單元質(zhì)檢六動量守恒定律(時間:45分鐘滿分:100分)一、選擇題(本題共8小題,每小題6分,共48分。在每小題給出的四個選項中,第15題只有一項符合題目要求,第68題有多項符合題目要求。全部選對的得6分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分)1.運動員向球踢了一腳,踢球時的力F=100 N,球在地面上滾動了t=10 s停下來,則運動員對球的沖量為()A.1 000 NsB.500 NsC.零D.無法確定答案D解析滾動了t=10s是地面摩擦力對足球的作用時間,不是踢球的力的作用時間,由于不能確定人作用在球上的時間,所以無法確定運動員對球的沖量。2.如圖所示,從豎直面上大圓的最高點A,引出兩條不同的光滑軌道AB和AC,端點都在大圓上。相同物體由靜止開始,從A點分別沿兩條軌道滑到底端,則下列說法中正確的是()A.物體到達(dá)底端的速度大小都相等B.物體重力的沖量都相同C.物體沿AB運動所用的時間小于沿AC運動所用的時間D.物體動量的變化率都相同答案B解析同一物體從靜止到達(dá)底端,由動能定理可知,重力做功的不一樣,所以它們到達(dá)底端的動能不同,物體到達(dá)底端的速度大小不相等,故A錯誤;對物體在斜面上受力分析,設(shè)軌道與豎直方向夾角為,由牛頓第二定律可求得,a=gcos,根據(jù)運動學(xué)公式x=12at2可得,2Rcos=12gcost2,因此下滑時間與斜面的傾角無關(guān),物體沿AB運動所用的時間等于沿AC運動所用的時間,根據(jù)沖量I=Ft可知物體重力的沖量都相同,故B正確,C錯誤;因初動量都為零,末動量不相等,根據(jù)動量的變化量p=mvt-mv0可知物體動量的變化量不相同,又由于運動時間相同,所以物體動量的變化率不相同,故D錯誤。3.某游樂場有n輛質(zhì)量均為m、形狀均相同的碰碰車,先將各車擺在間距均為s一條光滑直軌道上。第一輛碰碰車以速度v向第二輛碰碰車運動,依次使n輛碰碰車相碰,最終全部運動起來,設(shè)各碰碰車相碰后連在一起,忽略碰撞時間。則()A.各碰碰車相碰過程中,總動量和總機(jī)械能均守恒B.碰碰車最后的速度仍為vC.第一輛碰碰車以速度v給第二輛碰碰車的沖量大小為mvD.從第一輛碰碰車開始運動到全部碰碰車開始運動所需時間為s2vn(n-1)答案D解析各碰碰車相碰過程中,總動量守恒但總機(jī)械能不守恒,A錯誤。設(shè)第一輛碰碰車運動速度為v1,第一輛碰碰車與第二輛碰碰車相連后速度為v2,第二輛碰碰車與第三輛碰碰車相連后速度為v3,第n-1輛碰碰車與第n輛碰碰車相連后速度為vn,在連接過程中滿足動量守恒定律:第一輛碰碰車運動時,v1=v;第二輛碰碰車運動時,mv1=2mv2v2=v2,第三輛碰碰車運動時,2mv2=3mv3v3=13v,以此類推,第n輛碰碰車運動時,(n-1)mvn-1=nmvn,vn=vn(或者取n輛碰碰車為整體,由動量守恒定律得:mv=nmvn解得:vn=vn),B錯誤。第一輛碰碰車以速度v給第二輛碰碰車的沖量大小為I=mv-12mv=12mv,C錯誤。第一輛碰碰車開始運動到與第二輛碰碰車相連時所用時間為sv;第二輛碰碰車開始運動到與第三輛碰碰車相連時所用時間為:t2=2sv,由此可知:第n-1輛碰碰車開始運動到與第n輛碰碰車相連時所用時間為:tn-1=(n-1)sv,總時間t=t1+t2+t3+tn-1=sv+2sv+3sv+(n-1)sv=s2vn(n-1),D正確。4.(2018山東青島高三統(tǒng)一質(zhì)量檢測,16)如圖,連接有輕彈簧的物塊a靜止于光滑水平面上,物塊b以一定初速度向左運動。下列關(guān)于a、b兩物塊的動量p隨時間t的變化關(guān)系圖象,不合理的是()答案A解析物塊b以一定初速度向左運動與連接有輕彈簧的靜止物塊a相碰,中間彈簧先變被壓縮后又恢復(fù)原長,則彈力在碰撞過程中先變大后變小,兩物塊動量的變化率先變大后變小,故A項不合理。本題選不合理的,答案是A。5.