.8V0.16A=0.128W，故B錯(cuò)誤；CP滑到距A點(diǎn)2.5cm處，接入電路中的電阻：RP=2.5cm=5，則電源的電壓：U=UL+ILRP，即4.0V=UL+IL5，由圖象可知，燈泡兩端的電壓UL=2.5V，通過(guò)燈泡的電流IL=0.3A時(shí)符合，此時(shí)燈泡正常發(fā)光，所以，在距A點(diǎn)2.5cm處做標(biāo)記，可以提醒P向A滑過(guò)此處，小燈泡兩端的電壓超過(guò)額定電壓將不安全，故C正確；D小燈泡“剛亮”時(shí)的實(shí)際功率：PL=ULIL=0.4V0.12A=0.048W，小燈泡正常發(fā)光時(shí)的實(shí)際功率：PL=ULIL=2.5V0.3A=0.75W，所以，小燈泡工作時(shí)，從“剛亮”到正常發(fā)光，實(shí)際功率變化范圍為0.048W0.75W，故D正確。故選：B。15（xx通遼）小明同學(xué)在進(jìn)行電學(xué)知識(shí)復(fù)習(xí)時(shí)，針對(duì)電阻甲和乙的IU圖象，作出了如下判斷，正確的是（）A甲、乙串聯(lián)在電路中，相同時(shí)間內(nèi)甲、乙產(chǎn)生熱量之比為2：1B甲、乙并聯(lián)在電路中，相同時(shí)間內(nèi)甲、乙消耗電能之比為1：2C將甲和乙并聯(lián)，當(dāng)甲兩端電壓為2V時(shí)，則它們的干路電流為0.6AD將甲和乙串聯(lián)，當(dāng)它們兩端電壓為3V時(shí)，通過(guò)甲的電流為0.6A【分析】（1）（2）根據(jù)串并聯(lián)電路的特點(diǎn)、Q=I2Rt求出它們產(chǎn)生熱量和消耗電能的比值；（3）（4）根據(jù)串并聯(lián)電路的電流、電壓關(guān)系判定各個(gè)選項(xiàng)?！窘獯稹拷猓篈、甲、乙串聯(lián)在電路中，電流是相同的，由圖象可知，當(dāng)電流都為0.2A時(shí)，甲的電壓為1V，乙的電壓為2V，即甲兩端的電壓是乙兩端電壓的（取其它電流值仍然存在這樣的關(guān)系），根據(jù)Q=I2Rt=UIt可知，相同時(shí)間內(nèi)甲、乙產(chǎn)生熱量之比為1：2，故A錯(cuò)誤；B、甲、乙并聯(lián)在電路中，電壓是相同的，由圖象可知，當(dāng)電壓為2V時(shí)，甲的電流是0.4A，乙的電流是0.2A，即甲的電流是乙的電流的2倍，根據(jù)Q=I2Rt=UIt可知，相同時(shí)間內(nèi)甲、乙產(chǎn)生熱量之比為2：1，故B錯(cuò)誤；C、將甲和乙并聯(lián)，并聯(lián)電路各支路兩端的電壓相等；當(dāng)甲兩端電壓為2V時(shí)，由圖象可知，通過(guò)甲的電流為0.4A，通過(guò)乙的電流為0.2A，根據(jù)并聯(lián)電路的電流關(guān)系可知，干路電流為0.4A+0.2A=0.6A，故C正確；D、將甲和乙串聯(lián)，電流相同，由圖象可知，當(dāng)電路中的電流為0.2A時(shí)，甲的電壓為1V，乙的電壓為2V，滿足它們兩端電壓（總電壓）為3V，所以由串聯(lián)電路的電流特點(diǎn)可知，通過(guò)甲的電流為0.2A，故D錯(cuò)誤。故選：C。16（xx內(nèi)江）將規(guī)格為“2.5V 0.3A”的小燈泡L1和規(guī)格為“3.8V 0.3A”的小燈泡L2串聯(lián)，接在3V的電源上，下列判斷正確的是（）AL1的電阻大于L2的電阻BL1的亮度比L2的亮度更小C兩只燈泡都正常發(fā)光D兩只燈泡實(shí)際功率相等【分析】根據(jù)電路圖可知，兩燈泡串聯(lián)；先根據(jù)歐姆定律的變形公式R=比較兩燈泡阻值的大小，根據(jù)串聯(lián)電路電流的特點(diǎn)以及P=I2R比較燈泡的明暗程度。根據(jù)P=I2R分析兩只燈泡實(shí)際功率?！窘獯稹拷猓篈、由歐姆定律的變形公式R=可得：R L1RL2；故A錯(cuò)誤；B、因?yàn)榇?lián)電路處處電流相等，由P=I2R可知，電流一定時(shí)，電阻越大，功率越大，因此燈泡L1的實(shí)際功率小于燈泡L2的實(shí)際功率，即燈泡L2更亮，故B正確；C、兩只燈泡都沒有在額定電壓下工作，所以都不正常發(fā)光，故C錯(cuò)誤；D、因兩燈泡的電阻不等，由P=I2R可知，兩只燈泡實(shí)際功率不相等，故D錯(cuò)誤。