東北三省四市教研聯(lián)合體2018屆高三物理第一次模擬考試試題（含解析）二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，-共48分。在每小題給出的四個選項中，第1418題只有一項符合題目要求，第1921題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.如圖所示，物體A、B由跨過定滑輪且不可伸長的輕繩連接，由靜止開始釋放，在物體A加速下降的過程中，下列判斷正確的是( )A. 物體A和物體B均處于超重狀態(tài)B. 物體A和物體B均處于失重狀態(tài)C. 物體A處于超重狀態(tài)，物體B處于失重狀態(tài)D. 物體A處于失重狀態(tài)，物體B處于超重狀態(tài)【答案】D【解析】A加速下降，則加速度向下，輕繩的拉力小于重力，故A處于失重狀態(tài)；同時B加速上升，則加速度向上，輕繩的拉力大于重力，故B處于超重狀態(tài)，故ABC錯誤，D正確，故選D.2.2022年冬奧會將在中國舉辦的消息吸引了大量愛好者投入到冰雪運動中。若跳臺滑雪比賽中運動員在忽略空氣阻力的情況下，在空中的運動可看成平拋運動。運動員甲以一定的初速度從平臺飛出，軌跡為圖中實線所示，運動員乙以相同的初速度從同一點飛出，且質(zhì)量比甲大，則乙運動軌跡應為圖中的A. B. C. D. 【答案】A【解析】平拋運動分為水平方向勻速直線運動和豎直方向自由落體運動，在豎直方向上有，在水平方向上有：，解得：，說明以相同初速度從同一點做平拋運動，其運動軌跡方程與質(zhì)量無關，故乙的運動軌跡仍是實線，故選A.3.如圖所示，在直角坐標系xOy平面內(nèi)存在一正點電荷Q，坐標軸上有A、B、C三點，OA=OB=BC=a，其中A點和B點的電勢相等，O點和C點的電勢相等，靜電力常量為k，則下列說法正確的是（）A. 點電荷Q位于O點B. O點電勢比A點電勢高C. C點的電場強度大小為D. 將某一正試探電荷從A點沿直線移動到C點，電勢能一直減小【答案】C【解析】因A點和B點的電勢相等，O點和C點的電勢相等，故A、B到點電荷的距離相等，O、C到點電荷的距離也相等，則點電荷位置如圖所示由圖可知A錯誤，因點電荷帶正電，故離點電荷越近電勢越高，故O點電勢比A點低，故B錯誤，由圖可知OC的距離，根據(jù)，得，故C正確；由圖可知，將正試探電荷從A點沿直線移動到C點，電勢先升高再降低，故電勢能先增大再減小，故D錯誤，故選C.4.在研究甲、乙兩種金屬光電效應現(xiàn)象的實驗中，光電子的最大初動能Ek與入射光頻率v的關系如圖所示，則A. 兩條圖線與橫軸的夾角和一定不相等B. 若增大入射光頻率v，則所需的遏止電壓Uc隨之增大C. 若某一頻率的光可以使甲金屬發(fā)生光電效應，則一定也能使乙金屬發(fā)生光電效應D. 若增加入射光的強度，不改變?nèi)肷涔忸l率v，則光電子的最大初動能將增大【答案】B【解析】根據(jù)光電效應方程，可知圖線的斜率表示普朗克常量，故兩條圖線與橫軸的夾角和一定相等，故A錯誤；根據(jù)和，得，故增大入射光頻率v，則所需的遏止電壓隨之增大，故B正確；根據(jù)光電效應方程，當時，即甲的逸出功小于乙的逸出功，故當某一頻率的光可以使甲金屬發(fā)生光電效應，但此光不一定能使乙金屬發(fā)生光電效應，故C錯誤；光電子的最大初動能與入射光的頻率有關，與入射強度無關，故D錯誤，故選B.5.隨著電子技術的發(fā)展，霍爾傳感器被廣泛應用在汽車的各個系統(tǒng)中。其中霍爾轉(zhuǎn)速傳感器在測量發(fā)動機轉(zhuǎn)速時，情景簡化如圖（甲）所示，被測量轉(zhuǎn)子的輪齒（具有磁性）每次經(jīng)過霍爾元件時，都會使霍爾電壓發(fā)生變化，傳感器的內(nèi)置電路會將霍爾元件電壓調(diào)整放大，輸出一個脈沖信號，霍爾元件的原理如圖（乙）所示。下列說法正確的是（）A. 霍爾電壓是由于元件中定向移動的載流子受到電場力作用發(fā)生偏轉(zhuǎn)而產(chǎn)生的B. 