(2018山東日照高三5月校際聯(lián)考,18)如圖所示,質(zhì)量為0.5 kg的小球在距離小車底部20 m高處以一定的初速度向左平拋,落在以7.5 m/s的速度沿光滑水平面向右勻速行駛的敞篷小車中,車底涂有一層油泥,車與油泥的總質(zhì)量為4 kg。設(shè)小球在落到車底前瞬間速度是25 m/s,重力加速度取10 m/s2。則當(dāng)小球與小車相對靜止時,小車的速度是()A.4 m/sB.5 m/sC.8.5 m/sD.9.5 m/s答案B解析小球做平拋運動,下落時間為t=2hg=2s,豎直方向速度大小為vy=gt=102=20m/s,小球在落到車底前瞬時速度是25m/s,根據(jù)速度合成原則,vx=v2-vy2=252-202=15m/s,小球與車在水平方向上動量守恒,以向右為正方向,得:Mv車-mvx=(m+M)v共解得:v共=5m/s。故B正確。6.(2018四川遂寧高三三診,20)如圖所示,質(zhì)量M=2 kg的半圓形槽物體A放在光滑水平地面上,槽內(nèi)表面光滑,其半徑r=0.6 m?，F(xiàn)有一個質(zhì)量m=1 kg的小物塊B在物體A的槽右端口獲得瞬時豎直向下的沖量I=2 Ns,此后物體A和物塊B相互作用,使物體A在地面上運動,則()A.在A、B間存在相互作用的過程中,物體A和物塊B組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒B.在A、B間存在相互作用的過程中,物體A和物塊B組成的系統(tǒng)動量守恒C.物塊B從槽口右端運動到左端時,物體A向右運動的位移是0.4 mD.物塊B最終可從槽口左端豎直沖出,到達(dá)的最高點距槽口的高度為0.2 m答案ACD解析在A、B間存在相互作用的過程中,只有重力做功,則物體A和物塊B組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒,選項A正確;在A、B間相互作用的過程中,水平方向受到的合外力為零,則物體A和物塊B組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒,選項B錯誤;物塊B從槽口右端運動到左端時,設(shè)物體A向右運動的位移是x,由水平方向動量守恒可知:Mx=m(2R-x),解得x=0.4m,選項C正確;物塊B最終可從槽口左端豎直沖出,由動量守恒可知,此時槽A的速度為零,B的速度大小等于初速度v0=Im=2m/s,則到達(dá)的最高點距槽口的高度為h=v022g=0.2m,選項D正確;故選ACD。點撥此題關(guān)鍵是知道在A、B間相互作用的過程中,水平方向受到的合外力為零,系統(tǒng)水平方向動量守恒;根據(jù)“人船模型”求解槽的位移。7.某同學(xué)將一質(zhì)量為m的小球A由地面豎直向上拋出,初速度的大小為v0,當(dāng)?shù)竭_(dá)最高點時,與另一質(zhì)量也為m、初速度的大小也為v0豎直下拋的小球B發(fā)生彈性碰撞(時間非常短),經(jīng)過一段時間A、B均落地。如果忽略空氣阻力,重力加速度大小為g。則下述正確的是()A.A在上升和下降過程中的動量的變化大小都為mv0B.A在上升和下降過程中的動量的變化的方向相同C.A落地時的動能為mv02D.A、B落地的時間差為(2-2)v0g答案BCD命題意圖本題考查動量守恒定律、動量定理等知識,意在考查考生的分析綜合能力。解題思路A與B發(fā)生彈性碰撞,根據(jù)動量守恒定律,二者速度發(fā)生交換,A做豎直下拋運動,B做自由落體運動,因此B落地時間為v0g;對A,上拋運動有0-v02=-2gh,豎直下拋運動有v2-v02=2gh,因此v=2v0,所以A落地時的動能為mv02,C正確;取向下為正方向,對A上升過程中動量的變化量為p1=0-(-mv0)=mv0,下拋過程中動量的變化量為p2=mv-mv0=(2-1)mv0,故A錯誤,B正確;根據(jù)動量定理mgtA=p2=(2-1)mv0,所以t=(2-2)v0g,D正確。8.