故選：B。17（xx深圳）如圖為“探究焦耳定律”的實(shí)驗(yàn)裝置。兩個(gè)相同的燒瓶中密封初溫相同、質(zhì)量相等的煤油，通電一段時(shí)間后，右側(cè)玻璃管中液面比左側(cè)高。下列說(shuō)法正確的是（）A通過(guò)玻璃管中液面的高度判斷電流產(chǎn)生熱量的多少，這種方法是控制變量法B右側(cè)電阻絲的阻值比左側(cè)小C通過(guò)右側(cè)電阻絲的電流比左側(cè)小D該裝置用于探究電流通過(guò)導(dǎo)體產(chǎn)生的熱量多少與電阻大小的關(guān)系【分析】（1）根據(jù)轉(zhuǎn)換法分析；（2）U形管中的液面越高，表明產(chǎn)生的熱量越多，結(jié)合焦耳定律進(jìn)行解答；（3）在串聯(lián)電路中，各處的電流是相同的；（4）根據(jù)控制變量法分析。【解答】解：A、通過(guò)玻璃管中液面的高度判斷電流產(chǎn)生熱量的多少，這屬于轉(zhuǎn)換法，故A錯(cuò)誤；C、由圖知，兩電阻絲串聯(lián)，根據(jù)串聯(lián)電路的電流特點(diǎn)可知，各處的電流是相同的，故C錯(cuò)誤；B、兩個(gè)相同的燒瓶中密封初溫相同、質(zhì)量相等的煤油，通電一段時(shí)間后，右側(cè)玻璃管中液面比左側(cè)高，說(shuō)明電流通過(guò)右側(cè)電阻絲產(chǎn)生的熱量多；電流和通電時(shí)間均相同，根據(jù)焦耳定律Q=I2Rt可知，右側(cè)電阻絲的阻值大，故B錯(cuò)誤；D、由前面解答可知，通過(guò)電阻絲的電流和通電時(shí)間均相同，由于左右兩側(cè)電阻絲的阻值不同，所以探究的是電流通過(guò)導(dǎo)體產(chǎn)生的熱量多少與電阻大小的關(guān)系，故D正確。故選：D。18（xx沈陽(yáng)）如圖所示，電源電壓保持不變，R1=15，閉合開關(guān)S1，斷開開關(guān)S2，電流表示數(shù)為0.2A；同時(shí)閉合開關(guān)S1、S2，電流表示數(shù)為0.5A，此時(shí)R1、R2的電功率分別為P1、P2下列判斷正確的是（）AP1：P2=2：3 R1：R2=2：5BP1：P2=2：3 R1：R2=3：2CP1：P2=3：2 R1：R2=2：5DP1：P2=3：2 R1：R2=3：2【分析】由電路圖可知，閉合開關(guān)S1，斷開開關(guān)S2時(shí)，電路為R1的簡(jiǎn)單電路，電流表測(cè)通過(guò)R1的電流；同時(shí)閉合開關(guān)S1、S2時(shí)，R1與R2并聯(lián)，電流表測(cè)干路電流，根據(jù)并聯(lián)電路中各支路獨(dú)立工作、互不影響可知通過(guò)R1的電流不變，根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點(diǎn)求出通過(guò)R2的電流，利用并聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)和歐姆定律求出兩電阻的阻值之比，根據(jù)P=UI求出兩電阻的電功率之比?！窘獯稹拷猓河呻娐穲D可知，閉合開關(guān)S1，斷開開關(guān)S2時(shí)，電路為R1的簡(jiǎn)單電路，電流表測(cè)通過(guò)R1的電流；同時(shí)閉合開關(guān)S1、S2時(shí)，R1與R2并聯(lián)，電流表測(cè)干路電流，因并聯(lián)電路中各支路獨(dú)立工作、互不影響，所以，通過(guò)R1的電流不變，因并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，所以，通過(guò)R2的電流：I2=II1=0.5A0.2A=0.3A，因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，所以，由I=可得，兩電阻的阻值之比：=，故AC錯(cuò)誤；由P=UI可得，兩電阻的電功率之比：=，故B正確、D錯(cuò)誤。故選：B。