第2講 解三角形、幾何中的應(yīng)用題考情考向分析和三角形有關(guān)的應(yīng)用題，可以利用正弦定理、余弦定理解三角形，進而解決實際問題；和幾何圖形有關(guān)的應(yīng)用題，可以利用平面幾何知識或者建立平面直角坐標(biāo)系轉(zhuǎn)化成解析幾何問題，利用直線或者曲線方程解決熱點一和解三角形有關(guān)的應(yīng)用題例1如圖所示，在某東西公交路線的南側(cè)有一個臨時?？空九_，為了方便乘客，打算在站臺的一面東西方向的長方形墻體ABHG上用AB5 m，BC1 m的矩形角鋼焊接成一個簡易的遮陽棚(將AB放在墻上)當(dāng)太陽光線與水平線的夾角分別滿足下列情況時，要使此時遮陽棚的遮陰面積最大，應(yīng)將遮陽棚ABCD所在的平面與矩形HEFG所在的路面所成的設(shè)置為多大角度？(1)90；(2)80.解(1)如圖1，當(dāng)90時，太陽光線垂直于地面，遮陽棚只有與地面平行時，遮陰面積最大，故遮陽棚ABCD所在的平面與水平面所成角0.(2)如圖2，在平面CBHE內(nèi)，過點C作直線IJ，與直線HE交于I，與直線HB的延長線交于J，并使得CIH80，由題意可知，CBH90.在RtIHJ中，tan 80，即HI，欲使得HI取到最大值，只需HBBJ取到最大值，而站臺高HB為定長，故只需BJ取到最大值即可在BCJ中，BJC10，BCJ80，由正弦定理得，即BJ，故當(dāng)10時，BJ取到最大值，此時HI也取到最大值，又S陰GHHI5HI，所以此時遮陽棚的遮陰面積最大思維升華用正、余弦定理去解決具體設(shè)計問題時，應(yīng)關(guān)注圖形的特點，找出已知量及所求的量，轉(zhuǎn)化為三角形的邊角，再利用正弦、余弦定理構(gòu)造方程或三角函數(shù)式求解跟蹤演練1如圖，某公園有三條觀光大道AB，BC，AC圍成直角三角形，其中直角邊BC200 m，斜邊AB400 m現(xiàn)有甲、乙、丙三位小朋友分別在AB，BC，AC大道上嬉戲，所在位置分別記為點D，E，F(xiàn).(1)若甲、乙都以每分鐘100 m的速度從點B出發(fā)在各自的大道上奔走，到大道的另一端時即停，乙比甲晚2分鐘出發(fā)，當(dāng)乙出發(fā)1分鐘后，求此時甲、乙兩人之間的距離；(2)設(shè)CEF，乙、丙之間的距離是甲、乙之間距離的2倍，且DEF，請將甲、乙之間的距離y表示為的函數(shù)，并求甲、乙之間的最小距離解(1)依題意得BD300 m，BE100 m，在ABC中，cos B，B，在BDE中，由余弦定理，得DE2BD2BE22BDBEcos B30021002230010070 000，DE100 m，答甲、乙兩人之間的距離為100 m.(2)由題意得EF2DE2y，BDECEF，在RtCEF中，CEEFcosCEF2ycos ，在BDE中，由正弦定理得，即，y，0，當(dāng)時，y有最小值50.答甲、乙之間的最小距離為50 m.熱點二和立體幾何有關(guān)的應(yīng)用題例2(2018淮安四市模擬)某藝術(shù)品公司欲生產(chǎn)一款迎新春工藝禮品，該禮品是由玻璃球面和該球的內(nèi)接圓錐組成，圓錐的側(cè)面用于藝術(shù)裝飾，如圖1.為了便于設(shè)計，可將該禮品看成是由圓O及其內(nèi)接等腰三角形ABC繞底邊BC上的高所在直線AO旋轉(zhuǎn)180而成，如圖2.已知圓O的半徑為10 cm，設(shè)BAO，0<<，圓錐的側(cè)面積為S cm2.