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(浙江專用)2020版高考數學一輪復習 專題3 導數及其應用 第18練 用導數研究函數的單調性練習(含解析).docx

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(浙江專用)2020版高考數學一輪復習 專題3 導數及其應用 第18練 用導數研究函數的單調性練習(含解析).docx

第18練 用導數研究函數的單調性 [基礎保分練] 1.設函數f(x)=x2-16lnx在區(qū)間[a-1,a+2]上單調遞減,則實數a的取值范圍是(  ) A.(1,3) B.(2,3) C.(1,2] D.[2,3] 2.(2019嘉興模擬)已知函數f(x)=ax3+ax2+x(a∈R),下列選項中不可能是函數f(x)的圖象的是(  ) 3.定義域為R的函數f(x)對任意x都有f(2+x)=f(2-x),且其導函數f′(x)滿足>0,則當2<a<4時,有(  ) A.f(2a)<f(log2a)<f(2) B.f(log2a)<f(2)<f(2a) C.f(2a)<f(2)<f(log2a) D.f(log2a)<f(2a)<f(2) 4.(2019金華一中模擬)已知定義在R上的可導函數f(x),滿足0<f′(x)<f(x),對a∈(1,+∞),則下列不等關系均成立的是(  ) A.f(1)>eaf(a),f(a)>eaf(1) B.f(1)>eaf(a),f(a)<eaf(1) C.f(1)<eaf(a),f(a)>eaf(1) D.f(1)<eaf(a),f(a)<eaf(1) 5.(2019臺州模擬)若定義在R上的函數f(x)滿足f(0)=0,且f(x)的導函數f′(x)的圖象如圖所示,記α=|f(-1)|+|f′(1)|,β=|f(1)|+|f′(-1)|,則(  ) A.α=β B.α>β C.α<β D.α=2β 6.已知函數f(x)的導函數f′(x)的圖象如圖所示,那么f(x)的圖象最有可能的是(  ) 7.已知函數f(x)是定義在R上的偶函數,當x>0時,xf′(x)>f(x),若f(2)=0,則不等式>0的解集為(  ) A.{x|-2<x<0或0<x<2} B.{x|x<-2或x>2} C.{x|-2<x<0或x>2} D.{x|x<-2或0<x<2} 8.已知函數y=f(x)在R上存在導函數f′(x),任意x∈R都有f′(x)<x,若f(4-m)-f(m)≥8-4m,則實數m取值范圍是(  ) A.[-2,2] B.[2,+∞) C.[0,+∞) D.(-∞,-2]∪[2,+∞) 9.定義1:若函數f(x)在區(qū)間D上可導,即f′(x)存在,且導函數f′(x)在區(qū)間D上也可導,則稱函數f(x)在區(qū)間D上存在二階導數,記作f″(x)=[f′(x)]′. 定義2:若函數f(x)在區(qū)間D上的二階導數恒為正,即f″(x)>0恒成立,則稱函數f(x)在區(qū)間D上為凹函數,已知函數f(x)=x3-x2+1在區(qū)間D上為凹函數,則x的取值范圍是________. 10.(2019嘉興測試)已知f(x)=2lnx+x2-5x+c在區(qū)間(m,m+1)上為遞減函數,則m的取值范圍為________. [能力提升練] 1.設函數f′(x)是函數f(x)(x∈R)的導函數,已知f′(x)<f(x),且f′(x)=f′(4-x),f(4)=0,f(2)=1,則使得f(x)-2ex<0成立的x的取值范圍是(  ) A.(-2,+∞) B.(0,+∞) C.(1,+∞) D.(4,+∞) 2.(2019溫州模擬)已知函數f(x)與f′(x)的圖象如圖所示,則g(x)=(  ) A.在(0,1)上是減函數 B.在(1,4)上是減函數 C.在上是減函數 D.在上是減函數 3.函數f(x)是定義在區(qū)間(0,+∞)上的可導函數,其導函數為f′(x),且滿足xf′(x)+2f(x)>0,則不等式<的解集為(  ) A.{x|x>-2013} B.{x|x<-2013} C.{x|-2013<x<0} D.{x|-2018<x<-2013} 4.設函數f′(x)是奇函數f(x)(x∈R)的導函數,當x>0時,xlnxf′(x)<-f(x),則使得(x2-4)f(x)>0成立的x的取值范圍是(  ) A.(-2,0)∪(0,2) B.(-∞,-2)∪(2,+∞) C.(-2,0)∪(2,+∞) D.(-∞,-2)∪(0,2) 5.