19（xx達(dá)州）如圖所示電路，電源電壓不變，閉合開關(guān)S，當(dāng)滑片P置于變阻器的B端時(shí)，電壓表的示數(shù)為6V，在10s內(nèi)定值電阻R1產(chǎn)生的熱量為36J；當(dāng)滑片P置于變阻器的中點(diǎn)時(shí)，電壓表的示數(shù)變化了2V下列結(jié)果正確的是（）AR1先后兩次消耗的電功率之比為3：4B滑動(dòng)變阻器R2的最大阻值為10C電源電壓為10VDR1的阻值為20【分析】由電路分析可知，R1與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，電壓表測(cè)量滑動(dòng)變阻器兩端的電壓；由滑片的移動(dòng)和電壓表示數(shù)變化可知滑片滑到B點(diǎn)時(shí)電壓表的示數(shù)，則由歐姆定律可表示出滑片在不同位置時(shí)滑動(dòng)變阻器兩端的電壓與電源電壓電阻間的關(guān)系，聯(lián)立可解得R1與R2最大值之間的關(guān)系及電源的電壓； 由功率公式可求得R1的阻值，則可求得R2的最大阻值；最后由功率公式分別求得R1先后兩次消耗的電功率，即可求得比值?！窘獯稹拷猓河呻娐穲D可知，R1與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，電壓表測(cè)量滑動(dòng)變阻器兩端的電壓；當(dāng)滑片在B端時(shí)，由歐姆定律可知，電流中的電流：I1=，則滑動(dòng)變阻器兩端的電壓（電壓表的示數(shù)）：U2=I1R2=6V由題意知，當(dāng)滑片滑到中點(diǎn)處時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電阻變小，變阻器分得電壓變小，即電壓表示數(shù)應(yīng)減小，所以，滑片滑到中點(diǎn)時(shí)，滑動(dòng)變阻器兩端電壓為U2=6V2V=4V；同理可得，滑動(dòng)變阻器兩端的電壓（電壓表的示數(shù)）：U2=4V：可得： =，解得R1=R2將代入： =6V，可得電源電壓：U=12V，故C錯(cuò)誤；當(dāng)滑片滑到B端時(shí)，R1兩端電壓為：U1=UU2=12V6V=6V；由Q=t=36J可得：R1=10s=10，故D錯(cuò)誤；因R2=R1，所以變阻器R2的最大阻值為10，故B正確；滑片在中點(diǎn)時(shí)，R1兩端的電壓為U1=UU2=12V4V=8V，則R1先后兩次的電壓之比為： =，由P=可得R1先后兩次消耗的電功率之比： =，故A錯(cuò)誤。故選：B。20（xx湘西州）以下所列家用電器中，正常工作時(shí)，電能主要轉(zhuǎn)化為機(jī)械能的是（）A電風(fēng)扇B電水壺C 電飯煲D 電視機(jī)【分析】電流做功的過(guò)程實(shí)質(zhì)上是電能轉(zhuǎn)化為其它形式能的過(guò)程，用電器消耗了電能，獲得了其它形式的能量，就是一個(gè)電流做功的過(guò)程?！窘獯稹拷猓涸诔Ｒ姷募矣秒娖髦校婏L(fēng)扇主要把電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能；而電水壺、電飯煲主要把電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能；電視機(jī)主要將電能轉(zhuǎn)化為光能和聲能。故選：A。21（xx福建）新的國(guó)家標(biāo)準(zhǔn)對(duì)廷長(zhǎng)線插座配用電纜的導(dǎo)線橫截面積要求進(jìn)行了修改，額定電流16A的延長(zhǎng)線插座，導(dǎo)線最小標(biāo)稱橫截面積由1mm2提升到1.5mm2增大導(dǎo)線橫截面積的目的是（）A增大導(dǎo)線的電阻B減小通過(guò)導(dǎo)線的電流C增大導(dǎo)線的電壓D減小導(dǎo)線發(fā)熱的功率【分析】根據(jù)影響電阻大小的因素分析導(dǎo)線的橫截面積變大時(shí)其電阻的變化，電流一定時(shí)，根據(jù)歐姆定律分析導(dǎo)線兩端的電壓變化，根據(jù)P=I2R分析導(dǎo)線的發(fā)熱功率變化，要注意通過(guò)導(dǎo)線的電流與插座上用電器消耗的電功率有關(guān)。