(1)求S關(guān)于的函數(shù)關(guān)系式；(2)為了達到最佳觀賞效果，要求圓錐的側(cè)面積S最大求S取得最大值時腰AB的長度解(1)設(shè)AO的延長線交BC于點D，過O作OEAB，垂足為E，在AOE中，AE10cos ，AB2AE20cos ，在ABD中，BDABsin 20cos sin ，所以S400sin cos2，0<<.(2)要使側(cè)面積最大，由(1)得S400sin cos2400(sin sin3) 令xsin ，所以得f(x)xx3，由f(x)13x20得x，當(dāng)時，f(x)>0，當(dāng)x時，f(x)<0，所以f(x)在區(qū)間上單調(diào)遞增，在區(qū)間上單調(diào)遞減，所以f(x)在x時取得極大值，也是最大值；所以當(dāng)sin 時，側(cè)面積S取得最大值，此時等腰三角形的腰長AB20cos 2020.答側(cè)面積S取得最大值時，等腰三角形的腰AB的長度為 cm.思維升華 和立體幾何有關(guān)的應(yīng)用題，主要通過研究空間幾何體的結(jié)構(gòu)特征和面積、體積的計算解決實際問題，解題的關(guān)鍵是抓住物體的幾何特征，將實際中的物體抽象成立體幾何中的柱、錐、臺、球等規(guī)則幾何體跟蹤演練2(2018南通等六市模擬)將一鐵塊高溫融化后制成一張厚度忽略不計、面積為100 dm2的矩形薄鐵皮(如圖)，并沿虛線l1，l2裁剪成A，B，C三個矩形(B，C全等)，用來制成一個柱體現(xiàn)有兩種方案：方案：以l1為母線，將A作為圓柱的側(cè)面展開圖，并從B，C中各裁剪出一個圓形作為圓柱的兩個底面；方案：以l1為側(cè)棱，將A作為正四棱柱的側(cè)面展開圖，并從B，C中各裁剪出一個正方形(各邊分別與l1或l2垂直)作為正四棱柱的兩個底面(1)設(shè)B，C都是正方形，且其內(nèi)切圓恰為按方案制成的圓柱的底面，求底面半徑；(2)設(shè)l1的長為x dm，則當(dāng)x為多少時，能使按方案制成的正四棱柱的體積最大？解(1)設(shè)所得圓柱的半徑為r dm，則4r100，解得r.(2)設(shè)所得正四棱柱的底面邊長為a dm，則即所得正四棱柱的體積Va2x記函數(shù)p則p在上單調(diào)遞增，在上單調(diào)遞減當(dāng)x2時， pmax20.當(dāng)x2， a時， Vmax 20 dm3.又2ax，從而a.所得正四棱柱的體積Va2xa220a20.當(dāng)a， x2時， Vmax 20dm3.答(1)圓柱的底面半徑為 dm；(2)當(dāng)x為2時，能使按方案制成的正四棱柱的體積最大熱點三和解析幾何有關(guān)的應(yīng)用題例3如圖所示，某街道居委會擬在EF地段的居民樓正南方向的空白地段AE上建一個活動中心，其中AE30米活動中心東西走向，與居民樓平行從東向西看活動中心的截面圖的下部分是長方形ABCD，上部分是以DC為直徑的半圓為了保證居民樓住戶的采光要求，活動中心在與半圓相切的太陽光線照射下落在居民樓上的影長GE不超過2.5米，其中該太陽光線與水平線的夾角滿足tan .(1)若設(shè)計AB18米，AD6米，問能否保證上述采光要求？(2)在保證上述采光要求的前提下，如何設(shè)計AB與AD的長度，可使得活動中心的截面面積最大？(注：計算中取3)解如圖，以A為坐標(biāo)原點，AB所在直線為x軸，建立平面直角坐標(biāo)系(1)因為AB18米，AD6米，所以半圓的圓心為H(9,6)，半徑r9.設(shè)太陽光線所在直線方程為yxb，即3x4y4b0，則由9，解得b24或b(舍)故太陽光線所在直線方程為yx24, 令x30，得EG1.52.5.所以此時能保證上述采光要求(2)設(shè)ADh米，AB2r米，則半圓的圓心為H(r，h)，半徑為r.