若霍爾元件的前端電勢比后端低，則元件中的載流子為負電荷C. 在其它條件不變的情況下，霍爾元件的厚度c越大，產(chǎn)生的霍爾電壓越高D. 若轉(zhuǎn)速表顯示1800r/min，轉(zhuǎn)子上齒數(shù)為150個，則霍爾傳感器每分鐘輸出12個脈沖信號【答案】B【解析】元件內(nèi)載流子受到洛倫茲力和電場力的作用，故A錯誤；根據(jù)左手定則，電子向前端偏轉(zhuǎn)，前端帶負電，后端帶正電，所以前端的電勢低，符合要求，則元件中的載流子為負電荷，故B正確；當電場力和洛倫茲力平衡，有：，解得：，故當c增大時，U減小，故C錯誤；轉(zhuǎn)速， 則霍爾傳感器每分鐘輸出的脈沖信號個數(shù)為個，故D錯誤，故選B.6.2011年9月29日發(fā)射的“天宮一號”是我國第一個目標飛行器，預計2018年上半年實現(xiàn)“受控”墜落。目前“天宮一號”運行軌道平均高度約370公里，高度每天大約減少100米。若其運行軌道近似看成圓，在高度逐漸降低的過程中A. “天官一號”的引力勢能逐漸減小B. “天宮一號”的動能逐漸減小C. “天宮一號”的角速度逐漸減小D. 地球?qū)Α疤鞂m一號”的萬有引力逐漸增大【答案】AD【解析】根據(jù)萬有引力，可知當高度h降低時萬有引力做正功，引力勢能減小，動能增大，萬有引力逐漸增大，故AD正確，B錯誤；根據(jù)萬有引力提供向心力，得，得，當高度h降低時角速度增大，故C錯誤，故選AD.7.如圖所示，斜面1、曲面2和斜面3的頂端高度相同，底端位于同一水平面上，斜面1與曲面2的底邊長度相同。一物體與三個面間的動摩擦因數(shù)相同，在它由靜止開始分別沿三個面從頂端下滑到底端的過程中，下列判斷正確的是A. 物體減少的機械能B. 物體減少的機械能C. 物體到達底端時的速度D. 物體到達底端時的速度【答案】BD【解析】由功能關系可知物體克服摩擦力所做功，等于物體減少的機械能。當物體在斜面上滑動時，物體克服摩擦力所做功為，可知物體克服摩擦力所做功與BC邊長度有關，由于在軌道2上滑動時，為曲線運動，由牛頓第二定律可知，故在軌道2上滑動時滑動摩擦力大于，綜合上述分析；可得，故物體減少的機械能E2>El>E3；由動能定理可知 ，由于可得。故本題正確答案為BD8.如圖所示，光滑平行金屬導軌MN、PQ放置在同一水平面內(nèi)，M、P之間接一定值電阻R，金屬棒ab垂直導軌放置，導軌電阻不計，整個裝置處在豎直向上的勻強磁場中。t=0時對金屬棒施加水平向右的外力F，使金屬棒由靜止開始做勻加速直線運動。下列關于通過金屬棒的電流i、通過導軌橫截面的電荷量q、拉力F和拉力的功率P隨時間變化的圖象，正確的是A. B. C. D. 【答案】AC【解析】由題知，金屬棒由靜止開始做勻加速直線運動，則有：，根據(jù)法拉第電磁感應定律得：，則感應電流，故A正確；根據(jù)、和，得，而，故，故B錯誤；根據(jù)牛頓第二定律有：，解得：，故C正確；根據(jù)P=Fv，得，故D錯誤；故選AC.三、非選擇題：本卷包括必考題和選考題兩部分。第2232題為必考題，每個試題考生都必須作答。第3338題為選考題，考生根據(jù)要求作答。9.某研究性學習小組要研究彈簧的勁度系數(shù)與繞制彈簧的金屬絲直徑間的關系，為此他們選擇了同種材料制成的不同直徑的鋼絲來繞制彈簧。（1）進行此項實驗需要采用控制變量法，除了材料相同外，你認為還應控制哪些因素相同(寫出兩項即可)_、_。（2）用游標卡尺測量繞制彈簧的鋼絲直徑，某次測量示數(shù)如圖所示，則該鋼絲的直徑為_mm；（3）根據(jù)下表中相關數(shù)據(jù)，分析可得：在其它條件相同的情況下，彈簧的勁度系數(shù)與其所用鋼絲直徑的_次冪成正比。【答案】 (1). 彈簧的自然長度、總匝數(shù)、單位長度的匝數(shù) (2). 彈簧圈的直徑（半徑）、彈簧的粗細、彈簧的很截面積 (3). 1.4 (4). 