【解答】解：A廷長(zhǎng)線的材料和長(zhǎng)度相同時(shí)，增大導(dǎo)線橫截面積可以減小導(dǎo)線的電阻，故A錯(cuò)誤；B通過(guò)導(dǎo)線的電流與插座上用電器消耗的電功率有關(guān)，無(wú)法判斷通過(guò)導(dǎo)線電流的變化，故B錯(cuò)誤；C在通過(guò)導(dǎo)線的電流一定時(shí)，導(dǎo)線的電阻減小，由U=IR可知，可以減小導(dǎo)線兩端的電壓，故C錯(cuò)誤；D在通過(guò)導(dǎo)線的電流一定時(shí)，導(dǎo)線的電阻減小，由P=I2R可知，可以減小導(dǎo)線發(fā)熱的功率，故D正確。故選：D。22（xx瀘州）小明家有額定電壓相同的微波爐和電視機(jī)各一臺(tái)，按照每度電0.55元的計(jì)費(fèi)標(biāo)準(zhǔn)，將這兩個(gè)用電器正常工作1h所用的電費(fèi)繪制成了如圖所示的柱狀圖，對(duì)小明家的這兩個(gè)用電器，下列判斷正確的是（）A微波爐正常工作時(shí)的電壓大于電視機(jī)正常工作時(shí)的電壓B微波爐正常工作時(shí)的電流等于電視機(jī)正常工作時(shí)的電流C微波爐正常工作時(shí)的電功率大于電視機(jī)正常工作時(shí)的電功率D每月在微波爐上用的電費(fèi)一定比在電視機(jī)上用的電費(fèi)多【分析】（1）根據(jù)用電器正常工作時(shí)的電壓與額定電壓相等分析判斷；（2）從柱狀圖可知兩用電器正常工作1小時(shí)的電費(fèi)，進(jìn)而知道消耗的電能，再根據(jù)P=和P=UI判斷通過(guò)用電器的電功率和電流；（3）電能計(jì)算：W=Pt；電能的多少與電功率大小和時(shí)間長(zhǎng)短有關(guān)；【解答】解：A、用電器正常工作時(shí)的電壓等于額定電壓，由于微波爐和電視機(jī)的額定電壓相同，所以這兩個(gè)用電器正常工作時(shí)的電壓相等，故A錯(cuò)誤；BC、由柱狀圖可知，微波爐正常工作1小時(shí)的電費(fèi)比電視機(jī)高，而單價(jià)是一定的，所以微波爐消耗電能多，根據(jù)P=可知，微波爐電功率大于電視機(jī)的電功率，故C正確；電壓相同，由P=UI可知，微波爐正常工作時(shí)的電流大，故B錯(cuò)誤；D、雖然微波爐電功率大，由于不知道一個(gè)月內(nèi)它們的實(shí)際工作時(shí)間，根據(jù)W=Pt知無(wú)法判斷微波爐和電視機(jī)消耗的電能的多少，所以無(wú)法比較電費(fèi)的多少，故D錯(cuò)誤。故選：C。23（xx無(wú)錫）用如圖的裝置探究影響電流熱效應(yīng)的因素”，電阻絲R1和R2分別密封在兩只完全相同的燒瓶中，且R1R2，瓶中裝有質(zhì)量相等的煤油。下列說(shuō)法正確的是（）A該裝置用來(lái)探究電流熱效應(yīng)與電流大小的關(guān)系B閉合開關(guān)后，裝R1電阻絲的燒瓶中溫度計(jì)示數(shù)上上升較快C實(shí)驗(yàn)中，通過(guò)溫度計(jì)示數(shù)的變化來(lái)比較電阻絲產(chǎn)生生熱量的多少D將某一燒瓶中的煤油換成等質(zhì)量的水，可比較煤油和水的比熱容大【分析】（1）根據(jù)裝置中的相同點(diǎn)、不同點(diǎn)，利用控制變量法分析；（2）由焦耳定律Q=I2Rt分析放出熱量的多少；（3）通過(guò)觀察燒瓶中溫度計(jì)示數(shù)的變化來(lái)判斷電阻絲發(fā)熱的多少屬于轉(zhuǎn)換法；（4）由吸熱公式Q吸=cmt可知，要比較水和煤油的比熱容大小，應(yīng)讓兩瓶中水和煤油的質(zhì)量m相等、吸收的熱量相等（加熱時(shí)間相等），通過(guò)比較它們升高的溫度大小關(guān)系，得出比熱容的大小關(guān)系?！窘獯稹拷猓篈、由圖可知，兩電阻絲串聯(lián)，電流相同，通電時(shí)間也相同，但電阻不同，故該實(shí)驗(yàn)探究的是電流產(chǎn)生的熱量與電阻的關(guān)系，故A錯(cuò)誤；B、由焦耳定律Q=I2Rt可知，電流和通電時(shí)間相同時(shí)，電阻越大，放出的熱量越多，由于R1R2，故R2放出的熱量多，溫度計(jì)示數(shù)升的高，故B錯(cuò)誤；C、通電后電流通過(guò)電阻絲做功，產(chǎn)生熱量使煤油的溫度升高，通過(guò)觀察溫度計(jì)的示數(shù)大小來(lái)判斷電流產(chǎn)生的熱量的多少，這個(gè)研究方法可以稱之為轉(zhuǎn)換法，故C正確；D、要比較水和煤油的比熱容，則應(yīng)讓水和煤油的質(zhì)量相等、吸收的熱量（加熱時(shí)間）相等，由溫度的變化大小得出比熱容的大小關(guān)系；故用相同質(zhì)量的水代替煤油，兩瓶中都有相同阻值相同的電阻絲，電阻相等；故D錯(cuò)誤。