(2018山東濟(jì)南二模)如圖甲所示,光滑水平面上有a、b兩個小球,a球向b球運動并與b球發(fā)生正碰后黏合在一起共同運動,其碰前和碰后的s-t圖象如圖乙所示,已知ma=5 kg,若b球的質(zhì)量為mb,兩球因碰撞而損失的機(jī)械能為E,則()A.mb=1 kgB.mb=2 kgC.E=15 JD.E=35 J答案AC解析s-t圖象的斜率表示速度,圖在碰撞前a球的速度為v0=61m/s=6m/s,碰撞后兩者的共同速度為v=51m/s=5m/s,根據(jù)動量守恒定律可得mav0=(ma+mb)v,解得mb=1kg,A正確B錯誤;根據(jù)能量守恒定律可得E=12mav02-12(ma+mb)v2=12562J-12652J=15J,C正確D錯誤。二、實驗題(10分)9.(2018浙江選考)小明做“探究碰撞中的不變量”實驗的裝置如圖所示,懸掛在O點的單擺由長為l的細(xì)線和直徑為d的小球A組成,小球A與放置在光滑支撐桿上的直徑相同的小球B發(fā)生對心碰撞,碰后小球A繼續(xù)擺動,小球B做平拋運動。(1)小明用游標(biāo)卡尺測小球A直徑如圖所示,則d=mm。又測得了小球A質(zhì)量m1,細(xì)線長度l,碰撞前小球A拉起的角度和碰撞后小球B做平拋運動的水平位移x、豎直下落高度h。為完成實驗,還需要測量的物理量有:。(2)若A、B兩球碰后粘在一起形成新單擺,其周期(選填“小于”“等于”或“大于”)粘合前單擺的周期(擺角小于5)。答案(1)14.40小球B質(zhì)量m1,碰后小球A擺動的最大角(2)大于解析游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù);根據(jù)球A擺動過程中機(jī)械能守恒來分析球A的速度,根據(jù)平拋運動規(guī)律來分析球B的速度,從而確定要測量的物理量;兩球粘在一起后球的重心發(fā)生變化,據(jù)此判斷擺長的變化,從而判斷周期的變化;(1)球的直徑為d=14mm+1208mm=14.40mm;根據(jù)機(jī)械能守恒定律可得碰撞前瞬間球A的速度(m1gl(1-cos)=12m1v12),碰撞后仍可根據(jù)機(jī)械能守恒定律計算小球A的速度,所以需要小球A碰后擺動的最大角;小球B碰撞后做平拋運動,根據(jù)平拋運動規(guī)律可得小球B的速度,要求B的動量所以需要測量小球B的質(zhì)量m2;(2)黏在一起后,球的重心發(fā)生變化,如圖所示,擺長發(fā)生變化,故根據(jù)單擺周期T=2Lg可得周期變大。三、計算題(本題共3小題,共42分)10.(12分)(2019山東青島調(diào)研)如圖,兩個質(zhì)量均為2 kg的物塊A、B,它們由一根長l=1 m的不可伸長輕繩拴接,現(xiàn)將兩物塊相互靠近置于傾角為=37的粗糙斜面上。物塊A與斜面間無摩擦,距離斜面底端x0=10.5 m,物塊B與斜面間的動摩擦因數(shù)=0.25,g取10 m/s2,將兩物塊由靜止同時釋放。求:(1)繩子繃緊瞬間兩物塊的速度;(2)物塊A到達(dá)斜面底端所用的時間;(3)物塊A到達(dá)斜面底端過程中輕繩對物塊B所做的功。答案(1)5 m/s(2)2 s(3)24 J解析根據(jù)牛頓第二定律分別求出AB的加速度,結(jié)合位移關(guān)系和動量守恒即可求出繩子繃緊瞬間兩物塊的速度;根據(jù)牛頓第二定律求出繩子繃緊后共同的加速度,再結(jié)合運動學(xué)公式即可求出運動總時間;根據(jù)動能定理即可求出物塊A到達(dá)斜面底端過程中輕繩對物塊B所做的功。(1)根據(jù)牛頓第二定律,對A可得:mgsin37=maA,對B可得:mgsin37-mgcos37=maB位移間的關(guān)系為:12aAt12-12aBt12=1根據(jù)速度時間關(guān)系:vA=aAt1vB=aBt1繩子繃緊瞬間兩物塊動量守恒:mvA+mvB=2mv0聯(lián)立以上并代入數(shù)據(jù)解得:v0=5m/s(2)繩子繃緊后,共同的加速度為:2mgsin37-mgcos37=2ma繩子繃緊瞬間A物塊距底端的距離為:x=x0-12aBt12-1繩子繃緊后則有:x=v0t2+12at22A運動的總時間為:t=t1+t2聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得:t=2s(3)物塊A到達(dá)斜面底端時B的速度為:v=v0+at2根據(jù)動能定理可得:W-mg(x0-1)cos37+mg(x0-1)sin37=12mv2代入數(shù)據(jù)解得:W=24J11.