方法一設(shè)太陽光線所在直線方程為yxb，即3x4y4b0，由r，解得bh2r或bh(舍)故太陽光線所在直線方程為yxh2r，令x30，得EG2rh，由EG，得h252r.所以S2rhr22rhr22r(252r)r2r250r(r10)2250250.當(dāng)且僅當(dāng)r10時取等號所以當(dāng)AB20米且AD5米時，可使得活動中心的截面面積最大方法二欲使活動中心內(nèi)部空間盡可能大，則影長EG恰為2.5米，則此時點G為(30,2.5)，設(shè)過點G的上述太陽光線為l1，則l1所在直線方程為y(x30)，即3x4y1000.由直線l1與半圓H相切，得r.而點H(r，h)在直線l1的下方，則3r4h1000，即r，從而h252r.又S2rhr22r(252r)r2r250r(r10)2250250.當(dāng)且僅當(dāng)r10時取等號所以當(dāng)AB20米且AD5米時，可使得活動中心的截面面積最大思維升華以解析幾何為背景的應(yīng)用題，一般要建立坐標(biāo)系，然后轉(zhuǎn)化為三角知識或二次函數(shù)或用基本不等式來求解解析幾何型應(yīng)用題是高考的冷點，但在復(fù)習(xí)時要引起重視跟蹤演練3如圖是一塊地皮OAB，其中OA，AB是直線段，曲線段OB是拋物線的一部分，且點O是該拋物線的頂點，OA所在的直線是該拋物線的對稱軸經(jīng)測量，OA2 km，AB km，OAB.現(xiàn)要從這塊地皮中劃一個矩形CDEF來建造草坪，其中點C在曲線段OB上，點D，E在直線段OA上，點F在直線段AB上，設(shè)CDa km，矩形草坪CDEF的面積為f(a) km2.(1)求f(a)，并寫出定義域；(2)當(dāng)a為多少時，矩形草坪CDEF的面積最大？解(1)以O(shè)為原點，OA邊所在的直線為x軸，建立如圖所示的平面直角坐標(biāo)系，過點B作BGOA于點G，在RtABG中，AB，OAB，所以AGBG1，又因為OA2，所以O(shè)G1，則B(1,1)，設(shè)拋物線OCB的標(biāo)準(zhǔn)方程為y22px(p>0)，代入點B的坐標(biāo)，得p，所以拋物線的方程為y2x.因為CDa，所以AEEFa，則DE2aa2，所以f(a)a(2aa2)a3a22a，定義域為(0,1)(2)由(1)可知，f(a)a3a22a，則f(a)3a22a2，令f(a)0，得a. 當(dāng)0a時，f(a)0，f(a)在上單調(diào)遞增；當(dāng)a1時，f(a)0，f(a)在上單調(diào)遞減所以當(dāng)a時，f(a)取得極大值，也是最大值答當(dāng)a時，矩形草坪CDEF的面積最大1(2016江蘇)現(xiàn)需要設(shè)計一個倉庫，它由上下兩部分組成，上部分的形狀是正四棱錐P-A1B1C1D1，下部分的形狀是正四棱柱ABCD-A1B1C1D1(如圖所示)，并要求正四棱柱的高OO1是正四棱錐的高PO1的4倍(1)若AB6 m，PO12 m，則倉庫的容積是多少？(2)若正四棱錐的側(cè)棱長為6 m，則當(dāng)PO1為多少時，倉庫的容積最大？解(1)V6226224312(m3)(2)設(shè)PO1x，則O1B1(0<x<6)，B1C1，2(62x2)，又由題意可得下面正四棱柱的高為4x.則倉庫容積Vx2(62x2)2(62x2)4xx(36x2)(0<x<6)V(363x2)，由V0得x2或x2(舍去)由實際意義知V在x2(m)處取到最大值，故當(dāng)PO12 m時，倉庫容積最大2(2017江蘇)如圖，水平放置的正四棱柱形玻璃容器和正四棱臺形玻璃容器的高均為32 cm，容器的底面對角線AC的長為10 cm，容器的兩底面對角線EG，E1G1的長分別為14 cm和62 cm.