故選：C。24（xx黃石）將A、B兩個(gè)燈泡，按圖一、圖二兩種方式連接，已知RA=4、RB=6，電源電壓相同，下面分析正確的是（）A圖一中A燈比B燈亮B圖二中A燈比B燈亮C圖一中A燈比圖二中A燈亮D圖一中的總功率比圖二中的總功率要大【分析】（1）圖一中，兩燈泡串聯(lián)，通過(guò)它們的電流相等，根據(jù)P=UI=I2R比較兩燈泡的實(shí)際功率關(guān)系，實(shí)際功率大的燈泡較亮；（2）圖二中，兩燈泡并聯(lián)，它們兩端的電壓相等，根據(jù)P=UI=比較兩燈泡的實(shí)際功率關(guān)系，然后判斷亮暗關(guān)系；（3）根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)和并聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)分析兩圖中A燈兩端的電壓關(guān)系，根據(jù)P=UI=比較兩種情況下A燈的實(shí)際功率關(guān)系，然后判斷亮暗關(guān)系；（4）根據(jù)電阻的串并聯(lián)比較兩圖的總電阻關(guān)系，根據(jù)P=UI=比較兩種情況下電路的總功率關(guān)系。【解答】解：A圖一中，兩燈泡串聯(lián)，因串聯(lián)電路中各處的電流相等，且燈泡的亮暗取決于實(shí)際功率的大小，A燈泡的電阻較小，由P=UI=I2R可知，A燈泡的實(shí)際功率較小，即A燈比B燈暗，故A錯(cuò)誤；B圖二中，兩燈泡并聯(lián)，因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，所以，由P=UI=可知，A燈泡的電阻較小，其實(shí)際功率較大，A燈比B燈亮，故B正確；C由于圖一中A燈泡兩端的電壓小于電源電壓，圖二中A燈泡兩端的電壓等于電源的電壓，所以，由P=UI=可知，圖一中A燈泡的實(shí)際功率較小，燈泡較暗，即圖一中A燈比圖二中A燈暗，故C錯(cuò)誤；D因串聯(lián)電路中總電阻大于任何一個(gè)分電阻，并聯(lián)電路中總電阻小于任何一個(gè)分電阻，所以，圖一中的總電阻大于圖二中的總電阻，由P=UI=可知，圖一中的總功率比圖二中的總功率要小，故D錯(cuò)誤。故選：B。25（xx連云港）如圖所示，電源電壓恒為15V，定值電阻R的阻值為20，閉合開關(guān)后，使變阻器的阻值減小5，電流表示數(shù)變化了0.1A，則下列說(shuō)法正確的是（）A電流表示數(shù)減小了0.1AB電壓表示數(shù)減小了0.5VC定值電阻的電功率增大了0.2WD電路總功率增大了1.5W【分析】（1）由圖R與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，電壓表測(cè)滑動(dòng)變阻器兩端電壓，電流表測(cè)的電路中電流，根據(jù)歐姆定律判斷電流表示數(shù)變化情況；（2）根據(jù)串聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律先求出變阻器連入電路的阻值，然后分別根據(jù)電功率公式求出功率?！窘獯稹拷猓河蓤D可知，變阻器R變與R串聯(lián)在電路中，電壓表測(cè)滑動(dòng)變阻器兩端電壓，電流表測(cè)電路中電流；A、使變阻器的阻值減小5，根據(jù)串聯(lián)電路的電阻特點(diǎn)可知總電阻變小，由于電源電壓不變，根據(jù)I=可知電路中電流變大，所以電流表示數(shù)變化了0.1A，應(yīng)是增大0.1A，故A錯(cuò)誤；B、設(shè)原來(lái)變阻器接入電路的阻值為R變，變阻器的阻值減小5后，此時(shí)變阻器接入電路的阻值為R變5，由題意可知：I=I2I1=0.1A，即：=0.1A，所以，=0.1A，解得：R變=10，R變=45（舍去），所以，I1=0.5A，I2=0.6A，則電壓表示數(shù)變化量：U變=I2（R變5）I1R變=0.6A（105）0.5A10=2V，所以電壓表示數(shù)減小了2V；故B錯(cuò)誤；C、定值電阻電功率的增大量：P1=I22RI12R=（0.6A）220（0.5A）220=2.2W，故C錯(cuò)誤；D、總功率的增大量：P=UI2UI1=15V0.6A15V0.5A=1.5W，故D正確。