4【解析】（1）由題可知，本實驗主要探案彈簧的勁度系數(shù)與材料直徑的關系，根據(jù)控制變量法可知，還要保證彈簧的自然長度、總匝數(shù)、單位長度的匝數(shù)等相同；（2）由圖可知，游標卡尺是10分度的，主尺上的讀數(shù)為，游標尺上讀數(shù)為，故讀數(shù)為；（3）根據(jù)表中數(shù)據(jù)可知，故彈簧的勁度系數(shù)與其所用鋼絲直徑的4次冪成正比.10.有一只靈敏電流計G，刻度盤上共有N格刻度而無具體示數(shù)，現(xiàn)要根據(jù)圖(a)所示電路測出此表的滿偏電流Ig和內(nèi)阻Rg。（1）請按原理圖(a)，將圖(b)中的實物電路連接完整_；（2）實驗中調(diào)節(jié)滑動變阻器R0和電阻箱R，使靈敏電流計剛好滿偏，讀出此時電壓表的示數(shù)U和電阻箱的阻值R1；然后再調(diào)節(jié)滑動變阻器R0和電阻箱R，使靈敏電流計剛好半偏，且電壓表的示數(shù)仍為U，讀出此時電阻箱的阻值R2。用U、R1和R2表示靈敏電流計的滿偏電流Ig和內(nèi)阻Rg，表達式Ig=_，Rg=_。（3）僅從實驗設計原理上看，這種測量方法得到滿偏電流的測量值與真實值相比_（選填“偏大”、“偏小”或“相等”)。【答案】 (1). (2). (3). (4). 相等【解析】（1）連接的實物圖如圖（2）當電流表滿偏時有：，當電流表半偏時有：，聯(lián)立解得：，.（3）實驗應用了等效代替法，兩種情況下電路兩端電壓相等，則電流表內(nèi)阻測量值等于真實值，故相等.11.如圖所示，在某電子設備中有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度大小為B。AC、AD兩塊擋板垂直紙面放置，夾角為90。一束電荷量為十q、質(zhì)量為m的相同粒子，從AD板上距A點為L的小孔P處以不同速率垂直于磁場方向射入，速度方向與AD板的夾角為60，不計粒子的重力和粒子間的相互作用。求：（1）直接打在AD板上Q點的粒子，其從P運動到Q的時間是多少?（2）直接垂直打在AC板上的粒子，其運動速率是多大?【答案】（1）（2）【解析】（1）根據(jù)已知條件畫出粒子的運動軌跡，如圖I所示粒子打在AD板上的Q點，圓心為，由幾何關系可知：軌跡對應的圓心角由洛倫茲力提供向心力，則有：圓周運動的周期公式為：聯(lián)立解得：則運動的時間為（2）粒子垂直打到AC板上，運動軌跡如圖II所示：由圖可知圓心為，設粒子運動的軌跡半徑為r，由幾何關系得：由洛倫茲力提供向心力：解得：12.如圖所示，光滑曲面與長度Llm的水平傳送帶BC平滑連接，傳送帶以vlm/s的速度順時針運行。質(zhì)量m1lkg的物塊甲（可視為質(zhì)點）從曲面上高hlm的A點由靜止釋放，物塊甲與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)0.2傳送帶右側(cè)光滑水平地面上有一個光滑的四分之一圓軌道狀物體乙，軌道末端與地面相切，質(zhì)量m23kg，重力加速度gl0m/s2求：（1）甲第一次運動到C點的速度大小；（2）甲第二次運動到C點的速度大小；（3）甲第二次到C點后經(jīng)多長時間再次到達C點。【答案】（1）（2）（3） 【解析】（1）物塊甲從A運動至B，由動能定理得：解得：假設物塊在傳送帶上一直做勻減速運動，由動能定理得：解得：因，故物塊甲第一次運動至C點的速度大小為（2）以物塊甲和物塊乙為研究對象，從甲滑上乙開始至甲滑下來的過程中，系統(tǒng)水平方向上動量守恒，則有：系統(tǒng)能量守恒，則有：聯(lián)立解得：則甲從乙物體上滑下后向左勻速運動，第二次到達C點的速度大小為2m/s（3）甲向左進入傳送帶，做勻減速運動，根據(jù)牛頓第二定律得：解得：從C運動B，由動能定理得：解得：到達B點的速度為物塊甲從C點運動到左端B點的時間為接著甲在傳送帶上向右做加速度仍為a的勻加速直線運動，設到與傳送帶共速時所用時間為，則有：甲在時間內(nèi)的位移為，由動能定理得：解得：甲與傳送帶共速后隨傳送帶一起勻速運動，位移為則所用的時間為故甲從第二次到第三次到達C的過程中的運動時間為13.