分別在容器和容器中注入水，水深均為12 cm.現(xiàn)有一根玻璃棒l，其長度為40 cm(容器厚度、玻璃棒粗細均忽略不計)(1)將l放在容器中，l的一端置于點A處，另一端置于側(cè)棱CC1上，求l沒入水中部分的長度；(2)將l放在容器中，l的一端置于點E處，另一端置于側(cè)棱GG1上，求l沒入水中部分的長度解(1)由正四棱柱的定義可知，CC1平面ABCD，所以平面A1ACC1平面ABCD，CC1AC，如圖，記玻璃棒的另一端落在CC1上點M處因為AC10 cm，AM40 cm，所以MC30 (cm)，從而sinMAC.記AM與水面的交點為P1，過P1作P1Q1AC，Q1為垂足，則P1Q1平面ABCD，故P1Q112 cm，從而AP116 (cm)答玻璃棒l沒入水中部分的長度為16 cm.(如果將“沒入水中部分”理解為“水面以上部分”，則結(jié)果為24 cm)(2)方法一如圖，O，O1是正棱臺的兩底面中心由正棱臺的定義可知，OO1平面EFGH，所以平面E1EGG1平面EFGH，O1OEG.同理，平面E1EGG1平面E1F1G1H1，O1OE1G1.記玻璃棒的另一端落在GG1上的點N處過G作GKE1G1，K為垂足，則GKOO132 cm.因為EG14 cm，E1G162 cm，所以KG124 (cm)，從而GG140 (cm)設(shè)EGG1，ENG，則sin sincosKGG1.因為<<，所以cos .在ENG中，由正弦定理可得，解得sin .因為0<<，所以cos .于是sinNEGsin()sin()sin cos cos sin .記EN與水面的交點為P2，過P2作P2Q2EG，Q2為垂足，則P2Q2平面EFGH，故P2Q212，從而EP220 (cm)答玻璃棒l沒入水中部分的長度為20 cm.(如果將“沒入水中部分”理解為“水面以上部分”，則結(jié)果為20 cm)方法二記玻璃棒的另一端落在GG1上點N處，EN與水面的交點為P，過G1作G1HEG，垂足為H，易知G1H32 cm，GH24 cm，可得GG140 cm.所以cosG1GH，于是cosNGE.由余弦定理得EN2EG2GN22EGGNcosNGE，設(shè)GNx cm，上述方程整理得(x30)(5x234)0，x30.過點N作NKEG，垂足為K，過點P作PQEG，垂足為Q.由，得，解得KN24 cm.由，得，解得PE20 cm.答玻璃棒l沒入水中部分的長度為20 cm.(如果將“沒入水中部分”理解為“水面以上部分”，則結(jié)果為20 cm)方法三記玻璃棒的另一端落在GG1上點N處，EN與水面的交點為P，過G1作G1HEG，H為垂足，過N作NKEG，K為垂足，過P作PQEG，Q為垂足易知G1H32 cm，GH24 cm，得tanG1GH.所以，可設(shè)KN4x，GK3x.在RtEKN中，由勾股定理得(143x)216x2402，因式分解得(x6)(25x234)0，解得x6，KN24 cm，由，得，解得PE20 cm.答玻璃棒l沒入水中部分的長度為20 cm.(如果將“沒入水中部分”理解為“水面以上部分”，則結(jié)果為20 cm)3(2018江蘇揚州樹人學(xué)校模擬)某市為改善市民出行，準(zhǔn)備規(guī)劃道路建設(shè)，規(guī)劃中的道路MNP如圖所示，已知A，B是東西方向主干道邊兩個景點，且它們距離城市中心O的距離均為8 km，C是正北方向主干道邊上的一個景點，且距離城市中心O的距離為4 km，線路MN段上的任意一點到景點A的距離比到景點B的距離都多16 km，其中道路起點M到東西方向主干道的距離為6 km，線路NP段上的任意一點到O的距離都相等以O(shè)為原點、線路AB所在直線為x軸建立平面直角坐標(biāo)系xOy.