故選：D。26（xx武漢）如圖所示，電源電壓U保持不變。當(dāng)開關(guān)S2閉合、S1和S3斷開，滑動(dòng)變阻器的滑片在最右端時(shí)，電路的總功率為P1，再將滑片滑至最左端，有一只電表的示數(shù)變?yōu)樵瓉?lái)的；當(dāng)開關(guān)S1和S3閉合、S2斷開，滑動(dòng)變阻器的滑片從最右端滑至中點(diǎn)時(shí)，R3的功率增大了0.05W，且滑片在中點(diǎn)時(shí)，電壓表V1的示數(shù)為U1；當(dāng)所有開關(guān)閉合，滑動(dòng)變阻器的滑片在最左端時(shí)，電路的總功率為P2，兩只電流表示數(shù)相差0.3A已知P1：P2=2：15，下列結(jié)論正確的是（）AP2=5.4WBU=12VCU1=6VDR2=20【分析】（1）當(dāng)開關(guān)S2閉合、S1和S3斷開，滑動(dòng)變阻器的滑片在最右端時(shí)，R2與R3的最大阻值串聯(lián)，電壓表V1測(cè)R2兩端的電壓，電壓表V2測(cè)電源兩端的電壓，電流表A1測(cè)電路中的電流；再將滑片滑至最左端時(shí)，R2與R3的最大阻值串聯(lián)，電壓表V1、V2均測(cè)R2兩端的電壓，電流表A1測(cè)電路中的電流，據(jù)此可知示數(shù)變化的電表為V2，并得出R2兩端的電壓，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)求出R3兩端的電壓，根據(jù)串聯(lián)電路的電流特點(diǎn)和歐姆定律表示出兩電阻的阻值之比；（2）當(dāng)開關(guān)S2閉合、S1和S3斷開，滑動(dòng)變阻器的滑片在最右端時(shí)，根據(jù)電阻的串聯(lián)和P=表示出電路中的總功率P1；當(dāng)所有開關(guān)閉合，滑動(dòng)變阻器的滑片在最左端時(shí)，R1與R2并聯(lián)，電流表A2測(cè)干路電流，電流表A1測(cè)R2支路的電流，根據(jù)并聯(lián)電路的特點(diǎn)和電功率公式表示出電路的總功率P2，利用P1：P2=2：15得出等式即可求出R1與R2的阻值關(guān)系；利用并聯(lián)電路的電流特點(diǎn)結(jié)合兩只電流表示數(shù)相差0.3A即可得出電源的電壓和R2的阻值關(guān)系；當(dāng)開關(guān)S1和S3閉合、S2斷開時(shí)，R1與R3串聯(lián)，電壓表V1測(cè)R1兩端的電壓，電壓表V2測(cè)電源兩端的電壓，電流表A2測(cè)電路中的電流，根據(jù)串聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律求出滑片位于最右端和中點(diǎn)時(shí)電路中的電流，利用P=I2R結(jié)合R3的功率變化即可求出R3的阻值，進(jìn)一步求出R1和R2的阻值以及電源的電壓，利用歐姆定律求出U1的大小，最后根據(jù)并聯(lián)電路的特點(diǎn)和P=求出P2的大小?！窘獯稹拷猓海?）當(dāng)開關(guān)S2閉合、S1和S3斷開，滑動(dòng)變阻器的滑片在最右端時(shí)，等效電路圖如圖1所示；再將滑片滑至最左端時(shí)，等效電路圖如圖2所示：由圖1和圖2可知，示數(shù)變化的電表為V2，且R2兩端的電壓UR2=U，因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，所以，R3兩端的電壓UR3=U，則UR2：UR3=1：4，因串聯(lián)電路中各處的電流相等，所以，由I=可得：=，即R3=4R2；（2）當(dāng)開關(guān)S1和S3閉合、S2斷開，滑動(dòng)變阻器的滑片位于最右端時(shí)，等效電路圖如圖3所示；滑片位于中點(diǎn)時(shí)，等效電路圖如圖4所示；當(dāng)所有開關(guān)閉合，滑動(dòng)變阻器的滑片在最左端時(shí)，電路的等效電路圖如圖5所示：因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