如圖所示，“奧托循環(huán)”由兩條絕熱線和兩條等容線組成，其中，a-b和c-d為絕熱過程，b-c和d-a為等容過程。下列說法正確的是 。（填正確答案標號。選對1個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分。每選錯1個扣3分，最低得分為0分）Aa-b過程中，外界對氣體做功Ba-b過程中，氣體分子的平均動能不變Cb-c過程中，單位時間內(nèi)與器壁單位面積碰撞的分子數(shù)增多Dc-d過程中，單位體積內(nèi)氣體分子數(shù)減少Ed-a過程中，氣體從外界吸收熱量【答案】ACD【解析】【詳解】氣體的內(nèi)能只與溫度有關，根據(jù)熱力學第一定律有U=W+Q判斷氣體吸熱還是發(fā)熱；根據(jù)圖象利用理想氣體狀態(tài)方程對每一個過程進行分析即可。a-b過程為絕熱過程，Q=0，體積變小，外界對氣體做功，W>0，所以內(nèi)能U>0,溫度升高，氣體分子的平均動能變大，故A正確，B錯誤；b-c過程中，體積不變 ，由 ，可知壓強變大，溫度升高，故單位時間內(nèi)與器壁單位面積碰撞的分子數(shù)增多，故C正確；c-d過程中，為絕熱變化，體積變大，單位體積內(nèi)氣體分子數(shù)減少，故D正確；d-a過程中，為等容變化，壓強減小，溫度降低，由，可知，故，氣體放熱，故E錯誤；綜上分析，正確答案為ACD14.利用如圖所示的實驗裝置可測量粉末狀物體的體積。導熱性能良好的密閉容器，頂部連接一氣壓計可測出容器內(nèi)的氣體壓強，容器左端與一個帶有活塞的氣缸相連，右端有一個小門。把小門開啟，將活塞置于圖中l(wèi)位置，記錄此時氣壓計讀數(shù)po=1.00 atm。把小門封閉，將活塞緩慢推至圖中2位置，記錄此時氣壓計讀數(shù)p1=1.20 atm。此過程中，氣缸中氣體體積變化V=0.5 L。然后打開小門，將活塞恢復到l位置，放人待測粉末狀物體后封閉小門。再次將活塞緩慢推至2位置，記錄此時氣壓計讀數(shù)p2=1.25atm。整個過程中環(huán)境溫度不變，求待測粉末狀物體的體積?！敬鸢浮?.5L【解析】未放入粉末狀物體時，推動活塞時，氣體經(jīng)歷等溫壓縮過程，由玻意耳定律得：壓縮后氣體的體積為：放入粉末狀物體后，推動活塞時，氣體仍經(jīng)歷等溫變壓縮過程，由玻意耳定律得：壓縮前氣體的體積為：壓縮后體的體積為：代入數(shù)據(jù)得：15.插針法測量半圓形玻璃磚的折射率。將半圓形玻璃磚平放在白紙上，在白紙上先畫出玻璃磚的輪廓，并確定其圓心O的位置。再畫出一條通過圓心的直線，將兩枚大頭針P1、P2 豎直插在這條直線上，如圖所示。為了確定入射光線P1P2的折射光線方向，至少需要在玻璃磚另一側(cè)插入_枚大頭針；若測得人射光線與ON的夾角為，折射光線與OM的夾角為，則該玻璃磚的折射率為_?！敬鸢浮?(1). 1 (2). 【解析】(i)作出光路圖，如圖由圖可知只需要一根大頭針就可以確定出折射光線；(ii)由圖可知，入射角，折射角，根據(jù)折射定律得：.16.甲、乙兩列橫波傳播速率相同，分別沿x軸負方向和正方向傳播，t0時刻兩列波的前端剛好分別傳播到質(zhì)點A和質(zhì)點B，如圖所示，設to時刻為計時起點，已知甲波的頻率為5 Hz，求：(i)to時刻之前，x軸上的質(zhì)點C振動了多長時間？(ii)在to時刻之后的0.9 s內(nèi)，x=0處的質(zhì)點位移為+6 cm的時刻?！敬鸢浮?1) (2) 和【解析】（i）由題中條件可知，甲波的周期為：波速為：乙波的周期為：由圖可知，D點開始振動的時刻距圖中時刻為：得質(zhì)點D已振動時間：（ii）x0處的質(zhì)點位移為+6 cm，表明兩列波的波峰同時到達x0處。甲波的波峰到達x0處的時刻為：(m0、1、2、3）乙波的波峰到達x0處的時刻為： (n0、1、2、3）解得：m2n+1n0時，m1，t0.2 sn1時，m3，t0.6 sn2時，m5，t1 s可知：在之后的0.9 s內(nèi)，x0處的質(zhì)點位移為+6 cm的時刻為0.2 s和0.6 s