(1)求道路MNP的曲線方程；(2)現(xiàn)要在道路MNP上建一站點Q，使得Q到景點C的距離最近，問如何設(shè)置站點Q的位置(即確定點Q的坐標(biāo))?解(1)因為線路MN段上的任意一點到景點A的距離比到景點B的距離都多16 km，所以線路MN段所在曲線是以點A，B為左、右焦點的雙曲線的右上支，則其方程為x2y264(8x10,0y6)因為線路NP段上的任意一點到O的距離都相等，所以線路NP段所在曲線是以O(shè)為圓心、以O(shè)N長為半徑的圓，由線路MN段所在曲線方程可求得N(8,0)，則其方程為x2y264(y0)，綜上得線路示意圖所在曲線的方程為MN段：x2y264(8x10,0y6)，NP段：x2y264 (8x8，y0)(2)當(dāng)點Q在MN段上時，設(shè)Q(x0，y0)，又C(0,4)，則CQ，由(1)得xy64，即CQ，故當(dāng)y02時，CQmin6 km.當(dāng)點Q在NP段上時，設(shè)Q(x1，y1)，又C(0,4)，則CQ，由(1)得xy64，即CQ，故當(dāng)y10時，CQmin4 km.因為6<4，所以當(dāng)Q的坐標(biāo)為(2，2)時，可使Q到景點C的距離最近4(2018南京、鹽城模擬)有一矩形硬紙板材料(厚度忽略不計)，一邊AB長為6分米，另一邊足夠長現(xiàn)從中截取矩形ABCD(如圖甲所示)，再剪去圖中陰影部分，用剩下的部分恰好能折卷成一個底面是弓形的柱體包裝盒(如圖乙所示，重疊部分忽略不計)，其中OEMF是以O(shè)為圓心、EOF120的扇形，且弧EF，GH分別與邊BC, AD相切于點M, N.(1)當(dāng)BE長為1分米時，求折卷成的包裝盒的容積；(2)當(dāng)BE的長是多少分米時，折卷成的包裝盒的容積最大？解(1)在圖甲中，連結(jié)MO交EF于點T.設(shè)OEOFOMR，在RtOET中，因為EOTEOF60，所以O(shè)T，則MTOMOT.從而BEMT，即R2BE2.故所得柱體的底面積SS扇形OEFSOEFR2R2sin 120.又所得柱體的高EG4，所以VSEG 4.答當(dāng)BE長為1分米時，折卷成的包裝盒的容積為立方分米(2)設(shè)BEx，則R2x，所以所得柱體的底面積SS扇形OEFSOEF R2R2sin 120x2.又所得柱體的高EG62x，所以VSEG ，其中0<x<3.令f(x)x33x2，x，則由f3x26x3x0，解得x2.列表如下：x(0,2)2(2,3)f(x)0f(x)極大值所以當(dāng)x2時， f(x)取得極大值，也是最大值答當(dāng)BE的長為2分米時，折卷成的包裝盒的容積最大A組專題通關(guān)1(2018南京模擬)如圖，公園里有一湖泊，其邊界由兩條線段AB，AC和以BC為直徑的半圓弧BC組成，其中AC為2(單位：百米)，ACBC，A為.若在半圓弧BC，線段AC，AB上各建一個觀賞亭D，E，F(xiàn)，再修兩條棧道DE，DF，使DEAB，DFAC. 記CBD.(1)試用表示BD的長；(2)試確定點E的位置，使兩條棧道長度之和最大解(1)連結(jié)DC.在ABC中，AC為2，ACBC，A為，所以CBA，AB4，BC2.因為BC為直徑，所以BDC，所以BDBCcos 2cos .(2)在BDF中，DBF，BFD，BD2cos ，所以由正弦定理得，所以DF4cos sin，且BF4cos2，所以DEAF44cos2，所以DEDF44cos24cos sinsin 2cos 232sin3.