，所以，圖1中，電路的總功率：P1=，因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，且電路的總功率等于各用電器功率之和，所以，圖5中，電路的總功率：P2=+，由P1：P2=2：15可得：15P1=2P2，即15=2（+），解得：R1=2R2因并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，且圖5中兩只電流表示數(shù)相差0.3A，所以，圖5中，通過(guò)R1的電流：I5=II4=0.3A，則=0.3A，即=0.6A圖3中，電路中的電流：I2=0.6A=0.1A，圖4中，電路中的電流：I3=0.6A=0.15A，因圖4和圖3相比較R3的功率增大了0.05W，所以，由P=I2R可得：P3P3=I32R3I22R3=（0.15A）2R3（0.1A）2R3=0.05W，解得：R3=40，代入兩式可得：R1=20，R2=10，U=6V，故BD錯(cuò)誤；圖4中，U1=I3R1=0.15A20=3V，故C錯(cuò)誤；圖5中，P2=+=+=5.4W，故A正確。故選：A。27（xx恩施州）如圖，電路中L1“6V 3W“和L2“6V 6W”兩燈泡和滑動(dòng)變阻器R串聯(lián)，電源電壓恒為12V下列說(shuō)法正確的是（）A閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片P，兩燈泡均能正常發(fā)光B保證兩燈泡均不損壞，滑動(dòng)變阻器R連入電路的最小值為3C滑片P從最右端向左移動(dòng)，使某燈剛好正常發(fā)光，則此時(shí)另一盞燈的實(shí)際功率為1.5WD在保證電路安全的情況下，電路總功率最大可達(dá)到12W【分析】（1）閉合開關(guān)S，兩燈泡和滑動(dòng)變阻器R串聯(lián)，由于串聯(lián)電路的電流處處相等，則根據(jù)兩燈泡正常發(fā)光時(shí)的電流大小即可判斷；（2）已知兩燈泡的額定電壓和額定功率，根據(jù)公式P=UI先計(jì)算出兩燈正常發(fā)光時(shí)的電流，兩燈串聯(lián)后，正常發(fā)光的是電流較小的一個(gè)，再利用公式R=求出兩燈的電阻，利用歐姆定律求出總電阻，根據(jù)串聯(lián)電路的電阻特點(diǎn)即可求出R連入電路的最小值；（3）由于正常發(fā)光的是電流較小的一個(gè)，則根據(jù)P=I2R求出另一盞燈的實(shí)際功率；（4）在保證電路安全的情況下，電路中的電流達(dá)到正常發(fā)光時(shí)電流較小的燈泡的電流即為電路可達(dá)到的電流，利用P=UI即可求出最大功率，【解答】解：A、根據(jù)P=UI可得，燈泡正常工作的電流分別為：I1=0.5A，I2=1A；兩燈泡正常發(fā)光時(shí)的電流不相等；閉合開關(guān)S，兩燈泡和滑動(dòng)變阻器R串聯(lián)，由于串聯(lián)電路的電流處處相等，所以兩燈泡不能都正常發(fā)光；故A錯(cuò)誤；B、由于串聯(lián)電路的電流處處相等，兩燈泡正常發(fā)光時(shí)的電流I1I2，所以電路中的最大電流I=I1=0.5A，由歐姆定律可得總電阻：R=24；由P=可得，兩燈的電阻分別為：R1=12，R2=6；根據(jù)串聯(lián)電路的總電阻等于各分電阻之和可得，R連入電路的最小值：R最小=RR1R2=24126=6；故B錯(cuò)誤；C、滑片P從最右端向左移動(dòng)，使某燈剛好正常發(fā)光，則正常發(fā)光的是電流較小的一個(gè)燈泡L1，所以另一盞燈的實(shí)際功率：P2=I2R2=（0.5A）26=1.5W，故C正確；D、在保證電路安全的情況下，電路中的最大電流I=I1=0.5A，則整個(gè)電路的最大功率：P大=UI=12V0.5A=6W，故D錯(cuò)誤。故選：C。二填空題（共16小題）28（xx青島）某電視機(jī)的額定功率是l10w，則它正常工作時(shí)，電流是0.5A；1kWh的電能可供它止常工作的時(shí)間是9.1h（至少保留一位小數(shù)）【分析】電視機(jī)正常工作時(shí)的功率和額定功率相等，利用公式I=得到電視機(jī)的電流，再根據(jù)t=求出1kWh的電能可供電視機(jī)正常發(fā)光的時(shí)間。