已知函數f(x)=ex-e-x-2sinx,則不等式f(2x2-1)+f(x)≤0的解集為________. 6.若函數exf(x)(e=2.71828…是自然對數的底數)在f(x)的定義域上單調遞增,則稱函數f(x)具有M性質.下列函數中所有具有M性質的函數的序號為________. ①f(x)=2-x; ②f(x)=3-x; ③f(x)=x3; ④f(x)=x2+2. 答案精析 基礎保分練 1.C 2.D 3.A 4.D 5.C 6.B 7.C 8.B 9. 10. 能力提升練 1.B [設F(x)=,則F′(x)=<0,即函數F(x)在R上單調遞減,因為f′(x)=f′(4-x),即導函數y=f′(x)關于直線x=2對稱, 所以函數y=f(x)是中心對稱圖形,且對稱中心為(2,1), 由f(4)=0,即函數y=f(x)過點(4,0), 其關于點(2,1)的對稱點(0,2)也在函數y=f(x)上, 所以有f(0)=2,所以F(0)==2, 而不等式f(x)-2ex<0,即<2, 即F(x)<F(0),所以x>0, 故使得不等式f(x)-2ex<0成立的x的取值范圍是(0,+∞),故選B.] 2.C [根據導函數的幾何意義,易得函數f(x)與f′(x)的圖象如圖所示, 由圖易得當x=0或x=2時,f(x)=0,則函數g(x)=的定義域為(-∞,0)∪(0,2)∪(2,+∞),排除選項B,D;g′(x)=,由圖易得當x∈(0,1)時,f(x)>f′(x),即g′(x)=>0,所以函數g(x)=在(0,1)上是增函數,故選項A錯誤;又由圖易得當x∈時,f(x)<f′(x),即g′(x)=<0,所以函數g(x)=在上是減函數,故選C.] 3.D [構造函數g(x)=x2f(x), 則g′(x)=x[2f(x)+xf′(x)]. 當x>0時,∵2f(x)+xf′(x)>0, ∴g′(x)>0,∴g(x)在(0,+∞)上單調遞增. ∵不等式<, ∴當x+2018>0,即x>-2018時,(x+2018)2f(x+2018)<52f(5), ∴g(x+2018)<g(5),∴x+2018<5, ∴-2018<x<-2013.] 4.D [根據題意,設g(x)=lnxf(x)(x>0), 其導數g′(x)=(lnx)′f(x)+lnxf′(x)=f(x)+lnxf′(x), 又由當x>0時,lnxf′(x)<-f(x), 得g′(x)=f(x)+lnxf′(x)<0, 即函數g(x)在(0,+∞)上為減函數, 又由g(1)=ln1f(1)=0, 則在區(qū)間(0,1)上,g(x)=lnxf(x)>g(1)=0,又由lnx<0,得f(x)<0; 在區(qū)間(1,+∞)上,g(x)=lnxf(x)<g(1)=0,又由lnx>0,得f(x)<0, 則在(0,1)和(1,+∞)上f(x)<0, 當x>0時,xlnxf′(x)<-f(x), 令x=1得,0<-f(1),則f(1)<0, 即在(0,+∞)上f(x)<0, 又由f(x)為奇函數,則在區(qū)間(-∞,0)上,都有f(x)>0, (x2-4)f(x)>0? 或解得x<-2或0<x<2. 則x的取值范圍是(-∞,-2)∪(0,2),故選D.] 5. 解析 由題意得f(-x)=e-x-ex-2sin(-x)=e-x-ex+2sinx=-f(x), ∴函數f(x)是奇函數. 設x>0,則f′(x)=ex+e-x-2cosx, ∵x>0,∴ex+e-x>2=2, ∴f′(x)>0在(0,+∞)上恒成立, ∴函數f(x)在(0,+∞)上單調遞增. ∵函數f(x)是定義在R上的奇函數, ∴函數f(x)是R上的增函數, ∴f(2x2-1)≤-f(x)=f(-x), ∴2x2-1≤-x,∴-1≤x≤. 6.①④ 解析 對于①,f(x)=2-x,則g(x)=exf(x)=ex2-x=x為實數集上的增函數; 對于②,f(x)=3-x,則g(x)=exf(x)=ex3-x=x為實數集上的減函數; 對于③,f(x)=x3,則g(x)=exf(x)=exx3, g′(x)=exx3+3exx2=exx2(x+3), 當x<-3時,g′(x)<0, 當x>-3時,g′(x)>0, ∴g(x)=exf(x)在定義域R上先減后增; 對于④,f(x)=x2+2,則g(x)=exf(x)=ex(x2+2), g′(x)=ex(x2+2)+2xex=ex(x2+2x+2)>0在實數集R上恒成立, ∴g(x)=exf(x)在定義域R上是增函數. ∴具有M性質的函數的序號為①④.

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