因為，所以2，所以當(dāng)2，即時，DEDF有最大值5，此時E與C重合答當(dāng)E與C重合時，兩條棧道長度之和最大2(2018常州期末)已知小明(如圖中AB所示)身高1.8米，路燈OM高3.6米， AB, OM均垂直于水平地面，分別與地面交于點A，O.點光源從M發(fā)出，小明在地上的影子記作AB.(1)小明沿著圓心為O，半徑為3米的圓周在地面上走一圈，求AB掃過的圖形面積；(2)若OA3米，小明從A出發(fā)，以1米/秒的速度沿線段AA1走到A1, OAA1，且AA110米t秒時，小明在地面上的影子長度記為f(單位：米)，求f的表達式與最小值解(1)由題意ABOM，則， OA3，所以O(shè)B6，小明在地面上的身影AB掃過的圖形是圓環(huán)，其面積為623227(平方米)(2)經(jīng)過t秒，小明走到了A0處，身影為A0B0，由(1)知，所以fA0B0OA0.化簡得f， 0<t10, f ，當(dāng)t時，f的最小值為.答f(0<t10)，當(dāng)t(秒)時，f的最小值為(米)3某企業(yè)擬建造如圖所示的容器(不計厚度，長度單位：米)，其中容器的中間為圓柱形，左右兩端均為半球形，按照設(shè)計要求容器的體積為 立方米，且l2r.假設(shè)該容器的建造費用僅與其表面積有關(guān)已知圓柱形部分每平方米建造費用為3千元，半球形部分每平方米建造費用為c(c3)千元，設(shè)該容器的建造費用為y千元(1)寫出y關(guān)于r的函數(shù)表達式，并求該函數(shù)的定義域；(2)求該容器的建造費用最小時的r.解(1)設(shè)容器的容積為V，由題意知Vr2lr3，又V，故lr，由于l2r，因此0r2，所以建造費用y2rl34r2c2r34r2c，因此y4(c2)r2，0r2.(2)由(1)得y8(c2)r，0r2.由于c3，所以c20，當(dāng)r30時，r .令 m，則m0，所以y(rm)(r2rmm2)當(dāng)0m2，即c時，當(dāng)rm時，y0；當(dāng)r(0，m)時，y0；當(dāng)r(m,2)時，y0.所以rm是函數(shù)y的極小值點，也是最小值點當(dāng)m2，即3c時，當(dāng)r(0,2)時，y0，函數(shù)單調(diào)遞減，所以r2是函數(shù)y的最小值點，綜上所述，當(dāng)3c，建造費用最小時r2米，當(dāng)c，建造費用最小時r米4(2018全國大聯(lián)考江蘇卷)有一塊邊長為4百米的正方形生態(tài)休閑園ABCD，園區(qū)一端是觀景湖EHFCD(注：EHF為拋物線的一部分)現(xiàn)以AB所在直線為x軸，以線段AB的垂直平分線為y軸，建立如圖所示的平面直角坐標(biāo)系xOy.觀景湖頂點H到邊AB的距離為百米EAFB百米現(xiàn)從邊AB上一點G(可以與A，B重合)出發(fā)修一條穿過園區(qū)到觀景湖的小路，小路與觀景湖岸HF段相切于點P.設(shè)點P到直線AB的距離為t百米(1)求PG關(guān)于t的函數(shù)解析式，并寫出函數(shù)的定義域；(2)假設(shè)小路每米造價m元，請問：t為何值時小路造價最低，最低造價是多少？解(1)由題意，設(shè)拋物線EHF上點的坐標(biāo)滿足函數(shù)yax2(a>0)，將點代入得，4a，解得a，即yx2.設(shè)點P的坐標(biāo)為，0<x02，則tx，yx，切線PG的斜率為x0，PG所在直線的方程為yxx0(xx0)，即yx0xx.令y0，得x，G.PG222222，由tx得x2t，代入上式得，PG2，PG關(guān)于t的函數(shù)解析式為f(t)t，點G在邊AB上，則22，解得即2x02.又0<x02，2x02，由tx得，t，定義域為.