【解答】解：家庭電路的電壓是220V，電視機(jī)的額定功率是l10W，則它正常工作時(shí)，通過(guò)電視機(jī)的電流為：I=0.5A；1kWh的電能可供它正常工作的時(shí)間：t=9.1h。故答案為：0.5A；9.1h。29（xx攀枝花）如圖所示，測(cè)電筆正確的使用方法是乙（選填”甲”或“乙”），已知測(cè)電筆的電阻約為1.1106，氖管和人體的電阻比它小得多，可以忽略，請(qǐng)你計(jì)算“220V 40W”燈泡正常工作時(shí)的電流約為正確使用測(cè)電筆時(shí)通過(guò)人體電流的900倍（結(jié)果保留到整數(shù)）?！痉治觥空_使用試電筆的方法：站在地上手接觸試電筆的筆尾金屬體，筆尖接觸火線或零線。氖管發(fā)光的是火線，氖管不發(fā)光的是零線；三孔插座的左孔接零線，右孔接火線，上孔接地線，根據(jù)測(cè)電筆的正確使用方法進(jìn)行分析，即食指接觸測(cè)電筆末端的金屬部位，使電路形成通路；已知家庭電路電壓及測(cè)電筆電阻和燈泡額定電壓和額定功率，可以得到兩者通過(guò)的電流，比較得到結(jié)果?！窘獯稹拷猓菏褂脺y(cè)電筆時(shí)，拇指和中指不要接觸測(cè)電筆前端的金屬體，手必須接觸測(cè)電筆末端的金屬體，使電源和大地之間形成通路，故乙是正確的測(cè)量方法；通過(guò)測(cè)電筆的電流為I筆=2104A；因?yàn)镻=UI，所以通過(guò)燈泡的電流為I燈=0.18A，所以燈泡正常工作時(shí)的電流約為正確使用測(cè)電筆時(shí)通過(guò)人體電流的=900倍。故答案為：乙；900。30（xx湘西州）某學(xué)校傳達(dá)室里安裝有40W和20W兩種燈泡，晚上開燈時(shí)，同學(xué)們發(fā)現(xiàn)40W的比20W的亮。這說(shuō)明40W的燈泡比20W的燈泡實(shí)際功率大。（選填“大”或“小”）【分析】額定功率是燈泡在額定電壓下工作的電功率，燈泡的亮度取決于燈的實(shí)際功率?！窘獯稹拷猓阂?yàn)闊襞莸牧炼仁怯善鋵?shí)際功率所決定的，而40W的比20W的亮，所以40W的燈泡比20W的燈泡實(shí)際功率大。故答案為：大。31（xx重慶）丹麥物理學(xué)家奧斯特首先發(fā)現(xiàn)了電與磁之間存在本質(zhì)聯(lián)系，生產(chǎn)生活中的電磁起重機(jī)（選填“電磁起重機(jī)”“臺(tái)燈”或“電熱毯”）主要是利用電流磁效應(yīng)工作的?！痉治觥浚?）在1820年，丹麥物理學(xué)家奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流周圍存在著磁場(chǎng)；（2）通電導(dǎo)體周圍存在磁場(chǎng)，這叫做電流的磁效應(yīng)?！窘獯稹拷猓海?）奧斯特把通電直導(dǎo)線放在水平方向靜止的小磁針上，小磁針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，說(shuō)明受到磁力作用，實(shí)驗(yàn)表明電流周圍存在磁場(chǎng)；（2）通電導(dǎo)線周圍有磁場(chǎng)，這就是的電流的磁效應(yīng)，電磁起重機(jī)、電磁繼電器等都是利用該原理制成的；臺(tái)燈工作時(shí)把電能轉(zhuǎn)化為光和熱，不是利用電流磁效應(yīng)工作的；電熱毯是利用電流流過(guò)導(dǎo)體時(shí)發(fā)熱而工作的，應(yīng)用了電流的熱效應(yīng)。故答案為：奧斯特；電磁起重機(jī)。32（xx哈爾濱）“探究小燈泡電功率”的實(shí)驗(yàn)電路如圖甲，實(shí)驗(yàn)中選擇“2.5V”小燈泡，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片的過(guò)程發(fā)現(xiàn)燈亮度變化，這是由燈泡的實(shí)際功率變化引起的。實(shí)驗(yàn)得到燈的UI圖象如圖乙，則小燈泡的額定功率是0.75W?！痉治觥浚?）甲圖中，燈與變阻器串聯(lián)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片的過(guò)程中，電路中的電流變化，根據(jù)P=I2R分析燈的實(shí)際功率變化，燈的亮度由燈的實(shí)際功率決定；（2