(14分)(2018安徽江南十校二模)如圖所示,粗糙水平地面上靜止放著相距d=1 m的兩塊相同長木板A、B,每塊木板長L,與地面的動摩擦因數(shù)1=0.2。一可視為質(zhì)點的物塊C以v0=8 m/s的初速度水平向右滑上木板A的左端,C的質(zhì)量為每塊木板質(zhì)量的2倍,C與木板的動摩擦因數(shù)2=0.4。若A、B碰后速度相同但不粘連,碰撞時間極短,且A和B碰撞時C恰好運動到A的最右端,最大靜摩擦力等于滑動摩擦力,重力加速度g取10 m/s2。求:(1)木板A與木板B相碰前瞬間的速度v1;(2)木板A的長度L;(3)A、B最終停下時,兩者間的距離。答案(1)2 m/s(2)5 m(3)1.5 m解析(1)設(shè)A、B的質(zhì)量為m,C、A的相互作用的過程中,對A由牛頓運動定律有22mg-1(m+2m)g=ma1,解得a1=2m/s2;A發(fā)生位移d與板B相碰,由運動規(guī)律有d=12a1t12,解得t1=1s;碰撞前A的速度為v1=a1t,解得v1=2m/s;(2)C、A相互作用的過程中,對C由牛頓運動定律可得22mg=2ma2,解得a2=4m/s2,C發(fā)生的位移x1=v0t-12a2t12,解得x1=6m;木板A的長度L=x1-d=5m;(3)碰撞前C的速度為v2=v0-a2t1,解得v2=4m/s;A、B相碰過程中動量守恒,有mv1=(m+m)v3,解得v3=1m/s;A、B分離后,A板做減速運動,有1mg=ma3,解得a3=2m/s2;從分離到停下,發(fā)生的位移為xA=v322a3=0.25m,B板以a1=2m/s2的加速度做勻加速運動,直到與C同速,設(shè)此過程經(jīng)歷時間為t2,有v4=v2-a2t2=v3+a1t2,解得t2=0.5s,v4=2m/s;此過程中B板的位移xB1=v3+v42t2=0.75m;此后B、C一起以a3=2m/s2的加速度做勻減速運動直到停下,發(fā)生的位移為xB2=v422a3=1m;所以最終停下來時,A、B板間的距離為x=xB1+xB2-xA=1.5m。12.(16分)如圖甲所示,半徑R=0.45 m的光滑圓弧軌道固定在豎直平面內(nèi),B為軌道的最低點,在光滑水平面上緊挨B點有一靜止的平板車,其質(zhì)量M=5 kg,長度L=0.5 m,車的上表面與B點等高。可視為質(zhì)點的物塊從圓弧軌道最高點A由靜止釋放,其質(zhì)量m=1 kg,g取10 m/s2。(1)求物塊滑到B點時對軌道壓力的大小;(2)若平板車上表面粗糙,物塊最終沒有滑離平板車,求物塊最終速度的大小;(3)若將平板車固定且在上表面鋪上一種動摩擦因數(shù)逐漸增大的特殊材料,物塊在平板車上向右滑動時,所受摩擦力Ff隨它距B點位移x的變化關(guān)系如圖乙所示,物塊最終滑離了平板車,求物塊滑離平板車時的速度大小v。答案(1)30 N(2)0.5 m/s(3)5 m/s解析(1)設(shè)物塊滑到B點時速度為vB,物塊從圓弧軌道A點滑到B點的過程中機(jī)械能守恒,則有mgR=12mvB2,解得vB=3m/s在B點,由牛頓第二定律得FN-mg=mvB2R解得FN=30N由牛頓第三定律可知,物塊滑到B點時對軌道的壓力FN=FN=30N(2)物塊滑上平板車后,系統(tǒng)的動量守恒,設(shè)物塊與平板車的最終速度為v共,則mvB=(m+M)v共解得v共=0.5m/s,即物塊最終速度的大小為0.5m/s(3)物塊在平板車上滑行時克服摩擦力做的功為Ff-x圖線與橫軸所圍的面積,故物塊克服摩擦力做的功為WFf=(2+6)0.52J=2J物塊在平板車上滑動過程中,由動能定理得-WFf=12mv2-12mvB2,解得v=5m/s