(2)令g(t)f2(t)，t，則g(t)，令g(t)0，得t，當(dāng)t<時，g(t)<0；當(dāng)<t時，g(t)>0，故當(dāng)t時，PG2取得最小值，即PG取得最小值，為 ，又因小路每米造價m元，故當(dāng)t百米時小路造價最低，最低造價為100mm(元)B組能力提高5.如圖，矩形ABCD是一個歷史文物展覽廳的俯視圖，點E在AB上，在梯形BCDE區(qū)域內(nèi)部展示文物，DE是玻璃幕墻，游客只能在ADE區(qū)域內(nèi)參觀在AE上點P處安裝一可旋轉(zhuǎn)的監(jiān)控攝像頭，MPN為監(jiān)控角，其中M，N在線段DE(含端點)上，且點M在點N的右下方經(jīng)測量得知，AD6 m，AE6 m，AP2 m，MPN.記EPM(弧度)，監(jiān)控攝像頭的可視區(qū)域PMN的面積為S.(1)求S關(guān)于的函數(shù)關(guān)系式，并寫出的取值范圍；(2)求S的最小值解(1)方法一在PME中，EPM，PEAEAP4 (m)，PEM，PME，由正弦定理得，所以PM，同理在PNE中，由正弦定理得，所以PN，所以PMN的面積SPMPNsinMPN，當(dāng)M與E重合時，0；當(dāng)N與D重合時，tanAPD3，即APD，所以0.綜上可得S，.方法二在PME中，EPM，PEAEAP4 (m)，PEM，PME，由正弦定理可知，所以ME，在PNE中，由正弦定理可知，所以NE，所以MNNEME ，又點P到DE的距離為d4sin2，所以PMN的面積SMNd，當(dāng)M與E重合時，0；當(dāng)N與D重合時，tanAPD3，即APD，所以0.所以S，.(2)當(dāng)2，即時，S取得最小值8(1)所以可視區(qū)域PMN面積的最小值為8(1)m2.6(2018江蘇海門中學(xué)模擬)將一個半徑為3 dm，圓心角為(0,2)的扇形鐵皮焊接成一個容積為V dm3的圓錐形無蓋容器(忽略損耗)(1)求V關(guān)于的函數(shù)關(guān)系式；(2)當(dāng)為何值時，V取得最大值；(3)容積最大的圓錐形容器能否完全蓋住桌面上一個半徑為0.5 dm的球？請說明理由解(1)設(shè)底面半徑為r，高為h,32r，h，Vr2h2，(0,2). (2) 令tr22(0,9)，f(t)t2(9t)，f(t)3t(t6)0，t(0,9)t6，因此t6，時，Vmax2.(3)設(shè)圓錐軸截面三角形內(nèi)切圓半徑為r0.r0(332)2，r032>0.5，所以能完全蓋住桌面上一個半徑為0.5 dm的球7如圖是一座橋的截面圖，橋的路面由三段曲線構(gòu)成，曲線AB和曲線DE分別是頂點在路面A，E的拋物線的一部分，曲線BCD是圓弧，已知它們在接點B，D處的切線相同，若橋的最高點C到水平面的距離H6米，圓弧的弓高h1米，圓弧所對的弦長BD10米(1)求弧所在圓的半徑；(2)求橋底AE的長解(1)設(shè)弧所在圓的半徑為r(r0)，由題意得r252(r1)2，r13.即弧所在圓的半徑為13米(2)以線段AE所在直線為x軸，線段AE的中垂線為y軸，建立如圖所示的平面直角坐標(biāo)系H6米，BD10米，弓高h1米，B(5,5)，D(5,5)，C(0,6)，設(shè)所在圓的方程為x2(yb)2r2(r0)，則弧的方程為x2(y7)2169(5y6)設(shè)曲線AB所在拋物線的方程為ya(xm)2，點B(5,5)在曲線AB上，5a(5m)2，又弧與曲線段AB在接點B處的切線相同，且弧在點B處的切線的斜率為，由ya(xm)2，得y2a(xm)，2a(5m)，2a(5m)，由得m29，A(29,0)，E(29,0)，橋底AE的長為58米，